1、陕西省西安交大附中、龙岗中学2021届高三数学上学期第一次联考试题 文(含解析)一选择题1. 已知集合,则( )A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】先求出集合N,然后求,【详解】解:因为,所以,故选:D【点睛】此题考查集合的交集运算,考查对数函数的值域,属于基础题2. 设,是虚数单位,则“”是“复数为纯虚数”的( )A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充分必要条件D. 既不充分也不必要条件【答案】B【解析】即中至少有一个是零;复数为纯虚数,故为小范围,故为必要不充分条件.3. 已知三条不重合的直线,两个不重合的平面,下列四个命题中正确的是( )A. 若,且,则B. 若,
2、则C. 若,,则D. 若,,则【答案】A【解析】【分析】利用垂直于同一直线两平面平行判断A是否正确;根据线面平行的判定定理判断B是否正确;根据面面平行的判定定理判断C是否正确;根据面面垂直的性质定理判断D是否正确.【详解】l,lm,m,m,A正确;mn,n,有可能m,B错误;m,n,m,n,m、n不一定相交,、不一定平行;C错误;根据面面垂直的性质判断D错误;故选A【点睛】本题考查空间中线面平行与垂直关系的判定,以及平面与平面平行的判定,要特别注意定理的条件4. 2018年5月至2019年春季,在阿拉伯半岛和伊朗西南部,沙漠蝗虫迅速繁衍,呈现几何式的爆发,仅仅几个月,蝗虫数量增长了8000倍,
3、引发了蝗灾,到2020年春季蝗灾已波及印度和巴基斯坦假设蝗虫的日增长率为5%,最初有N0只,则经过( )天能达到最初的16000倍(参考数据;ln1.0500.0488,lnl.50.4055,ln16007.3778,ln160009.6803)A. 198B. 199C. 197D. 200【答案】B【解析】【分析】设过天能达到最初的16000倍,得到方程,结合对数的运算性质,即可求解.【详解】设过x天能达到最初的16000倍,由已知可得,N0(1+0.05)x16000N0,所以x198.4,又xN,故x199天能达到最初的16000倍故选:B.【点睛】本题主要考查了函数的实际应用问题,
4、其中解答中认真审题,列出方程,结合对数的运算公式求解是解答的关键,着重考查运算与求解能力.5. 设实数、满足约束条件,则的最大值是( )A. 2B. 0C. -4D. -2【答案】A【解析】【分析】作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,利用数形结合确定z的最大值【详解】作出约束条件,对应的平面区域如图:(阴影部分ABC)由z=2x+y得y=2x+z,平移直线y=2x+z,由图象可知当直线y=2x+z经过点A时,直线y=2x+z的截距最大,此时z最大将A(1,0)的坐标代入目标函数z=2x+y,得z=21+0=2即z=2x+y的最大值为2故选A【点睛】本题考查的是线性规划问题,解决
5、线性规划问题的实质是把代数问题几何化,即数形结合思想.需要注意的是:一,准确无误地作出可行域;二,画目标函数所对应的直线时,要注意让其斜率与约束条件中的直线的斜率进行比较,避免出错;三,一般情况下,目标函数的最大值或最小值会在可行域的端点或边界上取得.6. 若双曲线的左右焦点分别为,线段被抛物线的焦点分成的两段,则此双曲线的离心率为( )A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】由题意有,结合即可求双曲线的离心率.【详解】由题意知:抛物线焦点为,而双曲线焦点,由线段被抛物线焦点分成两段,整理得:,而,故选:A【点睛】本题考查了求双曲线离心率,应用双曲线、抛物线方程以及参数间的关系求离心
6、率,属于基础题.7. 已知,且,则的最小值为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】利用基本不等式直接求解即可【详解】解:因为,所以,当且仅当,即取等号,所以,所以的最小值为,故选:C【点睛】此题考查基本不等式的应用,属于基础题8. 已知向量,则向量在向量方向上的投影为( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据向量,由求解.【详解】因为向量,所以向量在向量方向上的投影为:,故选:B【点睛】本题主要考查平面向量的数量积运算以及投影问题,还考查了运算求解的能力,属于基础题.9. 在直三棱柱中,则该直三棱柱的外接球的体积是( )A. B. C. D. 【答案】B【解
7、析】【分析】由题意可知将直三棱柱可以补成一个正方体,则直三棱柱的外接球就是正方体的外接球,而正方体外接球的直径是正方体的对角线,从而可得答案【详解】解:因为直三棱柱中,所以将直三棱柱补成棱长为4的正方体,如图所示直三棱柱的外接球就是正方体的外接球,设外接球的半径为,则,解得,所以外接球的体积为,故选:B【点睛】此题考查求直三棱柱外接球的体积,考查数学转化思想,属于基础题10. 设的内角的对边分别为,且,则是( )A. 等腰三角形B. 直角三角形C. 等腰直角三角形D. 等腰或直角三角形【答案】D【解析】【分析】先由降幂公式得,再由正弦定理得,众而得,于是有或,从而可得结论【详解】解:因为,所以
8、,所以由正弦定理得,所以,因为所以或,所以或,所以是等腰三角形或直角三角形故选:D【点睛】此题考查三角函数的降幂公式的应用,考查正弦定理的应用,属于基础题11. 已知数列前项和是,且满足,则( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据已知条件判断出数列奇数项和偶数项为等比数列,由此求得.【详解】依题意,故,故数列()是首项为,公比为的等比数列;数列()是首项为,公比为的等比数列.所以.故选:C【点睛】本小题主要考查分组求和法,考查等比数列前项和公式,属于中档题.12. 下列关于函数的结论中,正确结论的个数是( )的解集是;是极大值,是极小值;没有最大值,也没有最小值;有最大值,
9、没有最小值;有最小值,没有最大值.A. 1个B. 2个C. 3个D. 4个【答案】B【解析】【分析】直接不等式可判断;对函数求导,求函数的极值,可判断;利用导数求函数的最值可判断【详解】解:由,得,即,解得,所以的解集是,所以正确;由,得,令,则,解得或,当或时,当时,所以是极小值,是极大值,所以错误;因为是极小值,且当时,恒成立,而是极大值,所以有最大值,没有最小值,所以正确,错误,故选:B【点睛】此题考查导数的应用,考查函数极值和最值的求法,考查一元二次不等式的解法,属于基础题二填空题13. 命题“”的否定是_.【答案】【解析】【分析】根据全称命题的否定是特称命题,写出结论.【详解】原命题
10、是全称命题,故其否定是特称命题,所以原命题的否定是“”.【点睛】本小题主要考查全称命题的否定是特称命题,除了形式上的否定外,还要注意否定结论,属于基础题.14. 一块外表面均被涂为红色的正方体被分成64个大小相同的小正方体,若将这些小正方体均匀混合,则从中任意取出一块小正方体仅有一面涂成红色的概率是_.【答案】【解析】【分析】结合图形分析出没有涂红色、一面涂红色、两面涂红色和三面涂红色的小正方体个数,再结合概率公式即可求解【详解】根据题意,在得到的64个小正方体中, 每个面上仅有一面涂成红色的正方体个数为4个,故6个面共有(个)其余的都是一面涂油漆的,所以,在64个小正方体中,任取一个其两面涂
11、有油漆的概率为:故答案为:【点睛】本题主要考查了概率的计算公式,考查学生的分类讨论思想,属于基础题15. 已知函数,对任意的都存在,使得,则实数的取值范围是_【答案】【解析】【分析】由题可知,在区间上函数的值域为值域的子集,从而求出实数的取值范围.【详解】函数的图象开口向上,对称轴为,时,的最小值为,最大值为, 的值域为.为一次项系数为正的一次函数,在上单调递增,时,的最小值为,最大值为, 的值域为.对任意的都存在,使得,在区间上,函数的值域为值域的子集,解得故答案为.【点睛】本题考查函数的值域,考查分析解决问题的能力,解题的关键是对“任意”、“存在”的正确理解,确定两个函数值域之间的关系.1
12、6. 已知双曲线,圆,若双曲线的一条渐近线与圆相切,则当取得最小值时,双曲线的实轴长为_.【答案】6【解析】【分析】设双曲线的一条渐近线方程为,根据圆与双曲线的一条渐近线与相切,得到,则,令,利用导数法求解即可.【详解】已知双曲线的一条渐近线方程为,因为圆与双曲线的一条渐近线与相切,所以圆心到直线的距离等于半径,即,所以,即,所以,令,所以,当时,递减,当时,递增,所以当时,取得最小值,所以双曲线的实轴长为6故答案为:6【点睛】本题主要考查双曲线的渐近线,直线与圆的位置关系以及导数法研究函数的单调性与最值,还考查了运算求解的能力,属于中档题.三解答题17. 已知函数,.(1)求函数的最小正周期
13、和对称轴;(2)设的内角的对边分别为,满足,且的面积为,求的值.【答案】(1)最小正周期为,对称轴为:;(2).【解析】【分析】(1)利用三角恒等变换化简函数式可得即可求的最小正周期和对称轴;(2)利用三角形面积公式、余弦定理有,即可求的值.【详解】(1)解:,函数的最小正周期为;而对称轴为,函数的对称轴为:.(2)且,则,由,可知,由余弦定理及,可知;结合:.【点睛】本题考查了正余弦定理的应用,利用三角恒等变换化简函数式,结合三角函数的性质求周期、对称轴,并应用三角形面积公式、余弦定理解三角形,属于中档题.18. 已知数列的前项和为,满足,.(1)求数列的通项公式;(2)设(),求数列的前项
14、和.【答案】(1),;(2).【解析】【分析】(1)由得,可得是等比数列,进而可求数列的通项公式(2)由(1)可得,利用错位相减法,结合等比数列的求和公式可得数列的前项和.【详解】(1)当时,所以;当时,所以,于是;所以,是首项为3,公比是3的等比数列,于是,.(2),【点睛】本题考查数列的通项问题,以及数列的错位相减求和问题,其中错位相减法求数列的和是重点也是难点,相减时注意最后一项的符号,最后结果一定不能忘记等式两边同时除以,本题属于中档题19. 定义椭圆()的“蒙日圆”方程为.已知抛物线的焦点是椭圆的一个短轴端点,且椭圆的离心率为.(1)求椭圆的标准方程和它的“蒙日圆”的方程;(2)若斜
15、率为的直线与“蒙日圆”相交于两点,且与椭圆C相切,为坐标原点,求的面积.【答案】(1)椭圆的标准方程为:;“蒙日圆”方程为;(2).【解析】【分析】(1)求得抛物线的焦点坐标,由此求得,结合椭圆离心率以及,求得,从而求得椭圆的标准方程和它的“蒙日圆”的方程.(2)设,联立直线的方程和椭圆的方程,结合求得.求得圆心到直线的距离,求得,由此求得.【详解】(1)抛物线的焦点为,则,又,且,所以,于是椭圆的标准方程为:;“蒙日圆”方程为.(2)设直线:,由可得:,令可得:,. “蒙日圆”方程为,圆心为,半径,则圆心到直线的距离,.于是,.【点睛】本小题主要考查椭圆、抛物线,考查椭圆中的三角形面积问题,
16、属于中档题.20. 如图,已知正方体中,点分别是棱的中点.(1)证明:四点共面;(2)证明:平面平面;(3)若正方体的棱长为2,点是线段上的一个动点,且动直线与平面所成的角记为,求的最大值.【答案】(1)证明见解析;(2)证明见解析;(3).【解析】【分析】(1)连接,从而可得=,;再结三角形中位线定理可得四边形平行四边形,从而可证得四点共线(2)由于,而,所以,再由正方体的性质可得,从而可证得平面,再由面面垂直的判定定理可证得结果;(3)设点到平面的距离为,则,当最小值时,最大,又由于是等腰三角形,所以当移动到中点时,此时最小,再利用等体积法求出,从而可求得结果【详解】(1)连接,因为=,所
17、以四边形是平行四边形,所以=,;又因为是中点,所以,;又因为是中点,所以,;所以,所以四边形平行四边形,所以四点共线.(2)因为是中点,所以,又因为,所以;又因为在正方体中,平面,所以,又,且平面,所以平面,又平面,所以平面平面;(3)方法1:设点到平面的距离为,则,当最小值时,最大,又由于是等腰三角形,所以当移动到中点时,此时最小;在中,则记线段的中点为时,;又,又,所以,所以;所以,.方法2:如图,平面平面,则过作,交线段的延长线于点,又由(1)知平面平面,所以;所以动直线在平面上的射影为,则,于是,当最小值时,最大,又由于是等腰三角形,所以当移动到中点时,此时最小,所以.由于是线段的四等
18、分点,则在平面中可知;又由于中,则;于是.【点睛】此题考查证明点共面问题,考查面面垂直的判定,考查直线与平面所成的角,考查推理能力和计算能力,属于中档题21. 已知函数.(1)求函数的单调区间;(2)若不等式恒成立,求实数的取值范围;(3)当时,求证:.【答案】(1)答案见解析;(2);(3)证明见解析.【解析】【分析】(1)对函数求导,然后分,两种情况,由导函数的正负可求得其单调区;(2)利用导数求最大值小于零即可,或恒成立,等价于,然后构造函数,利用导数求其最大值即可;(3)由(2)知,当时,恒成立,即(仅当时等号成立),当时,有,然后利用累加法可得,当时,有,再利用累加法可得,从而可证得
19、结论【详解】(1)当时,所以在上递增;当时,令,则,当时,;当时,所以在区间上递增,在上递减.(2)方法1:构造函数当时,由(1)在上递增,又,不符合题意,舍;当时,由(1)知在区间上递增,在上递减;所以,解得:.综上:方法2:分离参数恒成立,等价于,设,令,则当时,;当时,所以在区间上递增,在上递减;所以,所以:(3)由(2)知,当时,恒成立,即(仅当时等号成立)当时,即;所以,;上述不等式相加可得:,即:,即:,;当时,即,即所以,;上述不等式相加可得:,即:,即:,;综上:当时,.【点睛】此题考查导数的应用,考查利用导数求函数的单调区间,利用导数解决恒成立问题,考查累加法的应用,考查转化
20、思想和计算能力,属于难题22. 在极坐标系中,曲线的方程为.以极点为原点,以极轴为轴的正半轴,取相同的单位长度,建立平面直角坐标系,曲线的参数方程为,为参数,.(1)求曲线的直角坐标方程和曲线的普通方程;(2)若曲线与轴相交于点,与曲线相交于两点,求的值.【答案】(1)的直角坐标方程,曲线的普通方程;(2).【解析】【分析】(1)根据极坐标与直角坐标的互化公式,可由极坐标方程直接得出直角坐标方程;根据曲线的参数方程消去参数,即可得出普通方程;(2)由直线的普通方程,先写出直线的参数方程,代入曲线的普通方程,结合韦达定理,根据参数下的弦长公式,即可求出结果.【详解】(1)因为曲线的极坐标方程为,
21、所以:;又因为:,所以:,即曲线的直角坐标方程.曲线的参数方程为,消去参数,可得曲线的普通方程;(2)由于曲线的直角坐标方程,则,且倾斜角为,设曲线的参数方程为,为参数,且两点的参数分别为,则将曲线的参数方程代入曲线的普通方程可得:,由韦达定理可知:,.【点睛】本题主要考查极坐标方程与直角坐标方程的互化,考查参数方程与普通方程的互化,考查弦长的计算,属于常考题型.23. 已知函数.(1)当时,求不等式的解集;(2)当时,不等式恒成立,求实数的取值范围.【答案】(1);(2)或.【解析】【分析】(1)当时,再利用零点分段法分类讨论分别计算可得;(2)依题意可得恒成立,只需要,再利用绝对值三角不等式得到,从而得到不等式,解得即可;【详解】解:(1)当时,当时,所以;当时,所以;当时,所以;综上:不等式的解集为:.(2)当时,不等式恒成立,即:不等式恒成立,只需要由于,当且仅当时等号成立;即:,所以:,解得:或.【点睛】本题考查绝对值不等式的解法,不等式恒成立问题,属于中档题.