1、卓越联盟2020-2021学年上学期第三次月考高一年级物理试题第I卷（选择题 共46分）一、单选题（本题共10小题；每小题3分，共30分。）1. 第26届国际计量大会通过“修订国际单位制(SI)”的决议，将千克、安培、开尔文和摩尔4个国际单位制的基本单位改由物理常数重新定义，从而提高计量单位的稳定性和精确度。基本单位“千克”所对应的物理量是（ ）A. 力B. 时间C. 长度D. 质量【答案】D【解析】【分析】【详解】ABCD.由国际基本单位制可知，“千克”对应的物理量为质量。故D正确ABC错误。故选D。2. 如图所示，冰壶在冰面运动时可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，这种抵抗运动状
2、态变化的“本领”，我们称之为“惯性”，则冰壶惯性的大小取决于（）A. 冰壶脱离手前受到的推力大小B. 冰壶的初速度C. 冰壶的质量D. 冰壶脱离手后受到的阻力大小【答案】C【解析】【分析】【详解】质量是惯性大小的量度，则冰壶惯性的大小取决于冰壶的质量，与冰壶的运动状态以及受力无关。故选C3. 2020年7月4日，羽毛球运动员林丹宣布退役，如图是林丹在某次羽毛球比赛中跃起的动作，将羽毛球以原速率斜向上击回，球在空中运动一段时间后落至对方的界内。林丹运动过程中空气阻力不计，则下列说法正确的是（）A. 林丹离地上升过程中处于超重状态B. 林丹在最高点速度为零，处于平衡状态C. 林丹在空中的运动过程处
3、于失重状态D. 林丹击球过程中羽毛球加速度为零【答案】C【解析】【分析】【详解】A林丹离地上升过程中只受重力，加速度为重力加速度，则处于失重状态，故A错误；B林丹在最高点时仅受重力作用，即所受外力不为零，不是处于平衡状态，故B错误；C林丹在空中的运动过程只受重力，加速度为重力加速度，则处于失重状态，故C正确；D林丹击球过程中球的速率不变，但方向发生变化，即速度变化，则加速度不为0，故D错误。故选C。4. 质量为2kg的物体放在光滑水平面上，同时受到大小为2N和5N的两个水平力作用，物体的加速度不可能为（）A. 1m/s2B. 2m/s2C. 2.5m/s2D. 3m/s2【答案】A【解析】【分
4、析】【详解】2N和5N合力的范围是3N7N，则根据可知，加速度的范围1.5m/s23.5m/s2，不可能为1m/s2。故选A。5. 某同学想利用所学力学知识研究地铁列车的运动情况，他把一根细绳的下端绑着一支圆珠笔，细绳的上端用电工胶布临时固定在地铁列车车厢里竖直扶手上。在地铁列车运动的某段过程中，他观察到细绳偏离了竖直方向，并相对车厢保持静止，测量出细绳与竖直方向的夹角大小为。他用手机拍摄了当时情景，如图所示， 拍摄方向跟地铁列车运动方向垂直。已知重力加速度为g，根据这张照片，你能推断出这段过程中（）A. 地铁列车速度方向B. 地铁列车加速度方向C. 地铁列车加速度大小为D. 地铁列车一定加速
5、运动【答案】B【解析】【分析】【详解】ABD圆珠笔相对车厢保持静止，在水平方向做直线运动，圆珠笔受重力和细绳斜向左上方的拉力，则圆珠笔的加速度方向水平向左，所以地铁列车加速度方向水平向左，地铁列车可能向左做加速运动也可能向右做减速运动。故B正确，AD错误。C根据牛顿第二定律可知解得选项C错误。故选B。6. 如图所示，质量为m=1kg的木块上方用一根轻质绳与天花板链接，下方与一根轻质弹簧相连，且弹簧的拉力为2N木块处于静止状态，当轻绳被剪断瞬间，木块的加速度为（）A. 10m/s2B. 12m/s2C. 2m/s2D. 0【答案】B【解析】【分析】先求解物体静止时细线的拉力；剪断细线后的瞬时，弹
6、簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求解加速度.【详解】物体静止时细线的拉力为T=F+mg=12N，剪断细线后的瞬时，弹簧的弹力不变，则物体的加速度为，故选B.【点睛】本题关键是注意剪断细线后的瞬时，细线的拉力变为零，而弹簧的弹力不能突变，结合牛顿第二定律求解.7. 如图，物体A、B放在光滑水平面上，A的质量是B的2倍，用水平恒力推A，使A和B一起向右运动，则A、B间的作用力大小为（ ）A. B. C. D. F【答案】A【解析】【分析】【详解】设B的质量为m，则A的质量为2m，AB间的作用力为N，以物体A、B组成的整体为研究对象，由牛顿第二定律得再以B为研究对象，由牛顿第二定律得联立解得，故A正确
7、，BCD错误。故选A。8. A、B两个物体在水平面上沿同一直线运动，它们的v-t图像如图所示。在t=0时刻，B在A的前面，两物体相距11m，则下列说法正确的是（）A. B物体的加速度大小为2.5m/s2B. 前3s内，B物体的速度方向与加速度方向相同C. A物体追上B物体所用时间是8sD. A物体追上B物体所用时间是9s【答案】D【解析】分析】【详解】AB物体的加速度为即B物体的加速度大小为2.0m/s2，选项A错误；B前3s内，B物体做匀减速运动，则其速度方向与加速度方向相反，选项B错误；CD根据图象可知，B减速到零所需的时间t=5s。在5s内，A的位移为xA=vAt=45m=20mB的位移
8、为 此时两车相距x=xB+11-xA=25+11-20=16m所以A追上B所需的时间为选项C错误，D正确。故选D。9. 如图所示，ad、bd、cd是竖直面内三根固定的光滑细杆，它们与水平面之间的夹角分别为90、60、30，a、b、c、d 位于同一圆周上， a点为圆周的最高点，d点为最低点。每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c处释放（初速度为0），用t1、t2、t3依次表示各滑环到达d所用的时间，用a1、a2、a3依次表示各滑环沿杆下滑过程的加速度，则下列说法正确的是（） A. t1t2t3 =321B. t1t2t3 =111C. a1a2a3=321D. a1a
9、2a3=111【答案】B【解析】【分析】【详解】CD设任一细杆与竖直方向的夹角为，则环的加速度大小则则则加速度之比为CD错误；AB设任一细杆与竖直方向夹角为，环的半径R，则环下滑的位移根据则时间相同，A错误B正确。故选B。10. A，B两物体以相同的初速度在同一水平面上滑动，两个物体与水平面间的动摩擦因数相同，且mA=3mB，它们的加速度大小分别为aA、aB，它们所能滑行的位移分别为xA、xB，则下列说法正确的是（）A. aA=3aBB. 3aA=aBC. xA=xBD. xA=9xB【答案】C【解析】【分析】【详解】由牛顿第二定律可得则aA=aB由公式可得由于初速度、末速度、加速度都相同，则
10、xA=xB故选C。二、多选题（本题共4小题；每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）11. 下列关于摩擦力的说法中，正确的是（）A. 摩擦力的大小一定与压力成正比B. 运动的物体可能受到静摩擦力C. 滑动摩擦力一定是阻力D. 摩擦力可能是动力【答案】BD【解析】【分析】【详解】A只有滑动摩擦力的大小才与压力成正比，故A错误；B静止的物体可能受到滑动摩擦力，运动的物体可能受到静摩擦力作用，比如正在随传送带上升的物体，物体在运动，但受到静摩擦作用，故B正确；C滑动摩擦力只是阻碍相对运动，不一定阻碍运动，可以作为动力，如轻放在水平传送带上的物体，故C错误；D例如
11、人走路时，后脚所受摩擦力为动力，推动物体运动时，摩擦力是阻力，故D正确。故选BD。12. 下列对牛顿第二定律的理解正确的是()A. 由Fma可知，m与a成反比B. 牛顿第二定律说明当物体有加速度时，物体才受到外力的作用C. 加速度的方向总跟合外力的方向一致D 当外力停止作用时，加速度随之消失【答案】CD【解析】【分析】根据牛顿第二定律可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比加速度与合外力具有瞬时对应关系；加速度的方向与合力的方向相同【详解】A、根据牛顿第二定律可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比，故A错误；B、加速度与合力的关系是瞬时对应关系，a随合力的变化而变
12、化，故B错误，D正确；C、加速度的方向与合力的方向相同，故C正确；故选CD.【点睛】解决本题的关键掌握牛顿第二定律，知道加速度与合力的关系13. 如图所示，在光滑斜面上，用平行于斜面的力F拉着某物体向上做匀速直线运动若力F逐渐减小，则物体在向上继续运动的过程中（ ）A. 物体的加速度减小B. 物体的加速度增大C. 物体的速度减小D. 物体的速度增大【答案】BC【解析】【分析】结合牛顿第二定律得出加速度的方向，通过加速度方向与速度方向的关系判断物体的运动规律【详解】开始物体做匀速直线运动，有F=mgsin，当力F减小时，加速度为，方向沿斜面向下，F减小，则加速度增大，由于加速度方向与速度方向相反
13、，知物体的速度减小故BC正确，AD错误故选BC【点睛】解决本题的关键知道加速度与合力的方向相同，随着合力的改变而改变；当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动14. 在水平光滑地面上，长木板M和小滑块m叠放在一起，开始它们均静止。现将水平向右的恒力F作用在M的右端，已知长木板和小滑块之间动摩擦因数=0.4，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，M=2kg，m=1kg，g=10m/s2，如图所示。当F取不同数值时，小滑块的加速度大小a可能不同，则以下说法正确的是（）A. a的最大值为4.0m/s2B. 若a=3.0m/s2则F=9NC. 若F=15N，则a=5.0
14、m/s2D. F越大，小滑块加速度a越大【答案】AB【解析】【分析】【详解】A当m与M之间达到最大静摩擦时，小滑块的加速度最大，则有故A正确；B若a=3.0m/s2时，滑块与木板相对静止，则有故B正确；C当m与M之间达到最大静摩擦时，小滑块的加速度最大，此时是滑块与木板相对静止的最大拉力，即为若F=15N，则滑块与木板相对滑动，则a=4.0m/s2故C错误；D当时，随拉力增大，小滑块加速度a越大，当后，滑块与木板相对滑动，滑块加速度不变，故D错误。故选AB。第 II卷（非选择题 共54分）三、实验题（每空2分，15题共分6分，16题共8分，共14分）15. 某同学利用如图甲所示装置做“探究弹簧
15、弹力大小与其长度的关系”的实验。(1)该弹簧处于竖直状态时的原长为_cm。(2)实验得到的结论为_。(3)弹簧的劲度系数_ N/m（保留两位有效数字）。【答案】 (1). 4.0（或4） (2). 在弹性限度内，弹簧的弹力与其形变（伸长）量成正比 (3). 50【解析】【分析】【详解】(1)1弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为4.0cm；(2)2由图可得，在弹簧的弹性限度内，弹簧的弹力与伸长量成正比；(3)3根据胡克定律F=kx可得16. 某同学用图甲所示装置做“探究物体的加速度与力的关系”的实验。实验时保持小车质量不变，用钩码所受的重力作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测小
16、车运动的加速度。(1)实验时先不挂钩码，反复调整垫块的位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是_。(2)图乙为实验中打出的一条纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间还有4个点迹没有标出。由图乙可知：A、B两点间的距离是_cm。(3)实验时改变所挂钩码的质量，分别测量小车在不同外力作用下的加速度。根据测得的多组数据作出图丙所示的aF关系图线，图线不通过坐标原点O的原因是_，曲线上部弯曲的原因是_ 。【答案】 (1). 平衡摩擦力 (2). 1.20 (3). 平衡摩擦力过度 (4). 钩码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车
17、的质量【解析】【分析】【详解】(1)1实验时先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力；(2)2刻度尺的分度值为0.1cm，根据刻度尺读数规则可知A、B两点间的距离为1.20cm；(3)3图线不通过坐标原点O，力F为零时，加速度存在，说明平衡摩擦力过度；4曲线上部弯曲的原因是随着力F的增大，即钩码质量的增大，不再满足钩码的质量远小于小车的质量。四、计算题（本大题3小题，共40分，要求必须写出必要的文字说明、公式、主要的计算步骤和明确的答案。只有最后答案不给分。）17. 如图所示，质量为m=10kg的物体，在F=60N水平向右的拉力作用下，由静止开始运动
18、。设物体与水平面之间的动摩擦因数=0.4，求：(1)物体所受滑动摩擦力为多大？(2)物体的加速度为多大？(3)物体在前3s内的位移为多大？【答案】(1)40N；(2)；(3)9m【解析】【分析】【详解】(1)滑动摩擦力为(2)由牛顿第二定律得代入数据解得(3)前内的位移为m=9m18. 如图所示，质量为m1=1kg的物体A用轻绳跨过定滑轮与质量为m2=0.5kg的物体B相连（绳子与滑轮、滑轮与轴之间的摩擦力均不计），物体A放在倾角为37的固定斜面上。物体A与斜面间的动摩擦因数为=0.5，物体A距离斜面底端的距离为x=4m，此时系统处于静止状态。已知sin37=0.6，cos37=0.8，g=1
19、0m/s2（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：(1) 物块A所受摩擦力的大小和方向；(2) 烧断细绳，物块A沿斜面下滑的加速度大小；(3)烧断细绳，物块A沿斜面下滑到达斜面底端的时间和速度大小。【答案】(1)1N，方向沿斜面向上；(2)2m/s2；(3)2s，4m/s【解析】【分析】【详解】(1)因为所以斜面给A的静摩擦力方向沿斜面向上。大小为N(2)烧断细绳，则物块A沿斜面下滑的加速度为解得a=2m/s2 (3)物块A沿斜面下滑，根据x=at2可得t=2s 根据v=at=4m/s19. 如图甲所示，质量为m=1kg的物体置于倾角为=37固定斜面上（斜面足够长），对物体施加平行于斜面向上的恒力
20、F，作用时间t1=ls时撤去拉力，物体运动的部分v-t图象如图乙所示，取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)物体与斜面间的动摩擦因数和拉力F的大小；(2)t=6s时物体速度；(3)物体沿斜面上升的最大高度。【答案】(1)，；(2)6m/s；(3)；【解析】【分析】【详解】(1)设力作用时物体的加速度为，对物体进行受力分析由牛顿第二定律可知撤去力后，由牛顿第二定律有根据速度图象的斜率等于加速度可知联立解得(2) 3s末物体速度减为零，之后物体下滑，根据牛顿第二定律有解得由速度时间公式得到即物体6s末速度为6m/s；(3) 物体沿斜面上滑的最大位移物体沿斜面上升的最大高度
