1、2020-2021学年第二学期第二次月考高二物理试题一选择题1. 下列叙述中正确的是()A. 电场强度的定义式适用于任何电场，式中的q是场源电荷的电荷量B. 强度公式 适用于真空中点电荷，式中的 Q 是场源电荷的电荷量C. 公式是匀强电场的场强计算式，U 越大，则电场强度越大D. 由可知q越大，则电场强度越小；由可知Q越大，则电场强度越大【答案】B【解析】【详解】A是电场强度的定义式，它适用于任何电场，式中的q是试探电荷的电荷量，故A错误；B是真空中点电荷场强的计算式，式中的Q是场源电荷的电荷量，故B正确；C是匀强电场的场强计算式，U越大，电场强度恒定不变，故C错误；D是电场强度的定义式，式中
2、的q是试探电荷的电荷量，电场强度的大小与q无关，是真空中点电荷场强的计算式，式中的Q是场源电荷的电荷量，Q越大，电场强度越大，故D错误。故选B。2. 如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离，用a、b、c和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以判定（ ）A. abcB. EaEbEcC. abbcD. EaEbEc【答案】A【解析】【详解】A由沿电场方向电势降低可得abc，故A正确；BD一条电场线无法描述电场的分布，故Ea、Eb、Ec的大小关系不能确定，故BD错误；C如果是匀强电场，才有abbc，故C错误。故选A。
3、3. 如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下级板都接地在两极板间有一固定在P点的点电荷，以E表示两极板间的电场强度，EP表示点电荷在P点的电势能，表示静电计指针的偏角若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则（）A. 增大，E增大B. 增大，EP不变C. 减小，EP增大D. 减小，E不变【答案】D【解析】试题分析：若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离，则根据可知，C变大，Q一定，则根据Q=CU可知，U减小，则静电计指针偏角减小；根据，Q=CU，联立可得，可知Q一定时，E不变；根据U1=Ed1可知P点离下极板的距离不变，E不变，
4、则P点与下极板的电势差不变，P点的电势不变，则EP不变；故选项ABC错误，D正确【考点定位】电容器、电场强度、电势及电势能【名师点睛】此题是对电容器的动态讨论；首先要知道电容器问题的两种情况：电容器带电荷量一定和电容器两板间电势差一定；其次要掌握三个基本公式：，Q=CU；同时记住一个特殊的结论：电容器带电荷量一定时，电容器两板间的场强大小与两板间距无关4. 关于电流,下列各种说法中正确的是( )A. 电流的定义式I=q/t,适用于任何电荷的定向移动形成的电流B. 由I=nqsv可知,金属导体中自由电荷的运动速率越大,电流一定越大C. 电荷定向移动的方向就是电流的方向D. 因为电流有方向,所以电
5、流是矢量【答案】A【解析】【详解】A、电流的定义式I=q/t采用的是比值定义法，具有比值定义法的共性是普遍适用，适用于任何电荷的定向移动形成的电流；故A正确.B、由I=nqsv可知，电流的大小跟导体的材料(决定n)，导体的横截面积(s)和电荷定向移动的速率(v)共同决定；故B错误.C、物理学中把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，负电荷定向移动的反方向是电流的方向；故C错误.D、电流有大小和方向，但方向是指沿着电荷运动的直线上，不同于矢量的方向；故电流是标量；故D错误.故选A5. 甲、乙两根导线，甲的电阻率是乙的4倍，乙的长度是甲的3倍，甲的横截面积是乙的2倍，则两根导线电阻之比是 ( )A
6、. 13B. 23C. 32D. 61【答案】B【解析】【详解】甲、乙两根导线，甲的电阻率是乙的4倍，乙的长度是甲的3倍，甲的横截面积是乙的2倍，由电阻定律，则两根导线电阻之比故选B。6. 关于电动势与电压的说法正确的是（ ）A. 电动势就是电压，等于内外电压之和B. 电动势就是电源没有接入电路时两极之间的电压C. 电动势、电压、电势差虽然名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同D. 电动势表征的是非静电力做功的能力，即电源将其他形式能转化为电能本领的物理量，电压表征的是电场力做功的能力，在电路中将电能转化为其他形式能的物理量【答案】D【解析】【详解】AB. 电动势是电源本身的性质，其大小等于
7、内外电压之和，但不能说它就是电压；故A错误，B错误；CD. 电动势是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量；电压表征的是电场力做功的能力，在电路中将电能转化为其他形式能的物理量电动势单位与电压、电势差相同，但意义不同故C错误，D正确；故选D.7. 将三个不同的电源的U-I图线画在同一坐标中，如图所示，其中1和2平行，以下说法正确的是：（）A. 电动势B. 电动势C. 电源内阻D. 短路电流【答案】D【解析】【详解】根据U=E-Ir可知，U-I图像的斜率等于电源内阻，则图像与U轴的交点坐标等于电源电动势，则图像与I轴的交点坐标等于短路电流，则则选项ABC错误，D正确。故选D。8. 如
8、图所示，伏安法测电阻的电路中，电压表的量程为3V，内阻为1k，测量时发现电压表的量程过小，在电压表上串联一个阻值为1k的定值电阻R0，最后电压表示数为2.00 V，电流表示数为0.10 A，下列说法正确的是( )A. Rx略大于40 B. Rx略小于40 C. Rx略小于20 D. Rx略大于20 【答案】A【解析】试题分析：因为串联的电阻R0与RV相同，电压表示数为2V，则Rx两端的电压为4V；Rx的电流：，则，故选项A正确考点：欧姆定律的应用.9. 如图所示是测试热敏电阻R的性质的电路图，当保持滑动变阻器阻值不变，环境温度升高时，灯泡L变亮。下列说法正确的是（）A. 电路中电流减小B. 电
9、路中电流增大C. 热敏电阻阻值增大D. 热敏电阻的阻值减小【答案】BD【解析】【详解】AB电路图中四个元件是串联关系，灯泡变亮，功率变大，根据得到电流变大，A错误B正确；CD电路的总电流变大，根据闭合电路欧姆定律可得总电阻变小，故热敏电阻的阻值减小了，C错误D正确；故选BD。10. 调整欧姆零点后，用“10”挡测量一个电阻的阻值，发现表针偏转角度极小，那么正确的判断和做法是（ ）A. 这个电阻值很大B. 这个电阻值很小C. 为了把电阻测得更准确，应换用“”挡，重新调欧姆零点后测量D. 为了把电阻测得更准确，应换用“”挡，重新调欧姆零点后测量【答案】AD【解析】【分析】欧姆表的表盘左边密右边疏，
10、且零刻度在右边，偏角小说明阻值大，要换较大挡，重新调零后测量【详解】欧姆表的零刻度在右边，所以指针偏角小说明待测电阻很大，为了更准确测量应换100挡，且重新欧姆调零后再测量，故选AD。11. 如图所示的电路中，若ab为输入端，A、B为输出端，现把滑动变阻器的滑动触片置于变阻器的中央，则（）A. 空载时输出电压UABUabB 当AB间接上负载R时，输出电压UABC. AB间的负载R越大，UAB越接近D. AB间的负载R越小，UAB越接近【答案】BC【解析】【详解】Aa空载时A错误；BA、B间接入R时，R与变阻器一半电阻并联，并联后电阻小于变阻器阻值一半，所以B正确；CDR越大，并联电阻越接近变阻
11、器阻值一半， 越接近， D错误C正确。故选BC。12. 如图所示，直线b为电源的UI图像，直线a为电阻R的UI图像，用该电源和该电阻串联组成闭合电路时，下列说法正确的是（）A. 电源的输出功率为4WB. 电源的电动势为3V，内阻为0.5C. 电源的热功率为2WD. 电源的效率约为33.3%【答案】ABC【解析】【详解】B由图可知，图线b与纵坐标的交点表示电源的电动势，图像的斜率等于电源的内阻，可得电源的电动势内阻B正确； A当电源的与电阻串联后，两图线的交点就表示电路的工作状态，可读出电路中电流为2A，路端电压为2V，则电源的输出功率A正确；C电源的热功率C正确；D电源的效率D错误。故选ABC
12、。二实验题13. (1)有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图所示的读数是_mm。(2)按照有效数字规则读出下图电表盘的测量值。接03V量程时读数为_V； 接015V量程时读数_V；接00.6A量程时读数为_A。【答案】 (1). 22.35 (2). 2.15 (3). 10.7 (4). 0.43【解析】【详解】(1)1游标卡尺的主尺读数为，游标读数为所以最终读数为(2)2接量程时，每小格表示0.1V，读数为3接量程时，每小格表示0.5V，读数为：10.7V。4接量程时，每小格表示0.02A，读数为：0.43A。14. 要测量某种合金的
13、电阻率（1）若合金丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率=_，用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示，读数为_mm（2）图乙是测量合金丝阻值的原理图，S2是单刀双掷开关根据原理图在图丙中将实物连线补充完整_(3)闭合S1,当S2处于位置a时,电压表和电流表的示数分别为U1=1.35V,I1=0.30A；当S2处于位置b时,电压表和电流表的示数分别为U2=0.92V,I2=0.32A，根据以上测量数据判断,当S2处于位置_(选填“a”或“b”)时,测量相对准确,测量值Rx =_.(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). (2). 0.650 (3). b (4). 2.9 (5). 如图所示
14、：【解析】【分析】(1)螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.(2)根据电路图连接实物电路图.(3)根据实验数据判断电压与电流变化大小，从而确定电压表还是电流表误差较大，进而确定外接法还是内接法，再由欧姆定律，求解电阻.【详解】(1)有电阻的决定式得电阻率为；由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+15.00.01mm=0.650mm；(2)根据图2所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：(3)由实验数据可知：,由此可知：,电流表分压较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，即S2处于位置a，根据欧姆定律，则有：；【点睛】本题考查了螺旋测微器读数、求电阻率，螺旋测微
15、器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读一位，读数时视线要与刻度线垂直，并掌握电流表内接法与外接法的确定依据.三计算题15. 一辆电动自行车的铭牌上给出了如下的技术参数表请根据表计算规格后轮驱动直流电机车型26英寸额定输出功率120W整车质量30kg额定电压40V最大载量120kg额定电流4.0A（1）此车电机的内阻；（2）电机以额定值正常工作时的机械效率；（3）在额定电压下，电机突然卡死时，电机的总功率【答案】（1）2.5 （2）75%（3）640W【解析】解：（1）由表格读出电机的额定电压U=40V，额定电流I=4A，额定输出功率 电机输入的是电功率，总功率等于电功
16、率，得到 根据能量守恒得，内部发热功率 ，又 则有 解得：（2）电机正常工作时的效率 （3在额定电压下，电机突然卡死时，电机电路是纯电阻电路，欧姆定律成立，则有 综上所述本题答案是：（1）2.5 （2）75%（3）640W16. 如图所示，长L=0.12 m的绝缘轻杆上端固定在O点，质量m=0.6 kg、电荷量q=0.5 C的带正电金属小球套在绝缘轻杆上，空间存在水平向右的匀强电场，球与杆间的动摩擦因数=0.75当杆竖直固定放置时，小球恰好能匀速下滑，g取10 m/s2(1)求匀强电场的电场强度大小;(2)改变轻杆与竖直方向的夹角，使球下滑过程中与杆之间的摩擦力为零，并将小球从O点由静止释放，
17、求小球离开杆时的速度大小【答案】(1)16 N/C(2)2 m/s【解析】【详解】(1) 当杆竖直固定放置时，小球恰好能匀速下滑，故小球受力平衡，由小球受重力、电场力、杆的支持力和摩擦力作用可得：解得：=16 N/C(2)小球与杆之间摩擦力为零，说明小球与杆之间的弹力为零，则有：所以：即：设小球的加速度为a，根据牛顿第二定律有：解得：a= m/s2由运动学公式：解得小球离开杆时速度大小为：v=2 m/s17. 如图所示，光滑绝缘斜面高度h=0.45 m，斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心轴线。平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为l=0.9 m，板间距离d=
18、0.6 m，R1=3 ，R2=3 ，R3=6 。可以看为质点的带电小球，电量q=-0.01 C，质量m=0.03 kg，从斜面顶端静止下滑。(1)若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E。(2)若S1断开，S2闭合，小球离开平行板右边缘时，速度偏向角，求电源内阻r。【答案】(1)18V；(2)1【解析】【详解】(1)小球下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得解得对S1、S2均断开时，极板电势差即为电源电动势E，由平衡条件得解得(2)当S1断开，S2闭合时，带电小球做类平抛运动，水平方向竖直方向分速度对带电小球，由牛顿第二定律得其中代入数据解得当S1断开，S2闭合时，R1与R3串联，电容器与R3并联，电容器两端电压由部分电路欧姆定律由闭合电路欧姆定律代入数据解得
