1、2019-2020 学年高二 10 月份月考试题答案 一、单项选择题 1.A 解析：A、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，点是没有大小的，而实际物体总有大小，点电荷是一种理想化的物理模型，故 A 正确；B、当带电体本身的大小相对于研究的距离可以忽略时，该带电体可以看成点电荷，其本身的大小可以很大，但是试探电荷本身是绝对小的，故点电荷不一定是试探电荷，但试探电荷一定是点电荷，故 B 错误；C、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故 C 错误；D、点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，元电荷是电量的最
2、小值，点电荷、元电荷不是同一种物理模型，故 D错误；2.B 解析:根据电场线的疏密分布知，A 点的电场线比 C 点密，B 点的电场线比 A 点密，则 EBEAEC；等量的异种电荷的中垂线为等势线，则 A 点的电势与C 点的电势相等，沿着电场线方向电势逐渐降低，则 A 点的电势大于 B 点电势所以 ACB故 B 正确，A、C、D 错误 3.B 解析：A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向故 A 错误B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，
3、与题相符故 B正确C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动故 C 错误D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，不符合题意故 D 错误 4.B 解析：带电粒子以速度 v 进入场强为 E，宽度为 L 的电场，垂直电场方向做匀速直线运动，L=vt，所以 ，沿电场方向做匀加速直线运动，加速度偏转位移=，所以偏转位移由粒子的比荷决定质子的比荷为，氘核的比荷为，氦核的比荷为，所以氘核和氦核在电场中的偏转位移一样，故离开电场时，氘核和氦核没有分开，但和质子分开了即三
4、者离开电场时，会分离为两股离子束故 B 正确、ACD 错误 5.A 解析：微粒受到电场力和重力，它们的合力方向一定与 AB 在同一条直线上，斜向左下方才能做直线运动，微粒运动过程中，电场力做负功，电势能增加，A 选项正确，B 选项错误；由动能定理，合外力做负功，动能减小，故 C、D 选项错误。6.C 解析：A、电源内部存在着由正极指向负极的电场；故 A 错误；B、电源的作用是将其他形式的能转化为电能，对同一种电池而言体积越大，容量越大，而电动势与内阻均不变；故 B 错误；C、铅蓄电池的电动势为 2V 表示电路中每通过1C 电荷量，电源把 2J 的化学能转变为电能；故 C 正确；D、电源的电动势
5、由电源中非静电力的特性决定，与电源内非静电力做的功及通过的电量均无关；故 D错误；7.C 解析：在 I-U 图象中，图象的斜率表示电阻的倒数；故斜率越大，电阻越小；A、C、电阻并联后，总电阻小于任一电阻；所以并联后的总电阻的伏安特性曲线处于区域 I；故 A 错误，C 正确；B、D、电阻串联后的电阻值大于两个电阻中最大的，所以串联后图线在区域故 BD 错误 8.D 解析：由 可知，增大 d 可以让 C 减小；A 错误；当电容器两极板间距离减小时，电容器电容减小，带电荷量较少，电路中有电荷移动，电阻 R中有电流；B 错误；由于电容器两端电压不变，根据 E=U/d 可知电容器两极板间的电场强度减小；
6、C 错误；此过程电容器放电，电容器上极板所带正电荷减少，电流从 a 流向 b；D 正确；二、多项选择题 9.BD 解析：三个粒子做的都是类平抛运动，初速度相等，水平方向做匀速直线运动，所以水平位移大的时间长，即 tAtBtC,而竖直位移则是一样的，由此可得到三个粒子的加速度的关系 a C a B a A，力是产生加速度的原因，而三个粒子的受力基本都是重力和电场力，所以就可以根据这个判断出 A 带正电、B不带电、C 带负电。又因为 C 的合力最大，合力方向位移相等，所以 C 的合力做的正功最多，获得的动能最大，A 获得的动能最少。因此，本题的正确选项为 BD 10.ACD 解析：由于负电荷从 C
7、 点分别到 A 点 B 点，电场力分别做了相同数量的负功，表明 A、B 两点必在电场中的同一等势面上，如果电场是沿正 y 方向的匀强电场，则 A、B 为同一等势面上的点，故 A 项正确如果在 AB 的中垂线上的上下某处放一负电荷，则点 A、B 也是同一等势面上的点，同样也可满足题给条件，故选项 ACD 正确 11.BCD 解析：A.电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于不知道电荷电性，因此电场线方向不确定，故无法判断三个等势面电势的高低，故 A 错；B.C.根据质点受力情况可知，从 P 到 Q 的过程中电场力的做功情况可判定，所以动能和电势能的变化可判定；D.等差等势面越密的地方电场强度越大，故 E
8、PEQ，故 FPFQ,apaQ，因此选 BCD 12.AC 解析：平行板电容器充电后与电源断开后，电量不变将正极板移到图中虚线所示的位置时，板间距离 d 减小，根据 C=知，电容 C 增大，根据 C=，可知板间电压 U 变小由 C=、C=、E=得 E=由题意知，电容器所带电荷量 Q 不变，、S 也不变，则当两极板间距离变化时，板间场强 E 不变由 U=Ed，可知 P 与负极板间的距离不变，P 与负极板间的电势差不变，P 点的电势不变，正电荷在 P 点的电势能不变故 AC 正确，BD 错误 13BD 解析：A、B 当滑动变阻器的触片 P 从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减
9、小，总电流增大，路端电压减小，则 L 2 变亮电路中并联部分电压减小，则 L 3 变暗总电流增大，而 L 3的电流减小，则 L 1 的电流增大，则 L 1 变亮故 A 错 B 对 C、D 由上分析可知，电压表 V 1 的示数减小，电压表 V 2 的示数增大，由于路端电压减小，所以U 1U 2 故C 错误，D 正确 14.ABD 解析：电源的路端电压与电流的关系图线与电压轴的截距为电动势大小，斜率大小为电源内阻大小，则 A 正确；电阻 R 的 UI 图线的斜率大小即电阻大小，B 正确；电源的输出功率为，C 错误；电源的效率为，D 正确。三、填空题 15.游标卡尺的读数：12mm+80.05mm=
10、12.40mm=1.240cm 螺旋测微器的读数：1.5+18.50.01=1.685mm 16.2475，7500 17.（1）A，C，E；（2）甲，小，电压表的分流作用 四、计算题 18.19.（1）电路中的电流为 I=，电源的总功率为 P=EI=102W=20W；（2）电源内阻分的电压为 U 内=Ir=20.5V=1V，电动机两端的电压为 U=E-U1-U 内=10-6-1V=3V，电动机消耗的功率为 P 动=UI=62W=12W；电动机热功率，所以将电能转化为机械能的功率 P 机=P 动-Pr=12-4=8W 3）内阻消耗的功率为 P 内=I2r=220.5W=2W 电源输出功率为 P 出=P-P 热=20-2W=18W 20.解：由 AB 过程，根据动能定理有：在最低点 B，根据牛顿第二定律有：代入数据联解得：T=30N （2）从 AC 过程，根据动能定理有：在 C 点根据速度关系有：vcsin=vB 在匀强电场中有：UAC=EhAC 联解得：UAC=125V （3）由题可知施加恒力 F 后小球必须做匀速直线或匀加速直线运动，才能垂直打在档板上。作出小球的受力矢量三角形分析如图所示。当 F 与 F 合（或运动）的方向垂直时，F 有最小值而无最大值 由矢量三角形图有：Fmin=(mg+qE)sin 解得：F=8N
