1、成都外国语学校2013级2月月考物理试题第卷本卷共7题，每题6分，共42分。每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对不全的得3分，有选错的得0分。1关于物体的惯性，下列说法中正确的是（ ）A骑自行车的人，上坡前要紧蹬几下，是为了增大惯性冲上坡B子弹从枪膛中射出后，在空中飞行速度逐渐减小，因此惯性也减小C物体惯性的大小，由物体质量大小决定D物体由静止开始运动的瞬间，它的惯性最大2.从距地面高h处水平抛出一小石子，石子在空中飞行过程中（空气阻力不计），下列说法不正确的是（ ）A.石子的运动为匀变速运动B.石子在空中飞行时间由离地高度确定C.石子每秒内
2、速度的变化量恒定不变D.石子在任何时刻的速度与其竖直分速度之差逐渐增大32012年我国宣布北斗导航系统正式商业运行。北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能。“北斗”系统中两颗工作星均绕地心O做匀速圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置（如图所示）若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，不计卫星间的相互作用力则以下判断中正确的是（ ）A这两颗卫星的加速度大小相等，均为 B卫星l由位置A运动至位置B所需的时间为C卫星l向后喷气就一定能追上卫星2D卫星1由位置A运动到位置B的过程中万有引力做正功4一理想变压器原、副线圈匝数比n
3、1n2115，原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u随时间t的变化规律如图所示，副线圈仅接入一个10的电阻则()A流过电阻的最大电流是20AB与电阻并联的电压表的示数是141VC变压器的输入功率是1103WD在交变电流变化的一个周期内，电阻产生的焦耳热是2103J5如图所示，一列简谐横波沿x轴正方向传播，实线表示t=0时刻的波形，虚线表示t=0.7s时刻的波形。则这列波的（ ） (A) 波长为4m(B) 周期可能为0.4s(C) 频率可能为0.25Hz(D) 传播速度可能约为5.7m/s1.6-12012x/cmt/s0.86 如图下左图所示，弹簧振子以点O为平衡位置，在A、B两点之间做简谐运动
4、。取向右为正方向，振子的位移x随时间t的变化如下右图所示，下列说法正确的是（ ）ABOAt = 0.8s时，振子的速度方向向左 Bt = 0.2s时，振子在O点右侧6cm处Ct = 0.4s和t = 1.2s时，振子的加速度完全相同 Dt = 0.4s到t = 0.8s的时间内，振子的速度逐渐减小7如下图所示，相距为d的两条水平虚线L1、L2之间是方向水平向里的匀强磁场，磁感应强度为B，质量为m、电阻为R的正方形线圈abcd边长为L(Ld)，将线圈在磁场上方高h处由静止释放，cd边刚进入磁场时速度为v0，cd边刚离开磁场时速度也为v0，则线圈穿越磁场的过程中(从cd边刚入磁场一直到ab边刚离开
5、磁场)()A感应电流做功为mgLB线圈进入磁场的过程中一直做减速运动C线圈的最小速度可能为D线圈的最小速度一定为第卷8（17分）(1）（8分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中：为了减小测量周期的误差，计时开始时，应选择摆球经过最 （填“高”或“低）点的位置开始计时，且用停表测量单摆完成多次全振动所用的时间，求出周期图甲中停表示数为一单摆振动50次所需时间，则单摆振动周期为 。用最小刻度为1 mm的刻度尺测摆长，测量情况如图乙所示O为悬挂点，从图乙中可知单摆的摆长为 m。若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g= 。考虑到单摆振动时空气浮力的影响后，学生甲说：“因为空气浮力与摆球
6、重力方向相反，它对球的作用相当于重力加速度变小，因此振动周期变大”学生乙说：“浮力对摆球的影响好像用一个轻一些的摆球做实验，因此振动周期不变”，这两个学生中 。A.甲的说法正确 B.乙的说法正确 C.两学生的说法都是错误的（2）（9分）某同学为了较精确地测量某一节干电池的电动势和内阻，实验室准备了下列器材：A待测干电池E(电动势约为1.5 V，内阻约为1 )B电流表G(满偏电流3.0 mA，内阻为100 )C电流表A(量程00.6 A，内阻约为1 )D滑动变阻器R1(010 ，额定电流为2 A)E滑动变阻器R2(01 k，额定电流为1 A)F定值电阻R0(阻值为900 )G开关一个，导线若干为
7、了能比较准确地进行测量，同时还要考虑操作的方便，实验中滑动变阻器应选_根据题意在图中画出该实验所需要的电路图并标所选器材的代码根据电路图，将实物图连接起来，组成完整的电路如图所示，是某同学根据正确的实验得到的数 据作出的图线，其中，纵坐标I1为电流表G的示数，横坐标I2为电流表A的示数，由图可知，被测干电池的电动势为_ V，内电阻为_ (结果都保留两位有效数字)OABhR A9（15分如图所示为半径R=0.50m的四分之一圆弧轨道，底端距水平地面的高度h=0.45m。一质量m=1.0kg的小滑块从圆弧轨道顶端A由静止释放，到达轨道底端B点的速度v = 2.0m/s。忽略空气的阻力。取g =10
8、m/s2。求：（1）小滑块在圆弧轨道底端B点受到的支持力大小FN；（2）小滑块由A到B的过程中，克服摩擦力所做的功W；（3）小滑块落地点与B点的水平距离x。10（17分）如图所示，正方形线框abcd放在光滑绝缘的水平面上，其边长L0.5m、质量m0.5kg、电阻R0.5，M、N分别为线框ad、bc边的中点图示两个虚线区域内分别有竖直向下和向上的匀强磁场，磁感应强度均为B1T，PQ为其分界线线框从图示位置以速度v02m/s匀速向右滑动，当MN与PQ重合时，线框的速度v11m/s，此时立刻对线框施加一沿运动方向的水平拉力，使线框匀速运动直至完全进入右侧匀强磁场区域求：（1）线框由图示位置运动到MN
9、与PQ重合的过程中磁通量的变化量；（2）线框运动过程中最大加速度的大小；（3）线框在图示位置起直至完全进入右侧匀强磁场区域运动过程中，线框中产生的焦耳热11（19分）真空中有如图1装置，水平放置的金属板A、B中间开有小孔，小孔的连线沿竖直放置的金属板C、D的中间线，一质量为m、电荷量为q的带正电粒子(初速不计、重力不计) P进入A、B间被加速后，再进入金属板C、D间的偏转电场偏转，并恰能从D板下边缘射出。已知金属板A、B间电势差为UAB = + U0， C、D板长度均为L，间距为。在金属板C、D下方有如图1所示的、有上边界的、范围足够大的匀强磁场，该磁场上边界与金属板C、D下端重合，其磁感应强
10、度随时间变化的图象如图2，图2中的B0为已知，但其变化周期T0未知，忽略偏转电场的边界效应。（1）求金属板C、D间的电势差UCD；（2）求粒子刚进入磁场时的速度；（3）已知垂直纸面向里的磁场方向为正方向，该粒子在图2中时刻进入磁场，并在时刻的速度方向恰好水平，求该粒子从射入磁场到离开磁场的总时间t总。Bt0B0图2-B0图1DCBU0P LA.物理参考答案1C 2D 3A 4C 5 AB 6 A 7CD8答案：(1)低 2.05 s (2) 0. 9965(0.99600.9980) (3) (4) A8(1)D(2)如图所示(3)如图所示9（15分）解：（1）根据牛顿第二定律， 【3分】解得
11、： 【2分】来源:Zxxk.Com来源:学科网（2）根据动能定理， 【3分】 解得： 【2分】（3）水平方向： 【2分】竖直方向： 【2分】 解得： 【1分】10（17分）、解答：（1）MN与PQ重合时，穿过线框的磁通量为零，故磁通量的变化量为DfBSBL20.25Wb （2）cd边刚过PQ的瞬间，线框中的感应电动势EBLv0210.52V2V 感应电流的大小为I4A 线框所受安培力的大小为F2BIL2140.5N4N 线框加速度的大小为a8m/s2 （3）MN到达PQ前，由能量守恒可知，线框中产生的焦耳热为Q1mv02mv120.75J MN与PQ重合的时刻，线框中的感应电动势E12BLv1
12、210.51V1V MN经过PQ后，线框中产生的焦耳热Q20.5J 故在整个运动过程中，线框中产生的焦耳热为QQ1Q21.25J11（19分）（1）设粒子进入偏转电场瞬间的速度为v0，对粒子加速过程由动能定理： 得到 进入偏转电场中，水平位移 其中加速度 （式中d = ） 竖直位移与时间关系 又依题意“恰能从D板下边缘射出”： 解得: U0kfvv乌云eBP ADv0gihCOL（2）设粒子进入磁场时的速度为v，对粒子的偏转过程有 解得： 设粒子由k点离开电场时偏转角为，则 或者或者解得 （3）粒子在磁场中做圆周运动轨迹如图所示，周期为： 粒子从k进入磁场沿逆时针方向运动,由“并在时刻的速度方向恰好水平”知，轨迹对应的圆心角为，此过程对应的运动时间为，到达了e点；接着磁场反向，在内粒子沿顺时针方向运动半周到达f点；此时磁场再反向，粒子在内沿逆时针方向运动到g点；接着在内运动到h点；再接着在内运动到i点；最后经离开磁场。则该粒子从射入磁场到离开磁场的总时间为 即 版权所有：高考资源网()版权所有：高考资源网()
