1、2015年湖南省怀化市新晃一中高考物理模拟试卷（四）一、选择题（每题6分，共48分）1关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A 奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C 牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出了引力常量D 法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机2如图所示，把小车放在倾角为30的光滑斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有沙子的小桶相连，不计滑轮质量及摩擦，已知小车的质量为3m，小桶与沙子的总质量为m，小车从静止释放后，在小桶上升竖直高度为h的过程中（）A 小桶处于失重状态B 小桶的最大速度为C 小车受
2、绳的拉力等于mgD 小车的最大动能为mgh3如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械，在手臂OA沿由水平方向缓慢移到A位置过程中，若手臂OA，OB的拉力分别为FA和FB，下列表述正确的是（）A FA一定小于运动员的重力GB FA与FB的合力始终大小不变C FA的大小保持不变D FB的大小保持不变4国际永久编号为8256号小行星是由中国科学院紫金山天文台于1981年10月25日发现的国际永久编号为21064号的小行星是西班牙天文学家艾斯特于1991年6月6日在欧洲南方天文台发现的2005年，国际小行星命名委员会分别将两星命名为“神舟星”和“杨利伟星”，两星的运行轨道均处在火星和木星轨道之间的主带
3、小行星之中，轨道比较稳定已知“神舟星”平均每天绕太阳运行174万公里，“杨利伟星”平均每天绕太阳运行145万公里假设两行星均绕太阳做匀速圆周运动，则两星相比较（）A “神舟星”的轨道半径大B “神舟星”的公转周期大C “神舟星”的加速度大D “神舟星”受到的向心力大5如图所示，充电的平行板电容器两板间形成匀强电场，以A点为坐标原点，AB方向为位移x的正方向，能正确反映电势随位移x变化的图象是（）A B C D 6如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，上面放一个质量为m的带负电小球，小球与弹簧不连接，在弹簧弹性范围内现用足够大的力F将小球向下压到某位置后撤去F，让小球由静止释
4、放不计空气阻力，则（）A 小球和弹簧组成的系统机械能守恒B 弹簧弹力为零时小球速度最大C 小球速度最大时弹簧弹性势能最小D 小球上升过程中的电势能增加7如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，原线圈接u1=220sin100t（V）的交流电，灯泡L标有“50V100W”字样，电阻R=25，D为理想二极管，则（）A 灯泡L不能正常发光B 二极管的反向耐压值应大于50VC 原线圈的输入功率为200WD 通过副线圈的电流有效值为3A8两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨的电阻可忽略不计，斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上，质量为
5、m、电阻不计的金属棒ab，在沿着斜面、与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升高度h如图所示，在这个过程中（）A 作用在金属棒上的合力所做的功等于零B F与安培力的合力所做的功等于零C F与重力的合力做的功数值上等于电阻R上产生的焦耳热D 若F增大到某一值，导体棒将作匀加速直线运动三、实验题9如图甲所示是某同学探究加速度与力的关系的实验装置他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=mm（2）实验时，将滑块从A位置由静止释放，
6、由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是10在“测定直流电动机的效率”实验中，用图1所示的电路测定一个额定电压为6V、额定功率为3W的直流电动机的机械效率（1）根据电路图2完成实物图的连线；（2）实验中保持电动机两端电压U恒为6V，重物每次匀速上升的高度h均为1.5m，所测物理量及测量结果如表所示：实验次数12345电动机的电流I/A0.20.40.60.82.5所提重物的重力Mg/N0.82.04.06.06.5重物上升时间t/s1.41.652.12.7重物不运动计算电动机效率的表达式为（用符号表示），前4次实验中电动机工作效率的平均值为（3）
7、在第5次实验中，电动机的输出功率是；可估算出电动机线圈的电阻为四、计算题11如图所示，水平地面上有A、B两点，且两点间距离LAB=6m，质量m=2kg的物体（可视为质点）静止在A点，地面与物块的滑动摩擦因数=0.2，为使物体运动到B点，现给物体施加一水平F=10N的拉力，g取10m/s2，求（1）物体运动到B点的时间；（2）拉力F作用的最短时间12如图所示，圆心为原点、半径为R的圆将xoy平面分为两个区域，即圆内区域和圆外区域区域内有方向垂直于xoy平面的匀强磁场B平行于x轴的荧光屏垂直于xoy平面，放置在直线y=2R的位置一束质量为m、电荷量为q、速度为v0的带正电粒子从坐标为（R，0）的A
8、点沿x轴正方向射入区域，粒子全部垂直打在荧光屏上坐标为（0，2R）的M点若区域中加上平行于x轴的匀强电场，从A点沿x轴正方向以速度2v0射入区域的粒子垂直打在荧光屏上的N点不考虑重力作用，求：（1）在区域中磁感应强度B的大小和方向（2）在区域中电场的场强为多大？MN两点间距离是多少？五、选考题【物理选修3-4】（15分）13在以下各种说法中，正确的是（）A 机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象B 横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期C 变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场D 相对论认为：真空中的光速在不同惯性参
9、照系中都是相同的E 如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去14半径为R折射率为的半球形玻璃砖，截面如图所示，O为圆心，相同频率的单色光束a、b相互平行，从不同位置进入介质，光线a在O点恰好产生全反射求：玻璃砖发生全反射的临界角光束ab在玻璃砖底产生的两个光斑的距离OB【物理选修3-5】（15分）15 下列说法正确的是（）A 光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量B 玻尔认为，原子中电子轨道是量子化的，能量也是量子化的C 将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期D 原子核的质量大于组成它的核子的
10、质量之和，这个现象叫做质量亏损E 普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说16 如图甲所示，光滑水平面上有A、B两物块，巳知A物块的质量 mA=1kg初始时刻B静止，A以一定的初速度向右运动，之后与B发生碰撞 并一起运动，它们的位移一时间图象如图乙所示（规定向右为位移的正方向），则物体B的质量为多少？2015年湖南省怀化市新晃一中高考物理模拟试卷（四）参考答案与试题解析一、选择题（每题6分，共48分）1关于物理学家和他们的贡献，下列说法中正确的是（）A 奥斯特发现了电流的磁效应，并发现了电磁感应现象B 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷e的数值C 牛顿发现万有引力定律，并通过实验测出
11、了引力常量D 法拉第发现了电磁感应现象，并制作了世界上第一台发电机考点：物理学史分析：根据已有的知识，了解物理学史，知道科学家对物理的贡献解答：解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象故A错误B、库仑提出了库仑定律，美国物理学家密立根利用油滴实验测定出元电荷e的带电量故B错误C、牛顿发现万有引力定律，英国人卡文迪许利用扭秤实验测出了引力常量故C错误D、法拉第不仅发现了电磁感应现象，而且发明了人类历史上的第一台发电机故D正确故选D点评：本题考查了物理学史，学好物理学史不仅是高中物理学习的要求，而且能增加我们对物理的学习兴趣，平时要注意物理学史的积累2如图所示，把小车放在倾角为3
12、0的光滑斜面上，用轻绳跨过定滑轮使之与盛有沙子的小桶相连，不计滑轮质量及摩擦，已知小车的质量为3m，小桶与沙子的总质量为m，小车从静止释放后，在小桶上升竖直高度为h的过程中（）A 小桶处于失重状态B 小桶的最大速度为C 小车受绳的拉力等于mgD 小车的最大动能为mgh考点：动能定理的应用；力的合成与分解的运用；牛顿第二定律专题：动能定理的应用专题分析：先根据A、B的位移之间的关系求出B上升的高度hB，再分别以A、B为研究对象，根据动能定理列式可求得B的速度，设B再上升h时，速度为零，由动能定理求出h，解答：解：A、C：在整个的过程中，小桶向上做加速运动，所以小桶受到的拉力大于重力，小桶处于超重
13、状态故A错误，C错误；B、在小桶上升竖直高度为h的过程中只有重力对小车和小桶做功，由动能定律得：解得：，故B正确；D、小车和小桶具有相等的最大速度，所以小车的最大动能为：，故D错误故选：B点评：本题主要考查了动能定理得直接应用，要能根据题目需要选取不同的研究对象及合适的过程运用动能定理求解，难度适中3如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械，在手臂OA沿由水平方向缓慢移到A位置过程中，若手臂OA，OB的拉力分别为FA和FB，下列表述正确的是（）A FA一定小于运动员的重力GB FA与FB的合力始终大小不变C FA的大小保持不变D FB的大小保持不变考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解
14、的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以人为研究对象，分析受力情况，运用作图法分析FA与重力的大小关系人保持静止状态，则知FA与FB的合力始终大小不变由图判断FA与FB的变化情况解答：解：A、以人为研究对象，分析受力情况如图，由图看出，FA不一定小于重力G故A错误B、人保持静止状态，则知FA与FB的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变故B正确C、D由图看出FA的大小在减小，FB的大小也在减小故CD均错误故选B点评：本题是动态平衡问题，运用图解法比较直观，也可以运用函数法进行研究4国际永久编号为8256号小行星是由中国科学院紫金山天文台于1981年10月25日发现的国际永久编号为2106
15、4号的小行星是西班牙天文学家艾斯特于1991年6月6日在欧洲南方天文台发现的2005年，国际小行星命名委员会分别将两星命名为“神舟星”和“杨利伟星”，两星的运行轨道均处在火星和木星轨道之间的主带小行星之中，轨道比较稳定已知“神舟星”平均每天绕太阳运行174万公里，“杨利伟星”平均每天绕太阳运行145万公里假设两行星均绕太阳做匀速圆周运动，则两星相比较（）A “神舟星”的轨道半径大B “神舟星”的公转周期大C “神舟星”的加速度大D “神舟星”受到的向心力大考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用专题：人造卫星问题分析：由题告诉两星的绕行路程，可知神州星绕太阳的速度快，由可
16、知，速度大的轨道半径小，神州星的轨道半径小，杨利伟星的轨道半径大，故依据万有引力提供向心力的表达式，可以判定周期，加速度，向心力等解答：解：A、由可知，速度大的轨道半径小，神州星的轨道半径小，故A错误B、由万有引力提供向心力得：，解得：，神州星半径小，故周期小，故B错误C、由万有引力提供向心力得：，解得：，神州星的半径小，故加速度大，故C正确D、由，由于不知道两颗星的质量，故不能比较向心力，故D错误故选C点评：这类题就是要依据给定的提示，判定出来某一圆周运动的量，进而由万有引力充当向心力可以分析各物理量5如图所示，充电的平行板电容器两板间形成匀强电场，以A点为坐标原点，AB方向为位移x的正方向
17、，能正确反映电势随位移x变化的图象是（）A B C D 考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势专题：电场力与电势的性质专题分析：沿电场线的方向电势逐渐降低，在匀强电场中电势与场强的关系呈线性关系解答：解：沿电场线的方向电势逐渐降低，AB错误；在匀强电场中电势与场强的关系为U=Ed，呈线性关系，故C正确D错误故选C点评：要知道匀强电场中电势和场强的关系式，沿电场线方向电势降低最快6如图所示，竖直向上的匀强电场中，绝缘轻质弹簧直立于地面上，上面放一个质量为m的带负电小球，小球与弹簧不连接，在弹簧弹性范围内现用足够大的力F将小球向下压到某位置后撤去F，让小球由静止释放不计空气阻力，则（）A 小
18、球和弹簧组成的系统机械能守恒B 弹簧弹力为零时小球速度最大C 小球速度最大时弹簧弹性势能最小D 小球上升过程中的电势能增加考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：对系统而言，若只有重力或弹簧弹力做功，机械能守恒当小球所受合力为零时，小球的速度最大根据电场力做功判断电势能的变化解答：解：A、小球和弹簧组成的系统，除了重力和弹簧弹力做功以外，还有电场力做功，则系统机械能不守恒故A错误B、当小球所受的合力为零，即F弹=mg+qE时，小球的速度最大，此时弹力不为零，弹性势能不是最小故B、C错误D、在上升的过程中，电场力做负功，则电势能增加故D正确故选D点评：解决本题的关键掌握机械能守恒的
19、条件，以及知道电场力做功与电势能的关系7如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=22：5，原线圈接u1=220sin100t（V）的交流电，灯泡L标有“50V100W”字样，电阻R=25，D为理想二极管，则（）A 灯泡L不能正常发光B 二极管的反向耐压值应大于50VC 原线圈的输入功率为200WD 通过副线圈的电流有效值为3A考点：变压器的构造和原理专题：交流电专题分析：根据表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、原线圈电压有效值为220V，原、副线圈的匝数比等于电压比，可知副线圈的电压
20、为，U2=50V，故灯泡L能正常发光，A错误；B、副线圈的最大电压为50V，二极管具有单向导电性，因此二极管的反向耐压值应大于50V，故B正确；C、由于现在二极管的作用，副线圈的电阻电压只有正向电压则电阻消耗的功率为P=50，所以副线圈的输出功率应为150W等于原线圈输入功率，故C错误；D、设R电压的有效值为U则有：T=，得U=25V，电流的有效值 I2=A，故D错误；故选B点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管和电容器的作用要了解8两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为的斜面上，导轨的左端接有电阻R，导轨的电阻可忽略不计，斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上
21、，质量为m、电阻不计的金属棒ab，在沿着斜面、与棒垂直的恒力F作用下沿导轨匀速上滑，并上升高度h如图所示，在这个过程中（）A 作用在金属棒上的合力所做的功等于零B F与安培力的合力所做的功等于零C F与重力的合力做的功数值上等于电阻R上产生的焦耳热D 若F增大到某一值，导体棒将作匀加速直线运动考点：导体切割磁感线时的感应电动势；牛顿第二定律；安培力；电磁感应中的能量转化专题：电磁感应功能问题分析：题中导体棒ab匀速上滑，合力为零，故合力的做功为零；对导体棒正确受力分析，根据动能定理列方程，弄清功能转化关系，注意克服安培力所做功等于回路电阻中产生的热量解答：解：A、体棒ab匀速上滑，合力为零，故
22、合力的做功为零，故A正确；B、导体棒匀速上升过程中，根据动能定理得：WFWGW安=0，注意克服安培力所做功即为回路电阻中产生的热量，故有：恒力F与安培力合力做功等于克服重力所做功，为mgh，故B错误；C、恒力F与重力的合力所做的功等于克服安培力所做功，即等于电阻R上发出的焦耳热，故C正确D、若F增大到某一值，导体棒将作加速直线运动，速度变大，安培阻力会变大，加速度一定变化，不可能做匀加速直线运动，除非拉力是变化的，故D错误；故选：AC点评：对于电磁感应与功能结合问题，注意利用功能关系判断各个力做功之间关系，尤其注意的是克服安培力所做功等于整个回路中产生热量三、实验题9如图甲所示是某同学探究加速
23、度与力的关系的实验装置他在气垫导轨上安装了一个光电门B，滑块上固定一遮光条，滑块用细线绕过气垫导轨左端的定滑轮与力传感器相连，传感器下方悬挂钩码，每次滑块都从A处由静止释放（1）该同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d=2.25mm（2）实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是A位置到光电门的距离x考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系专题：实验题；牛顿运动定律综合专题分析：游标卡尺读数结果等于固定刻度读数加上可动刻度读数，不需要估读滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度根据
24、运动学公式解答解答：解：（1）由图知第5条刻度线与主尺对齐，d=2mm+50.05mm=2.25 mm；（2）实验时，将滑块从A位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门B的时间t，滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度即v=，根据运动学公式v20=2ax，若要得到滑块的加速度，还需要测量的物理量是A位置到光电门的距离x故答案为：（1）2.25 （2）A位置到光电门的距离x点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础处理实验时一定要找出实验原理，根据实验原理我们可以寻找需要测量的物理量和需要注意的事项10在“测定直流电动机的效率”实验中，用图1所示的电路测定一个
25、额定电压为6V、额定功率为3W的直流电动机的机械效率（1）根据电路图2完成实物图的连线；（2）实验中保持电动机两端电压U恒为6V，重物每次匀速上升的高度h均为1.5m，所测物理量及测量结果如表所示：实验次数12345电动机的电流I/A0.20.40.60.82.5所提重物的重力Mg/N0.82.04.06.06.5重物上升时间t/s1.41.652.12.7重物不运动计算电动机效率的表达式为（用符号表示），前4次实验中电动机工作效率的平均值为74%（3）在第5次实验中，电动机的输出功率是0；可估算出电动机线圈的电阻为2.4考点：伏安法测电阻专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）对照电路图，连接
26、实物图（2）电动机效率等于有用功与总功的比值，有用功为克服物体重力做的功，电动机的电功是总功（3）电动机的输出功率是机械功率，由图知，重物静止，电动机没有功率输出，此时电动机电路中纯电阻电路，根据欧姆定律求解线圈的内阻解答：解：（1）如下图；（2）电动机效率的表达式为，前4次实验中电动机工作效率的平均值为=（+）代入解得，=74%（3）在第5次实验中，由图看出，重物处于静止状态，则电动机的输出功率为0根据欧姆定律得：电动机线圈的电阻为R=2.4故答案为：（1）如图；（2），74%（3）0，2.4点评：本题中连接实物图是应培养的基本功要掌握电动机效率的意义当电动机不转动时，其电路是纯电阻电路，欧
27、姆定律仍成立四、计算题11如图所示，水平地面上有A、B两点，且两点间距离LAB=6m，质量m=2kg的物体（可视为质点）静止在A点，地面与物块的滑动摩擦因数=0.2，为使物体运动到B点，现给物体施加一水平F=10N的拉力，g取10m/s2，求（1）物体运动到B点的时间；（2）拉力F作用的最短时间考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：牛顿运动定律综合专题分析：当拉力作用一段时间，撤去拉力，物体恰好匀减速直线运动到B点速度为零，则拉力的作用的时间为最短时间，根据牛顿第二定律和运动学公式求出最短时间解答：解：（1）由Fmg=ma1得：a1=在水平
28、地面上做初速度为零的匀加速直线运动，位移有：解得：t=2s（2）要使F作用时间最短，则F作用一段最短时间t1后撤去该力，使物体匀减速运动t2时间在B点恰好停止设撤去F后物体做匀减速直线运动的加速度大小为a2，时间为t2，位移为s2，由题意可得：mg=ma2a2=2m/s2a1t1=a2t2s1+s2=LAB联立解得最短的时间答：（1）物体运动到B点的时间为2s（2）拉力F作用的最短时间为点评：解决本题的关键理清物体的运动过程，根据牛顿第二定律和运动学公式综合求解12如图所示，圆心为原点、半径为R的圆将xoy平面分为两个区域，即圆内区域和圆外区域区域内有方向垂直于xoy平面的匀强磁场B平行于x轴
29、的荧光屏垂直于xoy平面，放置在直线y=2R的位置一束质量为m、电荷量为q、速度为v0的带正电粒子从坐标为（R，0）的A点沿x轴正方向射入区域，粒子全部垂直打在荧光屏上坐标为（0，2R）的M点若区域中加上平行于x轴的匀强电场，从A点沿x轴正方向以速度2v0射入区域的粒子垂直打在荧光屏上的N点不考虑重力作用，求：（1）在区域中磁感应强度B的大小和方向（2）在区域中电场的场强为多大？MN两点间距离是多少？考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：带电粒子在磁场中受到洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力始终与速度相垂直，由于洛伦兹力不做功，所以动能
30、不变带电粒子在磁场中运动，由左手定则可判定洛伦兹力方向从而可根据运动轨迹来确定洛伦兹力的方向，最终能得出磁感应强度大小与方向当粒子垂直射入匀强电场时，粒子做类平抛运动，从而利用平抛运动规律来解题由轨迹的几何关系可以得到MN的间距解答：解：（1）如图1所示，粒子在区域中运动四分之一圆周后，从C点沿y轴负方向打在M点，轨迹圆心是O1点，半径为 r1=R 由洛伦兹力充当向心力得： 解得：由带正电粒子向下偏转，由左手定则可知，B方向为垂直xoy平面向外（2）当2v0速度射入，粒子在区域中作圆周运动半径为2R，其运动轨迹如图由右图2及几何关系可知：所以 粒子进入电场后沿y轴方向做匀速直线运动，则时间t为
31、粒子在x轴方向做匀减速直线运动，则：又：qE=ma联立得：=答：（1）在区域中磁感应强度B的大小为，方向为垂直xoy平面向外（2）在区域中电场的场强为，MN两点间距离是点评：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，处理时注意：定圆心、画轨迹、求半径；而在电场中做类平抛运动，处理时：电场强度方向做匀加速直线运动，垂直电场强度方向做匀速直线运动五、选考题【物理选修3-4】（15分）13在以下各种说法中，正确的是（）A 机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象B 横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期C 变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生
32、变化的电场D 相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中都是相同的E 如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，这说明该星系正在远离我们而去考点：电磁波的产生；波的形成和传播；狭义相对论分析：机械波和电磁波本质上不相同，前者不能在真空中传播，而后者可以传播，但都能发生反射、折射、干涉与衍射现象；质点不会随着波传播而迁移；电磁场理论：变化的电场产生磁场，而变化的磁场会产生电场；相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中都是相同；由多普勒效应，接收的波长与频率成反比，从而根据波长的长短来确定距离的远近解答：解：A、机械波和电磁波本质上不相同，前者是机械振动在
33、介质中传播，而电磁波由变化电磁场产生的，可以在真空中传播，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象，故A正确；B、横波在传播过程中，波峰运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期，而质点并不随着波传播而迁移，故B错误；C、变化的电场一定产生磁场；变化的磁场一定产生电场，可能是均匀变化，也可能非均匀变化若是均匀变化的，则产生恒定故C错误；D、爱因斯坦相对论认为：真空中的光速在不同惯性参照系中也都是相同，故D正确；E、根据多普勒效应，可知，当自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发光的波长长，由c=f，得接收的频率变小，因此说明该星系正在远离我们而去，故E正确；故选ADE点评：考查机械
34、波与电磁波的区别，掌握电磁场理论，理解质点不随波迁移，知道光速不变原理，理解多普勒效应现象的应用14半径为R折射率为的半球形玻璃砖，截面如图所示，O为圆心，相同频率的单色光束a、b相互平行，从不同位置进入介质，光线a在O点恰好产生全反射求：玻璃砖发生全反射的临界角光束ab在玻璃砖底产生的两个光斑的距离OB考点：光的折射定律专题：光的折射专题分析：光线a在O点恰好产生全反射，根据sinC=求出介质的折射率根据光的折射定律求出光在介质中的折射角，通过几何关系求出O与B之间的距离解答：解：a光线发生刚好全反射，由sinC=，得sinC=，解得临界角为C=45由题设条件可知，b光线在玻璃砖顶的入射角为
35、i=45，折射角设为r由折射定律=n得 sinr=所以r=30解得：OB=Rtan30=答：玻璃砖发生全反射的临界角是45光束ab在玻璃砖底产生的两个光斑的距离OB是点评：本题是简单的几何光学问题，其基础是作出光路图，根据几何知识确定入射角与折射角，根据折射定律求解【物理选修3-5】（15分）15 下列说法正确的是（）A 光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量B 玻尔认为，原子中电子轨道是量子化的，能量也是量子化的C 将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期D 原子核的质量大于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损E 普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假
36、说考点：氢原子的能级公式和跃迁；质量亏损专题：原子的能级结构专题分析：玻尔原子模型提出能量量子化；原子向外辐射光子后，能量减小，加速度增大半衰期具有统计规律，只对大量的原子核适用，且半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环境和化学状态无关原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说解答：解：A、光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量，故A正确B、玻尔原子模型：电子的轨道是量子化，原子的能量是量子化，所以他提出能量量子化，故B正确C、半衰期具有统计规律，只对大量的原子核适用，且半衰期的大小由原子核内部因素决定，与所处的物理环
37、境和化学状态无关故C错误D、原子核的质量小于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损故D错误E、普朗克在研究黑体辐射问题时提出了能量子假说，故E正确故选ABE点评：对于原子物理的基础知识，大都需要记忆，因此注意平时多加积累16 如图甲所示，光滑水平面上有A、B两物块，巳知A物块的质量 mA=1kg初始时刻B静止，A以一定的初速度向右运动，之后与B发生碰撞 并一起运动，它们的位移一时间图象如图乙所示（规定向右为位移的正方向），则物体B的质量为多少？考点：动量守恒定律分析：知道动量守恒的条件从位移时间图象中找出物体的速度根据动量守恒定律列出等式解决问题解答：解：因为系统所受的合外力等于零，所以系统动量守恒从位移时间图象中知道：碰撞前A、B速度分别为4m/s，0碰撞后A、B速度为1m/s根据动量守恒定律列出等式：mAvA+0=（mA+mB）v解得：mB=3kg答：物体B的质量为3kg点评：应用动量守恒定律时要清楚研究的对象和守恒条件通过位移时间图象得到一些信息
