1、2013-2014学年重庆市“七校联盟”高三（上）联考物理试卷（12月份） 一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求）1（6分）（2014秋萧山区期末）一物体做匀变速直线运动，速度图象如图所示，则在前4s内（设向右为正方向）（）A物体始终向右运动B物体先向左运动，2s后开始向右运动C前2s物体位于出发点的左方，后2s位于出发点的右方D在t=4s时，物体距出发点最远考点：匀变速直线运动的图像版权所有专题：运动学中的图像专题分析：在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度，向
2、右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负解答：解：AB、由于在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以物体前两秒向左运动，后两秒向右运动，故A错误，B正确C、因为图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负前2s位移为负，物体位于出发点的左方，后2s负方向的位移逐渐减小，最后4秒末位移为零，又回到出发点，故C错误，D错误故选B点评：本题是为速度时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义2（6分）（2013
3、秋重庆月考）如图1蹦极是一项非常刺激的户外活动，跳跃者站在约40米以上高度的位置，用橡皮绳固定住后跳下，落地前弹起，反复弹起落下，重复多次直到静止某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图2所示，重力加速度为g据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为（）AgB2gC3gD4g考点：牛顿第二定律版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：图象中拉力的变化幅度越来越小，说明拉力逐渐趋向与一个定值，而联系人的实际振动幅度越来越小，最后静止不动，说明了重力等于0.6F0，而最大拉力为1.8F0，故结合牛顿第二定律可以求出最大加速度解答：解：人落下后，做阻尼振动，振动幅度越来越小，最后静止不
4、动，结合拉力与时间关系图象可以知道，人的重力等于0.6F0，而最大拉力为1.8F0即：0.6F0=mgFm=1.8F0 结合牛顿第二定律，有：Fmg=ma当拉力最大时，加速度最大，因而有：1.8F0mg=mam由两式解得：am=2g故选：B点评：本题用图象描述了生活中一项体育运动的情景解答本题，必须从图象中提取两个重要信息：一是此人的重力，二是蹦极过程中处于最大加速度位置时人所受弹性绳的拉力要获得这两个信息，需要在图象形状与蹦极情境之间进行转化：能从图象振幅越来越小的趋势中读出绳的拉力从而判断人的重力；能从图象第一个“波峰”纵坐标的最大值想象这就是人体位于最低点时弹性绳的最大拉力要完成这两个转
5、化，前提之一，是对Ft图象有正确的理解；前提之二，是应具有把图象转化为情景的意识3（6分）（2013秋重庆月考）科学家预测未来的几年内我国也有能力发射探月航天器设探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑航天器质量的变化以及月球自转的影响，关于航天器下列说法不正确的是（）A角速度=B线速度v=C运行周期T=2D向心加速度a=考点：万有引力定律及其应用版权所有专题：万有引力定律的应用专题分析：研究月航天器绕月球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出问题向心力的公式选取要根据题目提供的已知物
6、理量或所要求解的物理量选取应用不考虑月球自转的影响，万有引力等于重力解答：解：根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力和万有引力等于重力得出：A、根据和，得：，故A错误；B、根据，得：v=，故B正确；C、根据和 ，得：，故C正确；D：根据，得：，故D错误本题选错误的故选：A点评：应用万有引力定律进行卫星加速度、速度、周期和黄金代换公式 4（6分）（2013秋市南区校级期末）某电场的电场线分布如图所示，以下说法正确的是（）Ac点场强大于b点场强Ba点电势高于b点电势C若将一试探电荷+q由a点释放，它将沿电场线运动b点D若在d点再固定一点电荷Q，将一试探电荷+q由a移至b的过程中，电势能增大考点：电
7、场线；电场强度；电势版权所有分析：电场线的疏密反映电场的强弱沿着电场线方向电势降低电场线方向与电荷的运动轨迹无直接关系解答：解：A、电场线的密的地方场强大，b点电场线密，所以b点场强大，故A错误B、沿着电场线方向电势降低，a点电势高于b点电势，故B正确C、若将一试探电荷+q由a点静止释放，将沿着在a点的场强方向运动，运动轨迹不是电场线，故C错误D、若将一试探电荷+q由a点静止释放，电场力对电荷做正功，电荷动能增加，电势能减少，故D错误故选：B点评：掌握电场线的特点即可解决问题可通过动能定理判断电荷动能的变化即可知道速度大小的变化5（6分）（2013秋重庆月考）如图所示，在质量为M的小车上用细线
8、悬挂一小球，小球的质量为m0，小车以恒定的速度v沿光滑的水平地面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞的时间短，在此碰撞进行的过程中，下列说法正确的是（）A小车、小球、木块组成系统的动量不守恒而机械能守恒B小车、小球、木块组成系统的动量和机械能均不守恒C小球的速度不变，若小车和木块粘合且速度都变为v1，则满足Mv=（M+m）v1D小车和小球的速度都变为v1，木块的速度变为v2，满足（M+m0）v=（M+m0）v1+mv2考点：动量守恒定律；机械能守恒定律版权所有专题：动量定理应用专题分析：在小车和木块碰撞的过程中，由于碰撞时间极短，小车和木块组成的系统动量守恒，摆球在瞬间速度不变
9、解答：解：碰撞的瞬间小车和木块组成的系统动量守恒，摆球可认为没有参与碰撞，由于惯性其速度在瞬间不变以车的速度方向为正方向，若碰后小车和木块粘合在你一起，根据动量守恒有：Mv=（M+m）v1，故C正确，由于不知道碰撞是否为弹性碰撞，无法判断机械能是否守恒，故ABD错误；故选：C点评：解决本题的关键合理选择研究对象，知道在碰撞的瞬间前后摆球的速度不变，小车和木块组成的系统动量守恒二、非选择题（本大题共5小题，共68分）6（12分）（2008广东模拟）在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器接在电压为U、频率为f的交流电源上，从实验打出的几条纸带中选出一条理想纸带，如图所示，选取纸带上打出的连续
10、5个点A、B、C、D、E，测出A点与起始点O的距离为s0，点A、C间的距离为s1，点C、E间的距离为s2，已知重锤的质量为m，当地的重力加速度为g，则（1）从起点O开始到打下C点的过程中，重锤重力势能的减少量为EP=mg（s0+s1），重锤动能的增加量为Ek=（2）根据题设条件，还可利用重锤下落求出当地的重力加速度g=，经过计算可知，测量值比当地重力加速度的真实值要小，其主要原因是：纸带与限位孔之间摩擦力作用考点：验证动量守恒定律版权所有专题：实验题分析：（1）根据重力势能变化量EP=mgh，确定高度h求解由匀变速直线运动的推论vn=求出C点速度，再求动能的增加量为Ek（2）由x=aT2求解加
11、速度实验中存在各种阻力，使实验产生误差解答：解：（1）重锤重力势能的减少量为EP=mg（s0+s1） 打C点重锤的速度vC=，T=， 重锤动能的增加量为Ek= （2）由s2s1=a（）2，得 a= 由于纸带与限位孔之间摩擦力作用、重物受到空气阻力等影响，g测量值比当地重力加速度的真实值要小故本题答案是：（1）mg（s0+s1）； （2）； 纸带与限位孔之间摩擦力作用点评：本题容易出错的地方是T=，要注意区分电源的周期与计数点时间间隔，式中x=aT2中T是计数点时间间隔7（7分）（2013秋重庆月考）为验证动量守恒，采用如图装置，实验步骤如下：、调整斜槽末端水平，并与竖直墙壁保持适当距离、在竖直
12、墙上找到球在末端圆心的等高点O、从斜面上某一高度释放小球m1，落在墙上B点、把小球m2置于斜槽末端，m1从同一高度释放，碰撞后m1、m2分别落在C、A点（1）下列说法正确的AA、小球m1 和m2必须大小相等，且m1m2B、为减小实验误差，斜槽必须光滑C、实验中必须测量斜槽末端到竖直墙的水平距离D、实验中必须测量小球做平抛运动的时间（2）若用天平测出小球质量分别为m1、m2，测量OA、OB、OC高度依次为h1、h2、h3，则动量守恒最简表达式=+考点：验证动量守恒定律版权所有专题：实验题分析：根据实验原理与实验注意事项分析答题；应用动量守恒定律求出动量守恒的表达式，然后根据表达式分析答题解答：解
13、：（1）A、小球m1 和m2必须大小相等，为防止两球碰撞后反弹，m1m2，故A正确；B、实验时要保证小球离开轨道时的速度相等，只要使小球从斜槽的同一位置由静止释放，斜槽不需要光滑，故B错误；C、小球离开轨道后做平抛运动，在水平方向的位移相等，不需要测出到墙壁的距离，小球在竖直方向做自由落体运动运动，需要测出小球的竖直分位移，不需要测出运动时间，故CD错误；（2）小球离开轨道后做平抛运动，竖直方向：h=gt2，运动时间：t=，v=x，如果碰撞过程动量守恒，则：m1v1=m1v2+m2v3，m1x=m1x+m2x，即：=+；故答案为：（1）A；（2）=+点评：本题考查了实验注意事项、求实验需要验证
14、的表达式，知道实验原理、应用平抛运动规律与动量守恒定律即可正确解题8（15分）（2013秋重庆月考）如图所示，质量m=1kg的物块在水平拉力F的作用下由静止开始沿粗糙的水平面向右运动，已知F=4N，物体运动1m时速度达到V=2m/s，此时撤去F求：（1）物体和水平面间的动摩擦因数（2）撤去F后2s内物体运动的距离S考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：物体做初速度为零的匀变速直线运动，由速度时间关系式可以解出加速度，在再根据牛第二定律解出物体受到的摩擦因数解答：解：（1）物体做初速度为零的匀变速直线运动，由速度位移关系式：2ax=v2解得：
15、a=2m/s2物体水平方向受到向前的拉力F，向后的摩擦力f，由牛顿第二定律得：Fmg=ma解得：=0.2（2）撤去拉力后物体水平方向仅受到向后的摩擦力，由牛顿第二定律得：f=ma2解得：a2=2m/s2减速到0所需时间为2s由位移速度关系式得：0V2=2a2x解得：x=1m答（1）物体和水平面间的动摩擦因数为0.2（2）撤去F后2s内物体运动的距离S为1m点评：本题把牛顿第二定律与匀变速直线运动规律相结合，通过此题可以看出加速度是练习牛顿第二定律与匀变速直线运动规律的桥梁9（16分）（2013秋重庆月考）如图，空间存在一水平向右的匀强电场，场强大小为E，现用一根长为l的绝缘细线悬挂一质量为m的
16、带电小球放入其中，当小球静止时，悬线与竖直方向夹角为问：（1）小球所带电性和电荷量；（2）若将细线突然剪断，求小球运动的加速度大小；（3）若不剪断细线，在不改变电场强度E的大小的情况下，突然将电场的方向变为竖直向上，求小球运动过程中小球最大速度考点：动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用版权所有专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）对小球减小受力分析，即可根据共点力的平衡求出小球的电量与电性（2）若将细线突然剪断，小球受到的合力的方向与细线的拉力的方向相反，运动的加速度大小由牛顿第二定律即可求出（3）将电场的方向变为竖直向上，电场力的方向向下，小球运动到最低点时的速度最大，由动能定理即可求
17、出最大速度解答：解：（1）小球平衡时，受到竖直向下的重力绳子的拉力与电场力的作用，所以电场力的方向向左，小球带负电受力如图得：qE=mgtan所以：（2）若将细线突然剪断，小球受到的合力的方向与细线的拉力的方向相反，大小：所以：（3）将电场的方向变为竖直向上，电场力的方向向下，小球向下运动的过程中重力与电场力都做正功，所以运动到最低点时的速度最大，由动能定理得：联立解得：答：（1）小球所带负电性，电荷量是；（2）若将细线突然剪断，小球运动的加速度大小是；（3）若不剪断细线，在不改变电场强度E的大小的情况下，突然将电场的方向变为竖直向上，小球运动过程中小球最大速度是点评：该题考查小球在重力与电场
18、力作用下的平衡，以及在这两个力的作用下的运动，对小球减小正确的受力分析与运动过程分析，按照规范化的步骤解答即可10（18分）（2013秋重庆月考）如图所示，整个装置竖直固定放置质量m1=2千克的物体1从傾角37的光滑斜面AB顶端A处静止滑下，到达动摩擦因数为0.2的水平面BC时（BC长米）与原来静止在C点的质量m2=1千克的物体2发生碰撞，碰撞无能量损失然后物体2沿光滑的半圆形轨道恰能到达最高点D，圆的半径R=0.4米，最后物体2开始平抛运动物体1和2均为质点，g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8（1）求物体2平抛运动的初速度并计算证明物体2落在AB还是落在BC上；（2）若
19、物体1与物体2不发生第二次碰撞，则物体1最后静止位置与C点的距离；（3）求斜面AB的高度h和物体1第一次从A滑到斜面底端B点用去的时间考点：动量守恒定律；向心力版权所有专题：动量定理应用专题分析：（1）2恰好做圆周运动，由牛顿第二定律求出2在D点的速度，然后应用平抛运动规律分析答题（2）1、2碰撞过程系统动量与机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律可以求出1的速度，然后应用动能定理求出1的路程，最后确定1的位置（3）由动能定理求出1滑到B点的速度，然后由动能定理或机械能守恒定律求出斜面的高度，然后由运动学公式求出运动时间解答：解：（1）2恰好做圆周运动，重力提供向心力，在D点，由牛顿第二定
20、律得：m2g=m2，代入数据解得：vD=2m/s，2离开圆轨道后做平抛运动，假设2落到BC面上，竖直方向：2R=gt2，水平方向：x=vDt，代入数据解得：x=0.8mBC，则物体2落在BC上；（2）2从C到D过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：m2vC2=m2g2R+m2vD2，代入数据解得：vC=2m/s，1、2碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以1的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1=m1v1+m2vC，由机械能守恒定律得：m1v12=m1v12+m2vC2，代入数据解得：v1=m/s，v1=m/s，对1由动能定理得：m1gs=0m1v12，代入数据解得：s=mm=BC，最终
21、物体1静止时距C点的距离为：m处（3）物体1从B到C过程，由动能定理得：m1gBC=m1v12m1vB2，代入数据解得：vB=4m/s，1从A到B过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：m1gh=m1vB2，代入数据解得：h=0.8m；由牛顿第二定律得：a=gsin37=100.6=6m/s2，1从A到B的运动时间：t=s=s；答：（1）物体2平抛运动的初速度2m/s，物体2落在BC上；（2）若物体1与物体2不发生第二次碰撞，物体1最后静止位置与C点的距离为m；（3）斜面AB的高度h为0.8m，物体1第一次从A滑到斜面底端B点用去的时间为s点评：本题是一道力学综合题，涉及的知识点较多、难度较大，分
22、析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键，分析清楚物体运动过程后，应用牛顿第二定律、动能定理、动量守恒定律、机械能守恒定律、运动学公式即可正确解题三、选做题（第10题和第11题各12分，考生从中选做一题，若两题都做，则按第10题计分，其中选择题仅有一个正确选项，请将正确选项的标号填入答题卡上对应的位置）【选修3-3】11（6分）（2013秋重庆月考）以下说法正确的是（）A分子间的相互作用力一定随着距离的增大而增大B孤立系统总是从熵大的状态向熵小的状态发展C温度升高，每个分子的动能都增大D露珠呈球状是由于液体表面张力的作用考点：有序、无序和熵；分子间的相互作用力；* 液体的表面张力现象和毛细现象
23、版权所有分析：分子间存在相互作用的引力与斥力，分子力是引力与斥力的合力，分子间的作用力与分子间的距离有关；孤立系统总是向无序性增加的方向变化的，即孤立系统的熵总是增大的；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大；液体表面分子比内部分子稀疏，液体表面存在表面张力解答：解：A、如果分子间的距离小于平衡距离，分子间的相互作用力随分子距离的增大而减小，分子间的距离大于等于平衡距离时分子间的作用力随分子间距离的增大先增大后减小，故A错误；B、孤立系统总是从熵小的状态向熵大的状态发展的，故B错误；C、温度升高，分子的平均动能增大，每个分子的动能不一定增大，故C错误；D、由于液体表面存在张力，所
24、以露珠呈现球状，故D正确；故选：D点评：本题考查了高中物理选修内容，难度不大，掌握基础知识即可正确解题，学习时要注意基础知识的学习与掌握12（6分）（2013秋重庆月考）鱼从压强为Po的水底A处吐出一体积为Vo的气泡，当气泡上升到压强为P1的水中B处，其体积V1为多少？（设气泡内气体为理想气体且在上升过程中不漏气，气泡内温度保持不变）考点：理想气体的状态方程版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：气泡内气体为理想气体且在上升过程中不漏气，气泡内温度保持不变，根据等温变化气体方程可求解解答：解：气泡内气体为理想气体且在上升过程中不漏气，气泡内温度保持不变，根据等温变化方程，则有：P0V0=P1V
25、1解得：答：体积为点评：本题考查等温变化方程，明确气体的初末状态，根据气体方程可求解，不难【选修3-4】13（2013秋重庆月考）德国的一个研究小组制造出了一种对可见光具有负折射率的奇异材料普通材料遵循光的折射定律，其折射率始终为正值，而这种奇异材料的折射率却为负值当光从真空射入这种奇异材料，发生折射现象，你认为下图中哪个是正确的（）ABCD考点：光的折射定律版权所有专题：光的折射专题分析：这种奇异材料的折射率为负值，折射光线与入射光线位于法线的同侧解答：解：由折射定律：=n（n0）得：sini=nsinr可知折射光线与入射光线位于法线的同侧，故D正确故选：D点评：本题属于信息题目，结合学过的知识点延伸拓展，考查学生提取信息以及学习的能力14（2013秋重庆月考）一频率为f的机械波从A点传播到B点，已知A、B间距离为S，某一时刻A、B均在平衡位置且只有一个波峰则该列波速的最大值为？考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系版权所有专题：振动图像与波动图像专题分析：机械波的频率一定，当波长最大时，该列波速最大，根据波形得到最大的波长，即可求得波速的最大值解答：解：据题某一时刻A、B均在平衡位置且只有一个波峰，波长最大时波形为半个波长，则最大波长为 =2S波速最大值为 v=f=2Sf答：该列波速的最大值为2Sf点评：根据波形确定波长是解答本题的关键，并要掌握波速公式v=f
