1、2015-2016学年河南省开封市兰考二高高二（上）期末物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一个选项是正确的，10-12题有多个选项是正确的，全部选对得5分，对而不全得3分，有选错得0分）1如图所示，两个半径么（均为r的金属球放在绝缘支架上，两球面最近距离为r，带等量异种电荷，电荷量为Q，两球之间的静电力为F，那（）AF=kBFkCFkD无法判断2下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A电场线和磁感线都是封闭曲线B电场线和磁感线都是直线C通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D电荷在电场中一定受到电场力的作用3用求出的“220V，40W
2、”电灯泡电阻为1210，用多用电表测得其电阻只有90，下列说法中正确的是（）A两个电阻阻值相差悬殊是不正常的，一定是测量时读错了数据B两个阻值相差悬殊是正常的，因为欧姆表测电阻的误差大C两个阻值相差悬殊是不正常的，可能出厂时把灯泡的功率标错了D两个阻值相差悬殊是正常的，1210是正常工作状态 （ 温度很高 ） 的阻值，90是常温下的阻值4在如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则（）AA灯变亮、B灯变暗、C灯变亮BA灯变暗、B灯变亮、C灯变暗CA灯变亮、B灯变暗、C灯变暗DA灯变暗、B灯变亮、C灯变亮5如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电
3、路中时电阻之比RAB：RCD为（）A1：4B1：2C2：1D4：16在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定电流，方向如图过c点的导线所受安培力的方向（）A与ab边平行，竖直向上B与ab边平行，竖直向下C与ab边垂直，指向左边D与ab边垂直，指向右边7如图所示，有一正电荷电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度图象正确的是（）ABCD8直流电源跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由转动的小磁针，它们静止时如图所示，则下列判断正确的是（）A小磁针的c端为N极，电源的a端为正极B小磁针的c端为N极，
4、电源的a端为负极C小磁针的d端为N极，电源的a端为正极D小磁针的d端为N极，电源的a端为负极9如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A滑动变阻器消耗的功率变小B电源的输出功率不变C电源的总功率变小D定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小10如图是两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心出半圆，在半圆上有a、b、c三个点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）Aa、c两点的电势相同Ba、c两点的电场强度相同C正电荷在a点电势能小于在b点的电势能D将
5、正电荷由O移到b电场力的做正功11回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的速度，则下列做法中正确的是（）A增大狭缝的距离B增大加速电场的电场强度C增大D形金属盒的半径D增大匀强磁场的磁感应强度12如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成=30角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是 （）A增大电流IB增加直导线的长度C使导线在纸面内顺时针转30角D使导线在纸面内顺时针转45角二.实验
6、题（共3小题18分）13某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的长度，用10分度的游标卡尺测量其长度如图所示，可知其长度为 mm；14（1）用一多用表的欧姆档测量阻值约为2k的电阻Rx，操作步骤 （其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮）是：a将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c旋转S使其尖端对准欧姆档100d旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔则操作步骤顺序合理的是AcadbBcabdCacbdDacdb（2）多用电表的电阻档有三个倍率，分别是1、10、100用10档测量某电阻时，操作步骤
7、正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到档如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图，则该电阻的阻值是15用图所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻蓄电池的内阻非常小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0，除蓄电池、滑动变阻器、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：A电流表（量程0.6A）B电流表（量程3A）C电压表（量程3V）D电压表（量程15V）E定值电阻R0 （阻值1、额定功率5W）F定值电阻R0 （阻值10、额定功率10W）（1）电流表选哪个（填序号）：（2）若电压表和电流表
8、均为理想电表，当电流表读数I1=0.10A时，电压表读数U1=1.75V；调节滑动变阻器，当电流表读数I2=0.20A时，电压表读数U2=1.72V则此蓄电池的电动势和内阻分别为多少E= V；r=三、（计算题，第16题8分，17题12分，18题12分，共32分）16如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=21010C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8108J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8108J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向17如图所示，电源的电动势是5V，内电阻是0.5，小电动机M的线圈电阻为0.5，限流电阻R0为3，若电压表
9、的示数为3V，试求：（1）电源的总功率（2）电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率18已知质量为m的带电液滴，以速度射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动如图所示求：（1）液滴在空间受到几个力作用（2）液滴带电荷量及电性（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？2015-2016学年河南省开封市兰考二高高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分在每小题给出的四个选项中，第1-9题只有一个选项是正确的，10-12题有多个选项是正确的，全部选对得5分，对而不全得3分，有选错得0分）1如图所示，两个半径么（均为r的
10、金属球放在绝缘支架上，两球面最近距离为r，带等量异种电荷，电荷量为Q，两球之间的静电力为F，那（）AF=kBFkCFkD无法判断【考点】库仑定律【分析】库仑定律的使用的条件是点电荷，根据它们的使用条件来分析即可【解答】解：由于两球心间的距离l为球半径的3倍，它们之间的距离并不是很大，所以此时的电荷不能看成是点电荷，由于它们带的是等量异种电荷，由于电荷之间的相互吸引，电荷之间的距离会比l小，所以此时电荷间的库仑力F库k故C正确、ABD错误故选：C2下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A电场线和磁感线都是封闭曲线B电场线和磁感线都是直线C通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D电荷在电场中一定受到
11、电场力的作用【考点】磁感应强度；电场【分析】电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电场线不封闭，而磁感线却是封闭；明确磁场和电场的区别，知道电荷在磁场中受力的条件【解答】解：A、电场线不闭合，而磁感线是闭合的，故A错误；B、电场线和磁感线均有直线和曲线，故B错误；C、通电导线与磁场平行时，不受磁场力作用，故C错误；D、电荷在电场中一定受到电场力的作用，故D正确；故选：D3用求出的“220V，40W”电灯泡电阻为1210，用多用电表测得其电阻只有90，下列说法中正确的是（）A两个电阻阻值相差悬殊是不正常的，一定是测量时
12、读错了数据B两个阻值相差悬殊是正常的，因为欧姆表测电阻的误差大C两个阻值相差悬殊是不正常的，可能出厂时把灯泡的功率标错了D两个阻值相差悬殊是正常的，1210是正常工作状态 （ 温度很高 ） 的阻值，90是常温下的阻值【考点】电功、电功率【分析】用求出的灯泡电阻，是灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时，温度比室温高，电阻率比室温时大，电阻比室温时大【解答】解：根据求出的灯泡电阻1210，是灯泡正常发光时的电阻，而灯泡正常发光时，灯泡的温度达到一千多摄氏度，电阻率与常温下大，故电阻也就大；用多用电表测得其电阻只有90，是在室温下的电阻，故两个阻值相差悬殊是正常的；故ABC错误，D正确；故选：D4在
13、如图所示电路中，当滑动变阻器滑片P向下移动时，则（）AA灯变亮、B灯变暗、C灯变亮BA灯变暗、B灯变亮、C灯变暗CA灯变亮、B灯变暗、C灯变暗DA灯变暗、B灯变亮、C灯变亮【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】首先明确本题是动态电路的分析，当滑动变阻器滑片P向下移动时，滑动变阻器的有效阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律知，总电流I增大，再利用电动势、内电压和路段电压关系判断B灯的变化；再跟据总电流与B灯所在支路电流判断C灯所在支路的电流【解答】解：当滑动变阻器滑片P向下移动时，滑动变阻器的有效阻值变小，总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律知，总电流I增大，故A灯变亮；总电流I增大，利用电动势、
14、内电压和路段电压关系E=Ur+UA+UB可知，B、C灯所在支路的电压UB和UC减小，故B灯变暗；B灯所在支路电流减小，而干路电流增大，所以C灯所在支路电流增大，故C灯变亮，故A正确，BCD错误故选：A5如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab=2bc，当将A与B接入电路或将C与D接入电路中时电阻之比RAB：RCD为（）A1：4B1：2C2：1D4：1【考点】电阻定律【分析】根据电阻定律公式R=确定两次电阻值之比【解答】解：设厚度为d，根据电阻定律，有：由于ab=2bc，故：RAB：RCD=4：1故选：D6在等边三角形的三个顶点a、b、c处，各有一条长直导线垂直穿过纸面，导线中通有大小相等的恒定
15、电流，方向如图过c点的导线所受安培力的方向（）A与ab边平行，竖直向上B与ab边平行，竖直向下C与ab边垂直，指向左边D与ab边垂直，指向右边【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度；左手定则【分析】通电导线在磁场中受到安培力，方向是由左手定则可确定，而通电导线与通电导线间的安培力由通电导线周围存在磁场是由安培定则来确定，则对放入其中的通电导线有安培力作用，从而由安培力的叠加可确定其方向【解答】解：等边三角形的三个顶点a、b、c处均有一通电导线，且导线中通有大小相等的恒定电流由安培定则可得：导线a、b的电流在c处的合磁场方向竖直向下再由左手定则可得：安培力的方向是与ab边垂直，指
16、向左边故选：C7如图所示，有一正电荷电场中的A点自由释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度图象正确的是（）ABCD【考点】电场线；匀变速直线运动的图像【分析】电场线的疏密表示场强的强弱，根据电场线判断电场强度大小，根据牛顿第二定律判断加速度的变化，vt图象中的斜率表示物体的加速度，据此分析即可【解答】解：电场线的疏密表示场强的强弱，根据电场线可知电场强度逐渐增大，根据牛顿第二定律可知，加速度逐渐增大，速度方向与加速度方向相同，做加速运动，vt图象的斜率表示加速度，加速度逐渐增大，则斜率逐渐增大，故B正确故选：B8直流电源跟一个线圈连接成闭合回路，线圈的上方和右侧各有一个可以自由
17、转动的小磁针，它们静止时如图所示，则下列判断正确的是（）A小磁针的c端为N极，电源的a端为正极B小磁针的c端为N极，电源的a端为负极C小磁针的d端为N极，电源的a端为正极D小磁针的d端为N极，电源的a端为负极【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】正确认识通电螺线管周围的磁场分布图，根据安培定则确定电流的方向从而确定电源的正负级【解答】解：根据图示状态，可画出螺线管周围磁场的分布图：由图知，通电螺线管内部磁场方向水平向右，螺线管右端相当于磁铁的N级，所以磁极间相互作用关系可以知道小磁针d端为N极，c端为S极再根据右手定则，可以判断导线中的电流方向如图中箭头所示，由此判断电源的a端为负
18、极故选D9如图所示，电动势为E、内阻为r的电池与定值电阻R0、滑动变阻器R串联，已知R0=r，滑动变阻器的最大阻值是2r当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，下列说法中正确的是（）A滑动变阻器消耗的功率变小B电源的输出功率不变C电源的总功率变小D定值电阻R0上消耗的功率先变大后变小【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】对于电源，当外电路电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大；对于定值电阻，当电流最大时，电功率最大分析滑动变阻器的功率变化时可以将定值电阻等效为电源内阻进行分析【解答】解：A、对于电源，当外电路电阻等于电源的内电阻时，电源的输出功率最大，将电阻R0等效为电源内阻，则
19、可知，当滑片在a端时，内外电阻相等，则电源的输出功率最大，故随滑片移动由a到b端时，滑动变阻器消耗的功率减小； 故A正确； B、由于外电阻在不断变化，当外电阻等于内阻时输出功率最大，则可知，电源的输出功率不断变化，故B错误； C、电源内阻为r，当滑动变阻器的滑片P由a端向b端滑动时，电阻减小，根据I=，电流增加，电源的总功率P总=EI，故总功率增大，内阻上消耗的功率P=I2r，逐渐增加，故CD错误；故选：A10如图是两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点O为圆心出半圆，在半圆上有a、b、c三个点，b点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法正确的是（）Aa、c两点的电势相同Ba、c两点的电场强度相同
20、C正电荷在a点电势能小于在b点的电势能D将正电荷由O移到b电场力的做正功【考点】电场的叠加；电场强度；电势能【分析】两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，b点的电势与O点电势相等根据等量异号点电荷电场线的对称性，分析场强关系和电势关系a点的电势高于O点的电势，即可知a、c电势关系，由推论：正电荷在电势高处电势能大，分析电势能的变化，从而判断出电场力做功正负【解答】解：A、根据顺着电场线电势降低，可知，a点的电势高于c点的电势故A错误B、根据等量异号点电荷电场线的对称性可知，a、c两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，场强方向都沿a到c方向，所以a、c两点的电场强度相同故B正确C、两等
21、量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线，b点的电势与O点电势相等，则知a点的电势高于b点电势，故正电荷在a点的电势能大于在b点的电势能，故C错误D、由于Ob在同一等势面上，则将正电荷由O移到b电场力不做功故D错误；故选：B11回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的速度，则下列做法中正确的是（）A增大狭缝的距离B增大加速电场的电场强度C增大D形金属盒的半径D增大匀强磁场的磁感应强度【考点】质谱仪和回旋加速器的工作
22、原理【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关【解答】解：由qvB=m，解得：v=则动能为：EK=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能故CD正确，AB 错误故选：CD12如图所示，直导线处于足够大的磁场中，与磁感线成=30角，导线中通过的电流为I，为了增大导线所受的安培力，可采取的办法是 （）A增大电流IB增加直导线的长度C使导线在纸面内顺时针转30角D使导线在纸面内顺时针转45角【考点】安培力【分析
23、】根据左手定则的内容，判定安培力的方向左手定则的内容是：伸开左手，让大拇指与四指方向垂直，并且在同一平面内，磁感线穿过掌心，四指方向与电流的方向相同，大拇指所指的方向为安培力的方向而安培力的大小F=BIL，且B与I垂直； 若不垂直时，则将B沿导线方向与垂直方向进行分解【解答】解：A、由公式F=BIL，当增大电流时，可增大通电导线所受的磁场力故A正确；B、由公式F=BIL，当增加直导线的长度时，可增大通电导线所受的磁场力故B正确；C、当使导线在纸面内顺时针转30时，导线沿磁场方向投影长度缩短，则所受磁场力变小，故C错误；D、当使导线在纸面内顺时针转45时，导线沿磁场方向投影长度缩短，则所受磁场力
24、变小，故D错误；故选：AB二.实验题（共3小题18分）13某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的长度，用10分度的游标卡尺测量其长度如图所示，可知其长度为23.6 mm；【考点】刻度尺、游标卡尺的使用【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读【解答】解：10分度的游标卡尺，精确度是0.1mm，游标卡尺的主尺读数为23mm，游标尺上第6个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为60.1mm=0.6mm，所以最终读数为：23mm+0.6mm=23.6mm故答案为：23.614（1）用一多用表的欧姆档测量阻值约为2k的电阻Rx，操作步骤 （其中S为选择开关，P为
25、欧姆档调零旋钮）是：a将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c旋转S使其尖端对准欧姆档100d旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔则操作步骤顺序合理的是BAcadbBcabdCacbdDacdb（2）多用电表的电阻档有三个倍率，分别是1、10、100用10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到100档如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是，若补上该步骤后测量，表盘的示数如图，则该电阻的阻值是2200【考点】用多用电表测电阻【分析】
26、（1）欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入测量电阻时，先选择挡位，然后进行欧姆调零，再进行测量，注意 每次换档后必须重新欧姆调零，最后将旋钮旋至交流电压的最高档测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开（2）用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数【解答】解：（1）：为了测量的准确，指针指在中间附近，所以旋转S使其尖端对准欧姆档100，然后进行欧姆调零，再对电阻进行测量，最后旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔所以顺序为cabd，故选B（2
27、）用10档测量某电阻时，表头指针偏转角度很小，说明所选挡位太小，为了较准确地进行测量，应换到100档欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零，然后测电阻，由图示表盘可知，该电阻的阻值为：22100=2200故答案为：（1）B；（2）100；进行欧姆调零；220015用图所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻蓄电池的内阻非常小，为防止滑动变阻器电阻过小时由于电流过大而损坏器材，电路中用了一个保护电阻R0，除蓄电池、滑动变阻器、开关和导线外，可供使用的实验器材还有：A电流表（量程0.6A）B电流表（量程3A）C电压表（量程3V）D电压表（量程15V）E定值电阻R0 （阻值1、额定功率5W）F定值电阻R0 （
28、阻值10、额定功率10W）（1）电流表选哪个（填序号）：A（2）若电压表和电流表均为理想电表，当电流表读数I1=0.10A时，电压表读数U1=1.75V；调节滑动变阻器，当电流表读数I2=0.20A时，电压表读数U2=1.72V则此蓄电池的电动势和内阻分别为多少E=1.78 V；r=0.3【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】（1）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表；（2）根据闭合电路欧姆定律列式，联立方程即可求解【解答】解：（1）蓄电池内阻约为1，电路中接有保护电阻，电路电流不超过1A，如果用量程为3A的电流表，误差较大，因此电流表应选0.6A量程，即选A；（2）根据闭合电
29、路欧姆定律得：E=U1+I1r，E=U2+I2r，带入数据解得：E=1.78V，r=0.3故答案为：（1）A；C；E；（2）1.78，0.3三、（计算题，第16题8分，17题12分，18题12分，共32分）16如图所示，匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=21010C的点电荷由A点移到B点，电场力做功4.8108J，再由B点移到C点，电荷克服电场力做功4.8108J，取B点的电势为零，求A、C两点的电势及场强的方向【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度【分析】根据电势差公式U=分别求出A、B间，B、C间电势差，B点的电势为零，再求解A、C两点的电势在AC边上找出
30、与B点电势相等的点，作出等势线，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，判断场强的方向【解答】解：A、B间电势差为UAB=V=240V，B、C间电势差为UBC=V=240V又UAB=AB，UBC=BC，B=0，得到A=240V，C=240V，所以AC电势相等，场强方向垂直AC连线指向左上方答：A、C两点的电势都是240V，场强的方向垂直AC连线指向左上方17如图所示，电源的电动势是5V，内电阻是0.5，小电动机M的线圈电阻为0.5，限流电阻R0为3，若电压表的示数为3V，试求：（1）电源的总功率（2）电动机消耗的功率和电动机输出的机械功率【考点】闭合电路的欧姆定律；电功、电功率【分析】
31、（1）限流电阻与电动机串联，电流相等，根据欧姆定律求解干路电流，根据P=EI求解电源的总功率；（2）根据功率的分配关系和能量守恒求解电动机的输出功率【解答】解：（1）根据欧姆定律电源的总功率（2）电动机两端的电压电动机消耗的功率电动机发热功率机械功率答：（1）电源的总功率5W（2）电动机消耗的功率1.5W和电动机输出的机械功率1W18已知质量为m的带电液滴，以速度射入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动如图所示求：（1）液滴在空间受到几个力作用（2）液滴带电荷量及电性（3）液滴做匀速圆周运动的半径多大？【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】根据液滴刚好能在竖直平面内做匀速圆周运动，则由洛伦兹力提供向心力，电场力与策略相平衡，从而确定受力分析，及液滴的电性，并根据受力平衡条件，即可确定电荷量的多少；根据牛顿第二定律，结合向心力表达式，即可求解【解答】解：（1）液滴在空间受到三个力作用：重力、电场力与洛伦兹力；（2）液滴带负电，由于液滴的重力与电场力相平衡，所以有：mg=qE；（3）带电粒子在电场中做圆周运动的向心力由洛伦兹力提供；两式联立解得：答：（1）液滴在空间受到3个力作用（2）液滴带电荷量及电性：负电（3）液滴做匀速圆周运动的半径2016年11月8日
