1、第十章 交变电流传感器第1节交变电流的产生及描述(1)矩形线圈在匀强磁场中匀速转动时，一定会产生正弦式交变电流。()(2)线圈在磁场中转动的过程中穿过线圈的磁通量最大时，产生的感应电动势也最大。()(3)矩形线圈在匀强磁场中匀速转动经过中性面时，线圈中的感应电动势为零，电流方向发生改变。()(4)交流电气设备上所标的电压和电流值是交变电流的有效值。()(5)交流电压表和电流表测量的是交流电的峰值。()(6)交变电流的峰值总是有效值的倍。()突破点(一)交变电流的产生和描述1正弦式交变电流的产生(1)线圈绕垂直于磁场方向的轴匀速转动。(2)两个特殊位置的特点：线圈平面与中性面重合时，SB，最大，
2、0，e0，i0，电流方向将发生改变。线圈平面与中性面垂直时，SB，0，最大，e最大，i最大，电流方向不改变。(3)电流方向的改变：线圈通过中性面时，电流方向发生改变，一个周期内线圈两次通过中性面，因此电流的方向改变两次。(4)交变电动势的最大值EmnBS，与转轴位置无关，与线圈形状无关。2正弦式交变电流的变化规律(线圈在中性面位置开始计时)函数表达式图像磁通量mcos tBScos t电动势eEmsin tnBSsin t电流iImsin tsin t电压uUmsin tsin t题点全练1.多选(2018海南高考)如图，在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，有一面积为S的矩形单匝闭合导线abcd
3、，ab边与磁场方向垂直，线框的电阻为R。使线框以恒定角速度绕过ad、bc中点的轴旋转。下列说法正确的是()A线框abcd中感应电动势的最大值是BSB线框abcd中感应电动势的有效值是BSC线框平面与磁场方向平行时，流经线框的电流最大D线框平面与磁场方向垂直时，流经线框的电流最大解析：选AC一个单匝线圈在匀强磁场中旋转，当从中性面开始计时，产生的正弦式交变电流电动势的瞬时值表达式为：eEmsin t，感应电动势的最大值EmBS，有效值E，故A正确，B错误；当90时，即线框平面与磁场方向平行时，电流最大，故C正确，D错误。2.多选如图所示，图线a和图线b分别表示线圈A和线圈B在同一匀强磁场中匀速转
4、动时通过线圈的磁通量随时间的变化规律。已知线圈A的匝数与线圈B的匝数分别为10匝和30匝，以下说法正确的是()A线圈A与线圈B的转速之比为23B线圈A与线圈B产生的最大电动势之比为11C线圈A产生的感应电动势的瞬时值表达式为e500cos (5t)VD线圈B在t0.3 s时刻的感应电流为零解析：选BC根据题给图像可知，A的周期为0.4 s，B的周期为0.6 s，所以周期之比为23，根据得：转速之比为32，故A错误；根据Emnm可知：，故B正确；EmA1010 V500 V，根据eEmcos t得：线圈A的感应电动势的瞬时值表达式为e500cos (5t)V，故C正确；线圈B在t0.3 s时刻时
5、，磁通量为零，感应电动势最大，所以感应电流不为零，故D错误。突破点(二)有效值的理解与计算有效值的求解(1)计算有效值的根据是电流的热效应，抓住“三同”：“相同时间”内“相同电阻”上产生“相同热量”列式求解。(2)利用公式QI2Rt和Qt可分别求得电流有效值和电压有效值。典例电阻R1、R2与交流电源按照图甲所示方式连接，R110 ，R220 。合上开关S后，通过电阻R2的正弦式交变电流i随时间t变化的情况如图乙所示。则()A通过R1的电流有效值是1.2 ABR1两端的电压有效值是6 VC通过R2的电流有效值是1.2 ADR2两端的电压最大值是6 V解析首先从交流电图像中找出交变电流的最大值即通
6、过R2的电流最大值为0.6 A，由正弦式交变电流最大值与有效值的关系ImI可知其有效值为0.6 A，由于R1与R2串联，所以通过R1的电流有效值也是0.6 A，选项 A、C错；R1两端电压有效值为U1IR16 V，选项B对；R2两端电压最大值为U2mImR20.620 V12 V，选项D错。答案B多维探究变式1把图像下半部分翻到t轴的上面正弦交流电是由闭合线圈在匀强磁场中匀速转动产生的。线圈中感应电动势随时间变化的规律如图所示，则此感应电动势的有效值为_ V。解析：由有效值的定义式得：2T，得：U220 V。答案：220 V变式2仅余周期的波形家用电子调光灯的调光功能是用电子线路将输入的正弦交
7、流电压的波形截去一部分来实现的，由截去部分的多少来调节电压，从而实现灯光的可调，比过去用变压器调压方便且体积小。某电子调光灯经调整后电压波形如图所示，求灯泡两端的电压的有效值。解析：从ut图像看出，每个周期的前半周期是正弦图形，其有效值为U1；后半周期电压为零。根据有效值的定义，T0，解得U。答案：变式3仅余周期的波形如图所示为一个经双可控硅调节后加在电灯上的电压，正弦交流电的每一个二分之一周期中，前面四分之一周期被截去，则现在电灯上电压的有效值为()AUmB.C. D.解析：选D从Ut图像上看，每个周期正弦波形的有效值U1，根据有效值的定义：T20，解得：U，D正确。变式4把正余弦波形变成矩
8、形波形如图所示，表示一交流电的电流随时间而变化的图像，此交流电的有效值是()A5 A B3.5 AC3.5 A D5 A解析：选D交流电的有效值是根据其热效应定义的，它是从电流产生焦耳热相等的角度出发，使交流电与恒定电流等效。设交流电的有效值为I，令该交变电流通过一阻值为R的纯电阻，在一个周期内有：I2RTI12RI22R。所以该交流电的有效值为I 5 A。变式5上下波形的最大值不一致电压u随时间t的变化情况如图所示，求电压的有效值？解析：由有效值的定义式得：T，得：U55 V。答案：55 V变式6在电阻两端并联二极管如图所示电路，电阻R1与电阻R2阻值相同，都为R，和R1并联的D为理想二极管
9、(正向电阻可看作零，反向电阻可看作无穷大)，在A、B间加一正弦交流电u20 sin 100t V，则加在R2上的电压有效值为()A10 V B20 VC15 V D5 V解析：选D电压值取正值时，即在前半个周期内，二极管电阻为零，R2上的电压等于输入电压值，电压值取负值时，即在后半周期内，二极管电阻无穷大可看作断路，R2上的电压等于输入电压值的一半，据此可设加在R2的电压有效值为U，根据电流的热效应，在一个周期内满足T，可求出U5 V。故选项D正确。方法规律几种典型交变电流的有效值电流名称电流图像有效值正弦式交变电流I正弦半波电流I矩形脉动电流I Im非对称性交变电流I 突破点(三)交变电流“
10、四值”的理解和应用对交变电流“四值”的比较和理解物理量表达式适用情况及说明瞬时值eEmsin tuUmsin tiImsin t计算线圈某时刻的受力情况最大值(峰值)EmnBSIm讨论电容器的击穿电压有效值对正(余)弦交流电有：EUI(1)计算与电流的热效应有关的量(如电功、电功率、电热等)(2)电气设备“铭牌”上所标的一般是有效值(3)保险丝的熔断电流为有效值(4)电表的读数为有效值平均值BLn计算通过电路截面的电荷量题点全练1.多选实验室里的交流发电机可简化为如图所示的模型，正方形线圈在水平匀强磁场中绕垂直于磁感线的OO轴匀速转动。今在发电机的输出端接一个电阻R和理想电压表，并让线圈每秒转
11、25圈，读出电压表的示数为10 V。已知R10 ，线圈电阻忽略不计，下列说法正确的是()A线圈位于图中位置时，线圈中的瞬时电流为零B从中性面开始计时，线圈中电流瞬时值表达式为isin(25t)AC电阻R在5 s内的平均热功率等于10 WD从图所示位置转过90过程中的平均电动势 V解析：选CD线圈平面与磁场平行时，线圈与中性面垂直，感应电动势最大，则线圈中的瞬时电流最大，故A错误；电压表的示数为10 V，故电压的最大值为10 V，最大电流为：Im A A，角速度：2n225 rad/s50 rad/s，故从中性面开始计时，线圈中感应电流瞬时值表达式为：iImsin tsin(50t)A，故B错误
12、；电阻R上的热功率：PI2R1210 W10 W，故C正确；从题图所示位置转过90过程中的平均电动势 V，故D正确。2.(2019盐城中学检测)如图所示，匀强磁场的磁感应强度方向竖直向上，大小为B01 T，电阻为R2 、边长为L1 m的正方形线框abcd水平放置，OO为过ad、bc两边中点的直线，线框全部位于磁场中。现将线框右半部固定不动，而将线框左半部以角速度绕OO为轴向上匀速转动，如图中虚线所示：(1)求线框向上转动60的过程中通过导线横截面的电荷量；(2)若线框左半部分以角速度10 rad/s绕OO向上转动90，求此过程中线框中产生的焦耳热；(3)若线框左半部分也固定不动，此时磁感应强度
13、随时间按B14t(T)变化，求磁场对线框ab边的作用力F随时间变化的关系式。解析：(1)线框在转动过程中产生的平均感应电动势；在线框中产生的平均感应电流，转动过程中通过导线某截面的电荷量qt，联立解得q0.125 C。(2)Em5 V，在转过90过程中产生的正弦式交流电，电动势有效值E V；在转过90过程中产生的焦耳热Qt J。(3)若线框固定不动，磁感应强度随时间按B14t (T)变化，在线框中产生的感应电动势大小EL2，解得E4 V，在线框中产生的感应电流I2 A；线框ab边所受安培力的大小为FBIL，解得F(8t2)N。答案：(1)0.125 C(2) J(3)F(8t2) N3.(20
14、19南京、盐城一模)旋转磁极式发电机通过磁极的旋转使不动的线圈切割磁感线而产生感应电流，其原理示意图可简化为：如图所示，固定不动的单匝矩形线圈abcd的电阻为r，外电阻为R，磁场绕转轴OO匀速转动，角速度为。图中的电压表为理想电表，示数为U。求：(1)发电机线圈内阻消耗的功率；(2)从图示位置开始计时，t0时，通过外电阻 R 的电流及方向；(3)从图示位置开始计时，t时，穿过矩形线圈abcd 的磁通量。解析：(1)根据热功率公式可知，Pr2r。(2)旋转磁极式发电机产生正弦式交变电流，根据正弦式交变电流的最大值与有效值的关系可知，UmaxU，所以电流I，根据“楞次定律”可知，电流方向为自左向右
15、。(3)从图示位置开始计时经过，线圈在中性面位置，所以有EmaxBS，磁通量BS，由以上各式可解得：。答案：(1)2r(2)，方向自左向右(3)交变电流瞬时值表达式的书写问题图甲是交流发电机模型示意图。在磁感应强度为B的匀强磁场中，有一矩形线圈abcd可绕线圈平面内垂直于磁感线的轴OO转动，由线圈引出的导线ae和df分别与两个跟线圈一起绕OO转动的金属圆环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻R形成闭合电路。图乙是线圈的主视图，导线ab和cd分别用它们的横截面来表示。已知ab长度为L1，bc长度为L2，线圈以恒定角速度逆时针转动。(只考虑
16、单匝线圈)(1)线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导t时刻整个线圈中的感应电动势e1的表达式；(2)线圈平面处于与中性面成0夹角位置时开始计时，如图丙所示，试写出t时刻整个线圈中的感应电动势e2的表达式；(3)若线圈电阻为r，求线圈每转动一周电阻R上产生的焦耳热。(其他电阻均不计)解析：(1)矩形线圈abcd在磁场中转动时，只有ab和cd切割磁感线，且转动的半径为r，设ab和cd的转动速度为v，则v在t时刻，导线ab和cd因切割磁感线而产生的感应电动势均为E1BL1v由图可知vvsin t则整个线圈的感应电动势为e12E1BL1L2sin t。(2)当线圈由图丙位置开始运动时，在t时刻整个线圈的感应电动势为e2BL1L2sin(t0)。(3)由闭合电路欧姆定律可知I这里E为线圈产生的电动势的有效值E则线圈转动一周在R上产生的焦耳热为QRI2RT其中T于是QRR2。答案：(1)e1BL1L2sin t(2)e2BL1L2sin(t0)(3)R2书写交变电流瞬时值表达式的基本思路(1)确定正弦式交变电流的峰值，根据已知图像读出或由公式EmnBS求出相应峰值。(2)明确线圈的初始位置，找出对应的函数关系式。若线圈从中性面位置开始转动，则it图像为正弦函数图像，函数式为iImsin t。若线圈从垂直中性面位置开始转动，则it图像为余弦函数图像，函数式为iImcos t。
