1、海南省海口一中2016年高考物理模拟试卷（解析版）一、单项选择题1在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值B奥斯特发现了电流磁效应；安培发现了电磁感应现象C麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在D安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律2相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第一滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上下沿，g取10m/s2，则屋檐离地面的高度（）A1.8mB3.2mC1.6mD2m32009年2月11日，俄罗斯的“宇宙2
2、251”卫星和美国的“铱33”卫星在西伯利亚上空约805km处发生碰撞这是历史上首次发生的完整在轨卫星碰撞事件碰撞过程中产生的大量碎片可能会影响太空环境假定有甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是（）A甲的运行周期一定比乙的长B甲距地面的高度一定比乙的高C甲的向心力一定比乙的小D甲的加速度一定比乙的大4在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列判断正确的是（）A灯泡L1的电阻为12B通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C灯泡L1消耗的电功率为0.
3、75WD灯泡L2消耗的电功率为0.30W5如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为，B与地面间的动摩擦力为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A当F2mg时，A、B都相对地面静止B当F=mg时，A的加速度为gC当F2mg时，A相对B滑动D无论F为何值，B的加速度不会超过g6如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示取g=10m/s2，则（）A第1s内推力做功为1JB第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC第1.5s时推力F的功率为2WD
4、第2s内推力F做功的平均功率二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分，选对但不全的得3分，有选错的，得0分）7如图所示，在矩形ABCD的AD边的中点M处和BC边的中点N处各放一个点电荷，它们分别带等量的正、负电荷E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN，则（）AA、D两点电场强度相同，电势相等BE、F两点电势相同，电场强度相同CA、B两点电场强度相同，A点电势高于B点电势DP点场强等于Q点场强，P点电势高于Q点电势8质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质木架上的A点和C点，如图所示，
5、当轻杆绕轴BC以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时杆子停止转动，则（）A小球仍在水平面内做匀速圆周运动B在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C若角速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D若角速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动9如图（a）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如右（b）所示，则以下说法中不正确的是（）AA、B两点的电场强度是EAEBBA、B两点的电势是UAUBC负电荷q在A
6、、B两点的电势能大小是 EPAEPBD此电场一定是负点电荷形成的电场10由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB段和BC段是半径为R的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内一质量为m的小球，从距离水平地面为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上下列说法正确的是（）A小球落到地面时相对于A点的水平位移值为B小球落到地面时相对于A点的水平位移值为C小球能从细管A端水平抛出的条件是H2RD小球能从细管A端水平抛出的最小高度Hmin=R三、实验题11（2016海南校级模拟）某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力，探究在小车及传感器总质量不变时加
7、速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的aF图象（1）图线不过坐标原点的原因是；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为 kg一只小灯泡，标有“3V，1.5W”的字样，现要描绘小灯泡03V的伏安特性曲线，实验器材有：A、最大阻值为10的滑动变阻器B、电动势为6V、内阻约为1.0的电源C、量程为0.6A、内阻约为1.0的电流表A1D、量程为3A、内阻约为0.1的电流表A2E、量程为3V，内阻约为6k的电压表V1F、量程为15V，内阻约为10k的电压表V1G、开关、导线若干（1）电压表应选
8、；电流表应选在该实验中，设计了如图所示的四个电路，为了减小误差，应选取的电路是（将选项代号的字母填在横线上）（3）以下是该实验的操作步骤A、将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B、调节滑动变阻器滑片的位置，保证闭合开关前使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C、闭合开关，记下电压表，电流表的一组示数（U1，I1），移动滑动变阻器的滑片，每移动一次记下一组（U、I）值，共测出12组数据；D、按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线，步骤错误修正步骤错误修正四、计算题13，各接触面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力卡车以速度v0匀速行驶时，因前方
9、出现障碍物而制动并做匀减速直线运动（1）卡车制动的加速度满足什么关系时，预制件A相对B滑动，而B相对车厢底板静止？（2）卡车制动后为保证司机安全，在B相对车厢底静止的情况下，预制件A不与车厢前挡板碰撞，则卡车从开始制动到停止所经历的时间应满足什么条件？六、模块选做题（本题包括3个模块，只要求选做2模块，每模块12分，共24分）【模块3-3试题】14下述说法中正确的是有（）A布朗运动说明了水分子的无规则运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了能的转化和守恒定律C绝热压缩的物体，其内能一定增大D甲物体的温度比乙物体的温度高，则甲物体分子平均速率比乙物体分子平均速率大E两个分子从无穷远相互靠近的过
10、程中其分子力是逐渐增大的，而分子势能是先减小后增大的F在用油膜法测量分子的大小的实验中，油酸可以用汽油代替，因为汽油也不溶于水而能溶于酒精G气体压强是大量的分子对容器壁的碰撞引起的，而大气压强主要是由于空气受到重力引起的15如图所示，两端开口、粗细均匀的足够长玻璃管插在大水银槽中，管的上部有一定长度的水银，两段空气柱被封闭在左右两侧的竖直管中开启上部连通左右水银的阀门A，当温度为300K平衡时水银的位置如图（h1=h2=5cm，L1=50cm，），大气压为75cmHg求：（1）右管内气柱的长度L2（2）关闭阀门A，当温度升至405K时，左侧竖直管内气柱的长度L3【模块3-4试题】16下列说法正
11、确的是（）A除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B全息照相利用了激光相干性好的特性C光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大E当我们看到太阳从地平线上刚刚升起时，太阳的实际位置已经在地平线上的上方F无色肥皂液吹出了肥皂泡呈彩色，是由于光的色散G海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时发生折射而产生的H日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏转滤光片可以使景象更清晰17一不透明的圆柱形容器内装满折射率n=的透明液体，容器底部正中央O点处有一点光源S，若容器高为2dm，底边半径为（1+）dm，则
12、液面上方有光线射出的面积为多少？若有一平面镜MN与底面成45角放置，OM=1dm，在容器中央正上方1dm处水平放置一足够长的刻度尺，如图所示，求光源S发出的光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度（不考虑容器侧壁和液面的反射）【模块3-5试题】18（2016海南校级模拟）根据波尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量，电子的动能，（填“增加”“不变”“减小”）若某原子的电子从能量为E的轨道跃迁到能量为E的轨道，辐射出波长为的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则E等于19，乙车质量为4kg，以5m/s的速度向左运动，与甲车碰撞以后甲车获得8m/s的速度，物体滑到乙车上，
13、上表面与物体的动摩擦因数为0.2，则物体在乙车上表面滑行多上时间相对乙车静止？乙车的长度应该满足什么条件？（g=10m/s2）2016年海南省海口一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（）A库仑发现了点电荷的相互作用规律；密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值B奥斯特发现了电流磁效应；安培发现了电磁感应现象C麦克斯韦预言了电磁波；楞次用实验证实了电磁波的存在D安培发现了磁场对运动电荷的作用规律；洛仑兹发现了磁场对电流的作用规律【考点】感应电流的产生条件【分析】本题考查电磁学中的相关物理学史，应掌握在电磁学发展中作出突出贡献
14、的科学家的名字及主要发现【解答】解：A、库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根测定了元电荷的数值，故A正确；B、奥斯特发现了电流磁效应；法拉第发现了电磁感应现象，故B错误；C、麦克斯韦预言了电磁波，赫兹用实验证实了电磁波的存在；楞次是发现了电磁感应中的感应电流的方向，故C错误；D、洛仑兹发现磁场对运动电荷作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律，故D错误；故选：A【点评】近几年高考中增加了对物理学史的考查，在学习中要注意掌握科学家们的主要贡献，要求能熟记2相同的时间间隔滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第一滴刚好到达地面，而第3滴与第2滴分别位于高为1m的窗户的上下沿，g取10m/s2，则屋檐离
15、地面的高度（）A1.8mB3.2mC1.6mD2m【考点】自由落体运动【分析】初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7已知第3滴与第2滴水的间隔距离，根据比例关系求出总高度【解答】解：根据比例关系，从上到下相邻水滴间距离之比为1：3：5：7，而2、3两滴间距离为1米，所以总高度H=3.2m故选：B【点评】解决本题的关键掌握初速度为0的匀加速直线运动，在连续相等时间间隔内的位移比为1：3：5：7以及掌握自由落体运动的位移时间公式H=gt232009年2月11日，俄罗斯的“宇宙2251”卫星和美国的“铱33”卫星在西伯利亚上空约805km处发生碰撞这是历史上首次发生
16、的完整在轨卫星碰撞事件碰撞过程中产生的大量碎片可能会影响太空环境假定有甲、乙两块碎片，绕地球运动的轨道都是圆，甲的运行速率比乙的大，则下列说法中正确的是（）A甲的运行周期一定比乙的长B甲距地面的高度一定比乙的高C甲的向心力一定比乙的小D甲的加速度一定比乙的大【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用；人造卫星的环绕速度【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可【解答】解：B、卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向F=GF向=m=m2r=m（）2r因而
17、G=m=m2r=m（）2r=ma解得v= T=2a= 由于甲的运行速率比乙的大，根据式，可以知道甲的轨道半径较小，故B错；A、由公式可知甲的周期小故A错；C、由于未知两碎片的质量，无法判断向心力的大小，故C错；D、碎片的加速度是指引力加速度，由式，可知甲的加速度比乙大，故D对；故选D【点评】题关键抓住万有引力提供向心力，列式求解出线速度、角速度、周期和向心力的表达式，再进行讨论；同时要注意卫星的线速度、角速度、周期与轨道半径一一对应4在如图1所示的电路中，电源电动势为3.0V，内阻不计，L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图2所示当开关闭合后，下列判断正确的是（）
18、A灯泡L1的电阻为12B通过灯泡L1的电流为灯泡L2电流的2倍C灯泡L1消耗的电功率为0.75WD灯泡L2消耗的电功率为0.30W【考点】电功、电功率【分析】当开关闭合后，灯泡L1的电压等于3V，由图读出其电流I，由欧姆定律求出电阻，并求出其功率灯泡L2、L3串联，电压等于1.5V，由图读出电流，求出电阻【解答】解：A、C、当开关闭合后，灯泡L1的电压U1=3V，由图读出其电流I1=0.25A，则灯泡L1的电阻R1=12，功率P1=U1I1=0.75W，故A正确，C正确；B、灯泡L2、L3串联，电压U2=U3=1.5V，由图读出其电流I2=I3=0.20A，灯泡L2、L3的功率均为P=UI=1
19、.5V0.20A=0.30W，故B错误，D正确；故选ACD【点评】本题关键抓住电源的内阻不计，路端电压等于电动势，来确定三个灯泡的电压读图能力是基本功5如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦力因数为，B与地面间的动摩擦力为，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A当F2mg时，A、B都相对地面静止B当F=mg时，A的加速度为gC当F2mg时，A相对B滑动D无论F为何值，B的加速度不会超过g【考点】牛顿第二定律【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对
20、滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析【解答】解：A、AB之间的最大静摩擦力为：，AB发生滑动的加速度为a=g，B与地面间的最大静摩擦力：，故拉力F最小为F：，所以，AB将发生滑动；当F2mg时，AB之间不会发生相对相对滑动，B与地面间会发生相对滑动，所以A、B都相对地面运动，A错误；B、当时，故A、B间不会发生相对滑动，由牛顿第二定律有：，B错误；C、当时，AB间不会发生相对滑动，C错误；D、A对B的最大静摩擦力2mg，无论F为和值，A的加速度为a=g，当然加速度更不会超过，D正确；故选：D【点评】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第定律求出A、B
21、不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析6如图1所示，物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2示取g=10m/s2，则（）A第1s内推力做功为1JB第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0JC第1.5s时推力F的功率为2WD第2s内推力F做功的平均功率【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算【分析】由图可知物体的运动过程，并得出推力及摩擦力的大小；再由功的公式及功率公式求解【解答】解：A、由图可知，第1s内物体的速度为零，故位移为零，推力不做功，故A错误；B、第2s内推力为3N；及第3s内物体做匀速直线运动，则可知，摩擦力f
22、=F=2N；物体经过的位移x=1m；则克服摩擦力做功W=fx=2.0J；故B正确；C、第1.5s时推力为3N；速度v=1m/s；则推力的功率P=31=3W；故C错误；D、第2s内的平均功率P=F=3=3W；故D错误；故选：B【点评】本题考查对图象的认识，要求我们在本题中能从图象中求出各时刻的速度、位移及由平衡条件得出摩擦力的大小关系，是道好题二、多项选择题（本题共4小题，每小题5分，共20分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，全部选对的，得5分，选对但不全的得3分，有选错的，得0分）7如图所示，在矩形ABCD的AD边的中点M处和BC边的中点N处各放一个点电荷，它们分别带等量
23、的正、负电荷E、F是AB边和CD边的中点，P、Q两点在MN的连线上，MP=QN，则（）AA、D两点电场强度相同，电势相等BE、F两点电势相同，电场强度相同CA、B两点电场强度相同，A点电势高于B点电势DP点场强等于Q点场强，P点电势高于Q点电势【考点】电场的叠加；匀强电场中电势差和电场强度的关系【分析】首先画出根据等量异种电荷的电场线，然后根据等量异种电荷的电场线的对称性即可进行判定；电子在电场中受力的方向与电场线的方向相反【解答】解：等量异号电荷的电场线分布情况如图所示，图中电场线从正电荷出发，等势面为不规则的圆圈A、根据电场线的疏密可知，A、D两点电场强度大小相同，方向不同，则场强不同由于
24、对称性，可知AD两点在同一等势面，因此两点的电势相等，故A错误；B、两个异种电荷的中垂线是等势线，E、F两点关于连线对称，电场强度大小和方向都相同，即场强相同，电势相同，故B正确；C、根据几何对称性，A、B两点电场强度大小相同，方向不同，场强不同由电场线的分布，知A点电势高于B点，故C错误；D、在两个异种电荷的连线上，电场线从正电荷指向负电荷，电场强度关于中垂线对称，故P、Q电场强度相同，P点电势高于Q点电势，故D正确；故选：BD【点评】本题关键根据等量异种电荷的电场线图，确定各点的场强方向和大小，还可以画出等势面，同时要注意，沿着电场线，电势降低8质量为m的小球由轻绳a和b分别系于一轻质木架
25、上的A点和C点，如图所示，当轻杆绕轴BC以角速度匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时杆子停止转动，则（）A小球仍在水平面内做匀速圆周运动B在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C若角速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D若角速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动【考点】牛顿第二定律；向心力【分析】绳b被烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动绳b被烧断前，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳b的张力将大于重力若
26、角速度较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动，若角速度较大，小球原来的速度较大，小球可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动【解答】解：A、小球原来在水平面内做匀速圆周运动，绳b被烧断后，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动故A错误 B、绳b被烧断前，小球在竖直方向没有位移，加速度为零，a绳中张力等于重力，在绳b被烧断瞬间，a绳中张力与重力的合力提供小球的向心力，而向心力竖直向上，绳a的张力将大于重力，即张力突然增大故B正确 C、若角速度较小，小球原来的速度较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动故C正确 D、若角速度较大，小球原来的速度较大，小球
27、可能在垂直于平面ABC的竖直平面内做圆周运动故D正确故选BCD【点评】本题中要注意物体做圆周运动时，外界必须提供向心力C、D两项还可根据机械能守恒与向心力知识求解小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动或圆周运动角速度的范围9如图（a）是某一点电荷形成的电场中的一条电场线，A、B是电场线上的两点，一负电荷q仅在电场力作用下以初速度v0从A运动到B过程中的速度图线如右（b）所示，则以下说法中不正确的是（）AA、B两点的电场强度是EAEBBA、B两点的电势是UAUBC负电荷q在A、B两点的电势能大小是 EPAEPBD此电场一定是负点电荷形成的电场【考点】电势；电场强度【分析】速度图象的斜率等于物体的
28、加速度，故A点的场强小于B点场强；负电荷所受电场力的方向与场强的方向相反，沿电场线的方向电势降低是解决本题的突破口【解答】解：A、D、点电荷做加速度增大的减速运动，电场力增大，场强增大，则点电荷应靠近场源电荷，所以此电场应是负电荷形成的电场，故A点的场强小于B点场强即EAEB，故A正确，D正确B、由于点电荷沿电场线运动过程中做减速运动，电场力做负功，电势能增大，而负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，所以得知电势应降低，即A点电势比B点的电势高，UAUB，故B正确C、由上知，点电荷的速度减小，动能减小，由于仅在电场力作用，所以根据能量守恒电势能电势能增大，即EPAEPB故C错误本题选择
29、不正确的，故选：C【点评】本题虽然难度不大，但考查的知识点比较全面，是不可多得的好题，关键要结合速度图象的意义分析点电荷的运动情况10由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB段和BC段是半径为R的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内一质量为m的小球，从距离水平地面为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上下列说法正确的是（）A小球落到地面时相对于A点的水平位移值为B小球落到地面时相对于A点的水平位移值为C小球能从细管A端水平抛出的条件是H2RD小球能从细管A端水平抛出的最小高度Hmin=R【考点】机械能守恒定律；平抛运动【分析】从A到D运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守
30、恒定律求出A点速度，从A点抛出后做平抛运动，根据平抛运动规律求出水平位移，细管可以提供支持力，所以到达A点的速度大于零即可【解答】解：A、从A到D运动过程中只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律得：解得：从A点抛出后做平抛运动，则由2R=gt2得t=则x=故A错误，B正确；C、细管可以提供支持力，所以到达A点的速度大于零即可，即解得：H2R，故C正确，D错误故选：BC【点评】本题涉及的知识点较多，有机械能守恒定律、平抛运动基本公式及圆周运动达到最高点的条件，难度适中三、实验题11（2016海南校级模拟）某同学将力传感器固定在小车上，然后把绳的一端固定在传感器拉钩上，用来测量绳对小车的拉力
31、，探究在小车及传感器总质量不变时加速度跟它们所受拉力的关系，根据所测数据在坐标系中作出了如图2所示的aF图象（1）图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）本实验中是否仍需要砂和桶的总质量远小于小车和传感器的总质量否（填“是”或“否”）；（3）由图象求出小车和传感器的总质量为1 kg由图象可知，当F0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力，或平衡的不够；（2）该实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量（3）aF图象中的斜率表示质量的倒数【解答】解：（1）由图象可知，当F0时，加速度仍然为零，说明没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）该
32、实验中由于已经用传感器测出绳子拉力大小，不是将砝码和砝码盘的重力作为小车的拉力，故不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量（3）aF图象中的斜率表示质量的倒数，由图可知，k=，所以质量M=kg故答案为：（1）没有平衡摩擦力或平衡的不够；（2）否；（3）1【点评】实验中我们要清楚研究对象和研究过程，明确实验原理是解答实验问题的前提12电压表应选E；电流表应选C在该实验中，设计了如图所示的四个电路，为了减小误差，应选取的电路是C（将选项代号的字母填在横线上）（3）以下是该实验的操作步骤A、将电流表、电压表、变阻器、小灯泡、电源、开关正确连接成电路B、调节滑动变阻器滑片的位置，保证闭合开关前使
33、滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值最大C、闭合开关，记下电压表，电流表的一组示数（U1，I1），移动滑动变阻器的滑片，每移动一次记下一组（U、I）值，共测出12组数据；D、按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用直线连接起来，得出小灯泡的伏安特性曲线，步骤B错误修正闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的 阻值为零步骤D错误修正应为按所测数据，在坐标纸上点并将各点用一条平滑的曲线连接起来【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【分析】（1）根据灯泡的额定电压及额定电流，根据实验要求中的安全性及准确性进行分析解答；（2）为了减小误差，测量大电阻时要用内接法，测量小电阻时要用外接法；并且根据题目要求选择分压还
34、是限流接法（3）根据实验中的步骤，按实验要求分析实验中出现的问题，并加以修改【解答】解：（1）因为小灯泡的额定电压为3V，故电压表选E；小灯泡的额定电流I=A=0.5A，故电流表选C（2）小灯泡在额定电压下的电阻R=6，由于，故电流表外接；在描给小灯泡的伏安特性曲线时，要求电压从零开始，则滑动变阻器选用分压接法；故选：C（3）分析各步骤可以发现：B不妥，为了保证实验安全，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；D有错，应为按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来故答案为：（1）E，C；（2）C；（3）B，闭合开关前应使滑动变阻器与小灯泡并联部分的阻值为零；D，应为
35、按所测数据，在坐标纸上描点并将各点用一条平滑的曲线连接起来【点评】本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图，确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的前提与关键，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器采用分压接法四、计算题13，各接触面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力卡车以速度v0匀速行驶时，因前方出现障碍物而制动并做匀减速直线运动（1）卡车制动的加速度满足什么关系时，预制件A相对B滑动，而B相对车厢底板静止？（2）卡车制动后为保证司机安全，在B相对车厢底静止的情况下，预制件A不与车厢前挡板碰撞，则卡车从开始制动到停止所经历的时间应满足什么条件？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与位
36、移的关系【分析】隔离对A、B受力分析，根据牛顿第二定律分别求出二者的加速度，应满足的条件：车的加速度大于A的加速度小于B的加速度求出木箱的相对加速度，通过相对位移，结合运动学公式，求出刹车最多持续的时间【解答】解：（1）对A根据牛顿第二定律，则有：1mg=ma1即：a1=1g对B，根据牛顿第二定律，则有：22mg1mg=ma2即：a2=（221）g要使A相对B滑动，需满足a1a车要使B相对于车厢底板静止，需满足a车a2以上各式联立得：1ga车（221）g（2）卡车制动后，设A的位移为s1，有： =2a1s1，卡车的位移为s车 有：，要使A不与车厢的前挡板相碰，应满足 s1s车L即：，故有：设卡
37、车制动时间为t，则有：v0=a车t得：答：（1）卡车制动的加速度满足1ga车（221）g时，预制件A相对B滑动，而B相对车厢底板静止；（2）制动后为保证司机安全，需使预制件不与车厢前挡板碰撞，则从卡车开始制动到停止所经历的时间应满足t【点评】本题综合考查了牛顿第二定律和运动学公式的运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，第二问，通过货车和预制件的位移关系，结合运动学公式进行求解六、模块选做题（本题包括3个模块，只要求选做2模块，每模块12分，共24分）【模块3-3试题】14下述说法中正确的是有（）A布朗运动说明了水分子的无规则运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了能的转化和守恒定律C绝热
38、压缩的物体，其内能一定增大D甲物体的温度比乙物体的温度高，则甲物体分子平均速率比乙物体分子平均速率大E两个分子从无穷远相互靠近的过程中其分子力是逐渐增大的，而分子势能是先减小后增大的F在用油膜法测量分子的大小的实验中，油酸可以用汽油代替，因为汽油也不溶于水而能溶于酒精G气体压强是大量的分子对容器壁的碰撞引起的，而大气压强主要是由于空气受到重力引起的【考点】热力学第二定律；温度是分子平均动能的标志【分析】布朗运动说明了液体分子在做无规则运动第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律内能的变化根据热力学第一定律分析温度是分子平均动能的标志分子做正功时分子势能减小，相反，分子势能增加在用油膜
39、法测量分子的大小的实验中，油酸不能用汽油代替，因为汽油容易挥发气体压强是大量的分子对容器壁的碰撞引起的结合这些知识分析【解答】解：A、布朗运动悬浮在水中微粒的无规则运动，而微粒的运动是由水分子运动撞击产生的，说明水分子的无规则运动故A正确B、第二类永动机没有违背了能的转化和守恒定律，不可能制成是因为它违背了热力学第二定律故B错误C、绝热压缩的物体时，有 Q=0，W0，由热力学第一定律U=Q+W，得U0，即其内能一定增大故C正确D、甲物体的温度比乙物体的温度高，则甲物体分子平均动能比乙物体分子平均动能大，甲物体分子平均速率不一定比乙物体分子平均速率大，还与分子质量有关，故D错误E、两个分子从无穷
40、远相互靠近的过程中其分子力先逐渐增大后逐渐减小，再逐渐增大，分子力先做正功后做负功，分子势能先减小后增大，故E错误F、在用油膜法测量分子的大小的实验中，油酸不能用汽油代替，因为汽油容易挥发故F错误G、气体压强是大量的分子对容器壁的碰撞引起的，而大气压强主要是由于空气受到重力引起的故G正确故选：ACG【点评】解决本题的关键要掌握热力学的基本知识，理解布朗运动形成的原因，掌握热力学第一定律、第二定律和分子动理论等重要知识15如图所示，两端开口、粗细均匀的足够长玻璃管插在大水银槽中，管的上部有一定长度的水银，两段空气柱被封闭在左右两侧的竖直管中开启上部连通左右水银的阀门A，当温度为300K平衡时水银
41、的位置如图（h1=h2=5cm，L1=50cm，），大气压为75cmHg求：（1）右管内气柱的长度L2（2）关闭阀门A，当温度升至405K时，左侧竖直管内气柱的长度L3【考点】理想气体的状态方程；封闭气体压强【分析】（1）分别以两部分气体为研究对象，求出两部分气体压强，然后由几何关系求出右管内气柱的长度（2）以左管内气体为研究对象，由理想气体状态方程可以求出空气柱的长度【解答】解：（1）左管内气体压强：p1=p0+h2=80cmHg，右管内气体压强：p2=p左+h1=85cmHg，p2=p0+h3，解得，右管内外液面高度差h3=10cm，右管内气柱长度L2=L1h1h2+h3=50cm；（2）
42、设玻璃管截面积S，由理想气体状态方程，=，=，解得：L3=60cm答：（1）右管内气柱的长度为50cm（2）关闭阀门A，当温度升至405K时，左侧竖直管内气柱的长度为60cm【点评】求出各气体压强是正确解题的关键，熟练应用理想气体状态方程即可正确解题【模块3-4试题】16下列说法正确的是（）A除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B全息照相利用了激光相干性好的特性C光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D光的双缝干涉实验中，若仅将入射光从红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大E当我们看到太阳从地平线上刚刚升起时，太阳的实际位置已经在地平线上的上方F无色肥皂液吹出了肥皂泡
43、呈彩色，是由于光的色散G海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时发生折射而产生的H日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏转滤光片可以使景象更清晰【考点】用双缝干涉测光的波长；光通过棱镜时的偏折和色散；光的干涉；激光的特性和应用【分析】明确偏振光的性质和应用；知道偏振片的作用；知道激光的特性和在生活中的应用；了解光的反射、折射以及全反射等现象以及应用等，从而明确海市蜃楼等现象的解释【解答】解：（1）A、除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光；故A正确；B、全息照相利用了激光相干性好的特性，是光的干涉现象，故B正确；C、光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理而传输光
44、信号；故C正确；D、在双缝干涉实验中，光的双缝干涉条纹间距x=，若仅将入射光从红光改为紫光，由于红光波长大于紫光，则相邻亮条纹间距变小，故D错误E、早晨看太阳从地平线刚刚升起时，实际上它还处在地平线的下方，但通过光在不均匀的大气层中发生折射，可以射入我们的眼睛，我们就可以看见太阳，故E错误；F、无色肥皂液吹出的肥皂泡呈彩色是由于光照时，在膜的前后表面的反射光发生叠加，形成的干涉图样，是薄膜干涉；故F错误；G、海市蜃楼是光在密度不均匀的空气中传播时，发生光的全反射现象而产生的；故G错误；H、由于水面发射光为偏振光，故日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏转滤光片可以使景象更清晰； 故H
45、正确；故选：ABCH【点评】本题考查光学现象以及应用，要注意明确光学现象中包括：光的干涉、折射、衍射、偏振等现象，同时能根据相关内容解释生活中的现象17一不透明的圆柱形容器内装满折射率n=的透明液体，容器底部正中央O点处有一点光源S，若容器高为2dm，底边半径为（1+）dm，则液面上方有光线射出的面积为多少？若有一平面镜MN与底面成45角放置，OM=1dm，在容器中央正上方1dm处水平放置一足够长的刻度尺，如图所示，求光源S发出的光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度（不考虑容器侧壁和液面的反射）【考点】光的折射定律【分析】作出边界光路当光线沿OM入射到平面镜时，发生反射，光线照射到刻度尺的最
46、右端当射到平面镜上的光线经折射照射到刻度尺的最左端时，根据对称性，作出平面镜反射的光路根据反射定律和折射定律以及几何知识求解光线经平面镜反射后，照射到刻度尺的长度【解答】解：设容器高为H作图找出发光点S在平面镜中的像点S，连接SM延长交直尺于H点由题：光线SM的入射角为45，根据反射定律可知反射角等于45，则MH沿竖直方向连接SP，根据对称性得SM=OM=1dm，则在RtPRS中，PR=H+SM=3dm由几何知识得：r=30根据折射定律可得：解得：sini=，i=45故刻度尺上被照亮的范围为：答：刻度尺上被照亮的范围长为（1+）dm【点评】对于范围问题，往往要作出边界光线，研究临界情况，利用几
47、何知识和折射定律、反射定律结合研究，这是常用的思路【模块3-5试题】18（2016海南校级模拟）根据波尔理论，氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量减小，电子的动能增加，（填“增加”“不变”“减小”）若某原子的电子从能量为E的轨道跃迁到能量为E的轨道，辐射出波长为的光，以h表示普朗克常量，c表示真空中的光速，则E等于【考点】氢原子的能级公式和跃迁【分析】氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量减小，根据库仑引力提供向心力得出电子动能的变化跃迁时辐射的光子能量等于两能级间的能级差，从而求出E的大小【解答】解：氢原子的电子由外层轨道跃迁到内层轨道后，原子的能量减小根据k知电子
48、的动能为：，电子轨道半径减小，则电子动能增加根据得：故答案为：减小，增加，【点评】解决本题的关键知道高能级向低能级跃迁，辐射光子，从低能级向高能级跃迁，吸收光子以及掌握能级差与光子频率的关系同时知道激发态不稳定，会向基态发生跃迁，不同的能级间有不同的能极差，辐射的光子频率不同，最后掌握电子跃迁中，动能与电势能，及总能量如何变化19，乙车质量为4kg，以5m/s的速度向左运动，与甲车碰撞以后甲车获得8m/s的速度，物体滑到乙车上，上表面与物体的动摩擦因数为0.2，则物体在乙车上表面滑行多上时间相对乙车静止？乙车的长度应该满足什么条件？（g=10m/s2）【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【分析
49、】甲乙两车碰撞前后，两车总动量守恒，小物块滑上乙车后一直到达到共同速度，对于物块和乙车，也保持动量守恒，物块相对于地面来说，向左做匀加速运动，有运动学公式可解时间；对于物块和乙车由能量守恒定律得，系统减少的机械能就是摩擦力做功，列式求解即可【解答】解：乙与甲碰撞过程系统动量守恒，以乙的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m乙v乙=m乙v乙+m甲v甲，小物体m在乙上滑动至有共同速度v，对小物体与乙车，以乙的速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m乙v乙=（m+m乙）v，对小物体应用牛顿第二定律得：a=g，运动时间：t=，解得：t=0.4s；设物块最终距离乙车左端多大距离为s，由能量守恒定律得：mgs=m乙v22（m乙+m木）v2，解得：s=0.2m，乙车的长度不应小于0.2m；答：物体在乙车上表面滑行0.4s相对乙车静止，乙车的长度应该满足的条件是：乙车的长度不应小于0.2m【点评】甲、乙碰撞后动量守恒，求出碰后乙的速度，木块、向左做匀加速运动求出加速度，乙车和木块，动量守恒求出两者的共同速度，根据匀变速直线运动，速度时间关系即可求得时间，要求同学们能正确分析物体的运动情况，难度适中
