1、福建省漳州市2021届高三物理毕业班适应性测试试题（一）（考试时间：75分钟，满分：100分）本试卷分第卷和第卷两部分。第卷为选择题，第卷为非选择题第卷（选择题34分）一、选择题：本题共10小题，共34分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，每题3分；第710题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。AB1为了验证平抛运动的小球在竖直方向上做自由落体运动，用如图所示的装置进行试验，小锤打击弹性金属片，A球水平抛出，同时B球被松开，自由下落，关于该实验，下列说法中正确的是A两球的质量应相等B应听到两次撞地声音C应改变装置的高度，多次实验D该实
2、验同时能说明A球在水平方向上做匀速直线运动2如图是某原子的部分能级示意图，a、b、c为原子发生的三种跃迁，发出三种不同波长的光、，E1、E2、E3分别表示三个对应能级，且，E10，则n321EE3E2E1abcABCE1E2E3D3在均匀介质中x=12 m处有一波源做简谐运动，其表达式为，它在介质中形成的简谐横波沿x轴负方向传播，某时刻波刚好传播到x=4 m处，波形图像如图所示，则A该波波速为1 m/sB此后M点经2 s第一次到达y = -3 m处C波源开始振动时的运动方向沿y轴负方向DM点在此后第3 s末的振动方向沿y轴负方向4如图，光滑球体夹在竖直墙和斜面体之间保持静止，斜面体质量为m，倾
3、角为37，球体的质量为3m，已知sin37 = 0.6，cos37 = 0.8，则A球对斜面的压力为3mgB墙对球的支持力为0.75mgC地面对斜面的支持力为3.75mgD地面对斜面的摩擦力为2.25mg5 2020年3月9日，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭，成功发射北斗系统第54颗导航卫星。北斗导航卫星系统共有三种卫星：地球同步卫星、中圆轨道卫星（轨道形状为圆形，轨道半径在1 000公里和3万公里之间）、倾斜地球同步轨道卫星（周期为24 h）。则A中圆轨道卫星的运行周期为24 hB中圆轨道卫星的运行线速度大于7.9 km/sC倾斜地球同步轨道卫星一定比中圆轨道卫星的角速度大D倾斜
4、地球同步轨道卫星与地球同步卫星运行的线速度等大BA6如图，教学用的可拆变压器有两个线圈A、B，线圈匝数已经无法分辨，某同学为测定A、B两个线圈的匝数进行了如下操作。他先把漆包线比较细的线圈A接到的低压交流电源上，用交流电压表测得线圈B的输出电压为8 V；然后拆下线圈B，在线圈B原来匝数的基础上，用漆包线加绕10匝，然后重复上一步操作，发现电压表的示数为8.8 V，若可拆变压器可看成理想变压器，则A、B两个线圈原来的匝数分别为A200，100B160，80 C108，54 D128，64乙甲hRROO丙v0v0v07如图甲，将质量为m的小球以速度竖直向上抛出，小球上升的最大高度为h。若将质量分别
5、为2m、4m的小球，分别以同样大小的速度从半径均为的竖直圆形光滑轨道的最低点水平向右射入轨道，轨道形状如图乙、丙所示。小球视为质点，不计空气阻力，则A只有质量为4m的小球能到达最大高度hB质量为2m、4m的小球均能到达最大高度hC质量为2m的小球到达与圆心等高处时，处于超重状态D质量为4m的小球到达与圆心等高处时，对轨道的压力大小为8mg8在x轴上x = 0和x = 1 m处，固定两点电荷q1和q2，两电荷之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，在x = 0.6 m处电势最低，则A两个电荷为异种电荷Bx = 0.5 m处的位置电场强度为0C两个电荷的电荷量大小关系为q1：q2 = 9：4D在q1
6、与q2所在的连线上电场强度为0的点只有1个abdcMNB9如图，虚线边界MN右侧充满垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B，纸面内有一个边长为L，粗细均匀的正方形导线框abcd，cd边与MN平行。导线框在外力作用下，先后以v和2v的速度垂直MN两次匀速进入磁场。运动过程中线框平面始终与磁场垂直，则A进入磁场过程中，导线框中感应电流方向为逆时针方向B导线框以速度v进入磁场时，ab两点间电势差C导线框两次进入磁场过程中产生的热量之比21D导线框两次进入磁场过程中通过导线框某横截面的电量之比1110质量m = 10 kg的煤块在大小恒定的水平外力作用下，冲上一足够长的水平传送带，传送带从右向左以
7、恒定速度运动。从煤块冲上传送带开始计时，煤块的v - t图像如图所示，选向右为正方向。已知01 s内水平外力与煤块运动方向相反，12 s内水平外力仍然与煤块运动方向相反，g取10 m/s2，则A煤块与传送带间的动摩擦因数为0.3B煤块与传送带间的动摩擦因数为0.5C0 2 s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为4 mD0 2 s内煤块在传送带上留下的黑色痕迹为6 m第卷（非选择题66分）二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。11（6分）橡皮筋也像弹簧一样，在弹性限度内，伸长量x与弹力F成正比，即F=kx，k的值与橡皮筋未受到拉力时的长度L、横截面积S有关，理论与实践都表
8、明，其中Y是一个由材料决定的常数，材料力学中称之为杨氏模量。（1）有一段横截面是圆形的橡皮筋，应用如图所示的实验装置可以测量出它的杨氏模量Y的值。首先利用测量工具a测得橡皮筋的长度L=10.00 cm，利用测量工具b测得橡皮筋未受到拉力时的直径D=2.000 mm，那么测量工具b应该是_（填“游标卡尺”或“螺旋测微器”）；（2）某同学根据橡皮筋受到的拉力F与伸长量x的实验记录，作出F-x图像（如图乙所示），由图像可求得该橡皮筋的劲度系数k=_ N/m（结果保留2位有效数字）。（3）这种橡皮筋的Y值等于_ Pa（结果保留2位有效数字）。12（10分）用伏安法测电阻的实验中。（1）如图甲，Rx为待
9、测电阻，请用笔画线代替导线，按甲图将图乙实物连接图补充完整。（2）现有两个滑动变阻器供选择，分别将两滑动变阻器按图甲接入电路，用L表示滑动变阻器电阻总长度，用x表示滑动变阻器与电压表并联部分的电阻长度，滑片在不同位置x与L的比值及相应电压表测量值U，画出U随变化的图像如图丙所示，为了方便调节，根据图像你会选择_（m或n）更合理；（3）为测量Rx，利用图甲所示的电路，调节滑动变阻器分别测得5组电压U和电流I的值，作出的U-I关系图像如图丁p所示。再将电压表改接在图甲a、b两端，作出的U-I关系图像如图丁q所示，可求得电阻丝的R=_。（4）电压表内阻 （填“会”或“不会”）影响电阻Rx测量的系统误
10、差。三、计算题：本题共3小题，第13题14分，第14题16分，第15题20分，共50分。把解答写在指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（14分）如图是某同学用手持式打气筒对一只篮球打气的情景。已知篮球内部容积为7.5 L，环境温度为27 ，大气压强为1.0 atm，打气前球内气压等于外界大气压强，手持式打气筒每打一次气能将0.5 L、1.0 atm的空气打入球内，当球内气压达到1.6 atm时停止打气（1 atm=1.0105 Pa），假设整个过程中篮球没有变形。（1）当篮球内温度变为多少摄氏度时篮球内气压达到1.2 atm；（2）要使篮球内气压达到1.6 atm，求需
11、打气的次数N（设打气过程中气体温度不变）。14（16分）“质子疗法”可进行某些肿瘤治疗，质子先被匀强电场E=1.3105 N/C加速l=4 m后，经圆形磁场引向轰击肿瘤，杀死其中的恶性细胞。已知质子质量为m=1.6710-27 kg，电量为e=1.6010-19 C。（1）求质子经电场加速后的速度大小v；（2）若质子正对直径的圆形磁场圆心射入，偏转角为60，求该磁场的磁感应强度大小B1；（3）若质子经磁场后偏转角为90，且圆形磁场磁感应强度B2=10.44 T，求该圆形磁场的最小直径为多大。15（20分）有一种打积木的游戏，装置如图所示，三块完全相同的钢性积木B、C、D叠放在靶位上，宽度均为d
12、，积木C、D夹在固定的两光滑薄板间，一球A（视为质点）用长为L，且不可伸长的轻绳悬挂于O点。游戏时，钢球拉至与O等高的P点（保持绳绷直）由静止释放，钢球运动到最低点时与积木B发生的碰撞为弹性碰撞且瞬间完成，积木B滑行一段距离（大于）后停下。已知钢球和每块积木的质量均为m，各水平接触面间的动摩擦因数均为，重力加速度大小为g，空气阻力不计，求：（1）钢球下落到最低点且与B碰撞前的速度大小v0；（2）积木B向前滑动的距离s；（3）将钢球再次拉起至P点无初速释放，积木C沿B的轨迹前进。求C被A球撞后经多长时间与B球相遇。漳州市2021届高三毕业班适应性测试（一）物理试题参考答案（详解）（考试时间：75
13、分钟，满分：100分）本试卷分第卷和第卷两部分。第卷为选择题，第卷为非选择题第卷（选择题34分）一、选择题：本题共10小题，共34分。在每小题给出的四个选项中，第16题只有一项符合题目要求，每题3分；第710题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1【答案】C【解析】本题考察平抛运动的竖直分运动的研究方法。平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，与小球质量是否相等无关，A错；平抛运动的竖直分运动是自由落体与其合运动具有等时性，所以应听到一次撞地声，B错；为了证明此结论的普遍适用，应改变高度重复实验，C正确；此实验说明不了平抛运动的水平分运动是匀速直线运动。2【答
14、案】C【解析】本题考察氢原子的能级跃迁。电子跃迁时发出的光子的能量为E=Em-En，能量差E3-E2等于光子b的能量，能量差E2-E1等于光子c的能量，能量差E3-E1等于光子a的能量，由玻尔理论可知E3-E2E2-E1，结合题图可知光子的能量关系为Ea=Ec+Eb，同时，EaEcEb，又，联立可得： ，故AB错误；由玻尔理论氢知原子的各能级都是负值，可知E3E2E1，而且E1+E2E3，故C正确，D错误。3【答案】B【解析】本题考察机械振动和机械波。根据振动图像的表达式可知，周期，波速为2 m/s，因此A错；由对称性可知M点第一次到达y=-3 m处为半个周期所需时间是2 s，因此B正确；由波
15、的传播方向和波形图可知波源的起振方向沿y轴正方向，因此C错；根据周期和图示时刻的波形图可知M点第3 s末的振动方向沿y轴正方向，因此D错。4【答案】D【解析】本题考察整体法与隔离法，力的平衡等。对球体受力分析如图所示，则F2 = 3.75mg，所以A错；F1= mg tan37 = 2.25mg，所以B错；对整体受力分析如图所示，地面对斜面体支持力为N =（3m+m）g = 4mg，所以C错；地面对斜面体支持力为f = F1 = 2.25mg，D正确。5【答案】D【解析】本题考察天体运动，万有引力定律。根据万有引力提供向心力可得，可得，r大，T大，所以中圆轨道卫星的轨道半径小于同步卫星的轨道半
16、径，因此其运行周期小于24 h，因此A错；中圆轨道卫星的线速度小于等于第一宇宙速度，因此B错误；倾斜地球同步轨道卫星比中圆轨道卫星的r大，所以小，因此C错；倾斜地球同步轨道卫星与地球同步卫星运行r一样，所以线速度大小一样，因此D正确。6【答案】A【解析】设A、B两个线圈原来的匝数分别为、，线圈A的输入电压有效值，线圈B的输出电压，根据变压器电压比，可得，在线圈B加绕10匝后，线圈B的输出电压升高，说明加绕的线圈与原来线圈B的绕向相同，根据电压比关系应有，联立可得，故A正确，BCD错误。7【答案】AD【解析】对甲由机械能守恒定律，可知，小球在最高点h处的速度不能大于零，否则违反机械能守恒定律；质
17、量为2m的小球到达最高点的速度不等于零，不能到达h高处，质量为4m的小球在最高点的速度等于零，能到达最大高度h，A正确，B错误；质量为2m的小球到达与圆心等高处时，加速度方向向下，处于失重状态，C 错误；由机械能守恒定律和向心力公式，解得FN=8mg，D正确。8【答案】CD【解析】由图可知电势都大于零，且在x=0.6 m处电势最低，故一定都是正电荷，A错；因图像的切线斜率表示电场强度，故x=0.5 m处的位置切线斜率不为零，故电场强度不为零，B错；在x=0.6 m处的电场强度为零，则有，解得q1：q2=9：4，C正确；在q1与q2所在的连线上，切线斜率为0的点只有1个，D正确。9【答案】BD【
18、解析】由楞次定律可知，进入磁场过程中，导线框中感应电流方向为顺时针方向，选项A错误；导线框以速度v进入磁场时，电动势E=BLv，则ab两点间电势差为选项B正确； 导线框两次进入磁场过程中产生的热量为，则产生的热量之比为12，选项C错误；导线框两次进入磁场过程中，通过导线框某横截面的电量，则通过导线框某横截面的电量之比11，选项D正确。10【答案】AD【解析】由图乙知01 s内做匀减速直线运动，加速度大小为，由牛顿第二定律得，12 s内物体做匀加速运动，加速度大小为，有牛顿第二定律得，根据，联立并代入数据解得，故A正确，B错误；画出传送带和煤块的v - t图如图所示，可知，两条图线之间围成的面积
19、等于划痕长度，大小为6 m，故C错误，D正确。第卷（非选择题66分）二、实验题：本题共2小题，第11题6分，第12题10分，共16分。11【答案】螺旋测微器 3.1102 9.9106 pa或1.0107 pa 评分标准： 每空2分【解析】（1）从读数D=2.000 mm中可得b为螺旋测微器；（2）根据可知，图像的斜率大小等于劲度系数大小，由图像求出劲度系数为k=3.1102 N/m； （3）根据 得：Y=9.9106 pa 或 Y=1.0107 pa 12【答案】 （1） （2）m （3）9.0（8.510.0） （4）不会【解析】（1）滑动变阻器采用分压接法，根据图甲所示电路图连接实物电路
20、图，实物电路图如图所示；（2）由图丙所示图像可知，图线n在x较小时随x的变化分压电路两端电压变化很小，当x达到一定值时随x增加U迅速变化，使用该图线对应的滑动变阻器不方便实验操作；图线m随x的增加U接近均匀变化，使用图线m所对应的滑动变阻器方便实验操作，应选择图线m对应的滑动变阻器。（3）根据图线p，由欧姆定律得根据图线q，由欧姆定律得电阻丝阻值Rx=8.8 （4）由（3）的解析可知本实验不存在系统误差。三、计算题：本题共3小题，第13题14分，第14题16分，第15题20分，共50分。把解答写在指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13【解析】（1）设大气压强为，篮球内气体
21、初始状态参量分别为、，温度降低后状态参量分别为、，由整个过程中篮球没有变形，可视为等容变化，根据气体状态方程得 其中、K、，代入数据得K t2=87 （2）设篮球内部容积为V=7.5 L，打气筒每打一次气的体积L，最后篮球内气压达为P3=1.6 atm 由玻意耳定律，有 解得N=9（次） 评分标准：（1）式4分，式2分，式2分，共8分；（2）式4分，式2分，共6分。14【解析】（1）根据动能定理 解得v1.0107 m/s （2）如图，由数学知识 根据洛伦兹力提供向心力 解得 （3）根据洛伦兹力提供向心力 解得 如图根据数学知识圆形磁场直径 评分标准：（1）式2分，式各1分，共4分；（2）式各
22、2分，共6分。（3）式2分，式1分，式3分，共6分15【解析】（1）根据动能定理可得 解得 （2）设小球与积木B发生弹性碰撞后速度为，积木B速度为，由动量守恒定律有 由能量守恒定律有 联立解得， 根据动能定理可得，积木B向前滑行的距离s有 代入解得 （3）又将钢球拉回P点由静止释放，与落下静止的积木C发生弹性碰撞，此时C的速度仍为 C滑行s后与B碰撞，此时C的速度满足 解得 当C刚滑离D时的速度为，由动能定理及动量定理可得 当C从滑离D至与B相遇 C被A球撞后经t时间与B球相遇 t=t1+t2 得 评分标准：（1）式2分，式1分，共3分；（2）式各1分，式各2分，共8分；（3）式各1分，式2分，共9分。