1、高二物理试卷第 1 页 共 3 页53 级高二第三次调研考试物理试题考试时间：90 分钟试卷满分：100 分一、单项选择题（本题共 8 小题，每小题 3 分，共 24 分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选错得 0 分）1解析奥斯特将通电导体放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电导体周围存在磁场，奥斯特是第一个发现了电与磁之间的联系的物理学家，故 A 错误；洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，并提出了洛伦兹力公式，故 B 错误；真空中两个点电荷间存在相互的作用库仑利用扭秤装置，研究出两个静止点电荷间的相互作用规律：点电荷间的相互作用力跟两个点电荷的电荷量有关，跟它们
2、之间的距离有关，这个规律就是库仑定律，故 C 正确；19 世纪 30 年代，法拉第提出电荷周围存在一种场，并且是最早提出用电场线描述电场的物理学家，故 D 错误所以选 C.2.解析电场线分布如图所示，电场线在 B 处最密集，在 C 处最稀疏，故EBEAEC，中垂线为等势线，AC；沿电场线方向电势降低，AB.综上所述，选项 B 正确3答案B解析本题考查电子在电场或磁场中的运动，意在考查学生对电子在电场或磁场中的受力分析以及运动分析的能力电子可以在正点电荷的电场力作用下做匀速圆周运动，故 A 选项描述的运动可能实现；由于等量异种点电荷在其中垂线上产生的电场的方向水平向右，电子所受电场力的方向水平向
3、左，而电子的初速度方向沿中垂线方向，则电子将做曲线运动，故 B 选项所描述的运动不可能实现；电子可以在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，故 C 选项描述的运动可能实现；由于通电螺线管中的磁场为匀强磁场，又电子的速度方向与磁场方向平行，则电子不受洛伦兹力作用，电子将沿通电螺线管中心轴线做匀速直线运动，故 D 选项描述的运动可能实现4.答案A5 解析本题主要考查焦耳定律和热功率的计算电风扇是一种在消耗电能过程中既产生机械能，又产生内能的用电器，对这样的用电器，每分钟产生的热量只能根据 QI2Rt 进行计算因此，C选项是正确的6.解析因为小球在斜面上做匀速圆周运动，所以沿斜面向上的电场力和沿斜面向下的重
4、力的分量平衡，即 Eqmgsin 30，解得 Emg2q，小球带正电；又 Bqvmv2R，解得磁感应强度大小 BmvqR；由于小球运动中电场力做功，所以小球的机械能不守恒选项 B 正确7.解析经分析随着粒子速度的增大，粒子做圆周运动的半径也变大，当速度增大到某一值 vm 时，粒子运动的圆弧将恰好与 BC 边相切，此时 vm 为粒子从 AC 边穿出磁场的最大速度，如果粒子速度大于 vm 粒子将从 BC 边穿出磁场，故粒子运动的最大半径为 L，由 qvmBmv2m/L，得到 vmqBLm，故选项 C 正确8 解析带电小球静止时受到竖直向下的重力 G、垂直斜面向上的支持力 N 和沿斜面向上的摩擦力f
5、，小球下滑后，再受到一个垂直斜面向上的洛伦兹力 F，沿斜面方向有：mgsin(mgcos F)ma，在垂直于斜面方向有：NFmgcos，由于球加速运动，据 FqvB，F 增大而支持力 N减小，据 fN，摩擦力减小，导致加速度 a 增加；当速度 v 增到某个值时，mgcos F0，有mgsin ma，此时加速度最大；此后，Fmgcos，支持力 N 反向，且速度继续增大，支持力 N增大，摩擦力 f 也随着增大，最后出现 mgsin f，之后小球匀速下滑；所以只有 C 选项正确二、多项选择题(共 5 小题，每小题 4 分，共 20 分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得
6、4 分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分)9解析由题图可知AB，所以正电荷从 A 移至 B，静电力做正功，故 A 错误，C 正确C、D两点场强大小相等，方向不同，故 B 错误负电荷从 C 点沿直线 CD 移至 D 点，电势能先减小后增大，所以 D 正确故选 C、D.10.解析由“串反并同”可知要使灯泡变暗，则要求与其串联(包括间接串联)的器件阻值增大或与其并联(包括间接并联)的器件阻值减小，故 A、D 正确，B、C 错误11解析开关断开稳定时，电容器两极板间的电压等于 R2 两端电压，开关 S 断开时，电路中的总电流 IER2r 282A0.2 A，电容器的两极板间电压 UIR20
7、.28 V1.6 V，此时电容器的带电荷量 QCU31061.6 C4.8106C，故选项 A、B 错误；开关接通稳定时两定值电阻并联，电容器两极板间的电压等于路端电压，电路中的总电流 IER 外r 242A13A，电容器的两极板中间电压 UIR 外134 V43V，此时电容器的带电荷量 QCU310643C4106C，故选项 C、D 正确高二物理试卷第 2 页 共 3 页12 解析离子束在区域中不偏转，一定有 qEqvB1，v EB1，A 正确进入区域后，做匀速圆周运动的半径相同，由 rmvqB2知，因 v、B2 相同，所以只能是荷质比相同，故 D 正确，B、C 错误13.解析正、负电子的半
8、径和周期是相同的，选项 A 正确；正、负电子偏转方向相反，先确定圆心，画出半径，由对称性知：射入、射出点和圆心恰好组成正三角形，所以从磁场中射出点到 O 点的距离相等，选项 B 正确；由图还看出经历时间相差 2T/3，时间差为t4m3Be，选项 C 正确，D 错误三实验题（本题共有 2 小题，共 14 分）14.解析(1)确定电压表、电流表、滑动变阻器小灯泡“6 V,3 W”额定电压为 6 V，额定电流为 0.5A，即允许通过小灯泡的电流最大不超过 0.5 A，最大电压不超过 6 V依据选择电压表和电流表的安全精确原则，电流表应选 A2，电压表应选 V1.小灯泡正常工作时电阻为 R 灯U2P
9、623 12.滑动变阻器选择依据安全方便的原则，故应选用 R2.(2)确定电流表内外接法临界阻值 R RVRA 20 0001 141.4 因为 R 灯R，故电流表应外接(3)确定滑动变阻器选用限流式还是分压式因为要求多测几组数据，故负载上电流、电压变化范围较大，故采用分压式实验原理图如图：完成电路设计实验，只有遵循以上三个原则，才能使实验效果更明显，误差更小15答案(1)R1I(2)见解析图(3)6.0(5.86.2 都正确)2.0(1.82.2 都正确)解析(1)根据闭合电路欧姆定律有 EI(Rr)，得 REIr，若作出 RI 图像，图线为曲线，无法根据图线的截距和斜率求出电源电动势 E
10、和电源内阻 r.若作 R1I图像，则图线为直线，图线斜率等于电源的电动势，与 R 轴截距的绝对值为 r，故应作 R1I图像(2)用描点法作出图像如图所示(3)R1I图线斜率等于电源的电动势，则 ER1I28.04.05.01.0V6.0 V，图线与 R 轴截距的绝对值为2.0，所以 r2.0.四计算题（本题共有 4 小题，42 分）16（9 分）答案(1)4 W(2)2 W(3)66.7%解析根据题意从 A 图线可读出E3 V，rEI36 0.5，从 B 图线可读出 RUI 1 由电源 E3 V，r0.5 与 R1 组成的闭合电路中，I ERr 31.5 A2 A，则 P 出I2R4 W，P
11、内I2r2 W，P 总IE6 W，所以P 出P 总100%4 W6 W100%66.7%.17.（8 分）【试题分析】由动能定理得 Fs=1/2mv2安培力 F=BIL高二物理试卷第 3 页 共 3 页由以上两式代入数据可得 B=55T由 P=Fv=BILv 可得，当速度最大时功率 P 最大.代入数据可得 P=1.1107W18(13 分)答案(1)1.0104 m/s(2)2103 V/m(3)0.13 T解析(1)设带电微粒经加速电场加速后速度为 v1，根据动能定理得：qU112mv21解得 v12U1qm 1.0104 m/s.(2)带电微粒在偏转电场中只受电场力作用，做类平抛运动水平方
12、向上有：v1Lt竖直方向上有 v2at，aqEm由几何关系 tan v2v1联立解得：E2103 V/m.(3)设微粒进入磁场时的速度大小为 v，则v v1cos 2.0104 m/s由运动的对称性可知，入射速度的延长线过磁场区域的圆心，则出射速度的反向延长线也过磁场区域的圆心，微粒在磁场中的运动轨迹示意图如图所示，则轨迹半径为 rRtan 600.3 mqvBmv2r，得 Bmvqr0.13 T.19 解析(1)AP 微粒做匀速直线运动E1qmgtan PM 微粒做匀速圆周运动E2qmg联立解得 E1E234(2)由题图知，PM 微粒刚好运动半个周期2R rsin qvB2mv2R联立解得 B26mv5rq又由左手定则可知 B2 的方向垂直纸面向外(3)AP 有：vt1 dcos，解得 t15d4vPM 有：vt2R，解得 t25r6v碰到 M 点后速度只剩下向下的速度，此时 mgE2q，从 MN 的过程中，微粒继续做匀速圆周运动v1vsin 37v1t3r2，解得 t35r6v所以 t 总t1t2t35d4v5r3v答案(1)34(2)6mv5rq，方向垂直纸面向外(3)5d4v5r3v