1、2022-2023学年度第一学期高三年级期末联考数学本试卷共4页，22题。全卷满分150分，考试时间120分钟。考生注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题
2、目要求的1.已知全集，则（）A.，B.，C.，D.，2.已知为虚数单位，复数满足，则的虚部为（）A.B.C.1D.23.2022年卡塔尔世界杯（FIFA World Cup Qatar 2022）是第二十二届国际足联世界杯足球赛，在当地时间2022年11月20日到12月18日间在卡塔尔国内5个城市的8座球场举行，这是世界杯第一次在阿拉伯地区举办.由于夏季炎热，2022年卡塔尔世界杯放在冬季进行，如图是卡塔尔2022年天气情况，下列对1-11月份说法错误的是（）A.有5个月平均气温在30以上B.有4个月平均降水量为C.7月份平均气温最高D.3月份平均降水量最高4.等差数列的前项和为，公差不为0，
3、若，则（）A.B.C.D.5.一般地，声音大小用声强级（单位：）表示，其计算公式为：，其中为声强（单位：.若某种物体的发出的声强为，其声强级约为（）（）A.B.C.D.6.已知正方体的棱长为2，M，N分别为，的中点，过M，N的平面截正方体所得截面为四边形，则该截面最大面积为（）A.B.C.D.7.已知，直线，若与相离，则（）A.点在上B.点在上C.点在内D.点在外8.已知函数在区间内有两个极值点，且，则（）A.B.在区间上单调递增C.D.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.在中，已知，
4、则（）A.B.C.D.10.已知，则（）A.B.C.D.11.已知抛物线E的焦点为F，顶点为O，过F做两条互相垂直的直线，它们分别与E相交于A，B和C，D，则（）A.为锐角B.为钝角C.D.12.已知球的表面积为，三棱锥的顶点都在球面上，该棱锥体积取最大值时，下列结论正确的是（）A.B.C.，D.，三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.社区从甲乙等5名志愿者中随机选3名到A地参加服务工作，则甲乙都入选的概率为_.14.已知函数的最小正周期为，其图象过点，则_.15.已知椭圆的焦点为，为上一点满足，则的离心率取值范围是_.16.已知函数，过点有两条直线与曲线相切，则实数的取值范围
5、是_.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.（10分）已知数列的通项公式为，等比数列满足，.（1）求数列的通项公式；（2）记，的前项和分别为，求满足的所有数对.18.（12分）为落实国家全民健身计划，提高居民身体素质和健康水平，某电视台每周制作一期“天天健身”节目，时长60分钟，每天固定时间播放.为调查该节目收视情况，从收看观众中随机抽取150名，将其观看日平均时间（单位：分）为样本进行统计，作出频率分布直方图如图.（1）请估计该节目收看观众的平均时间（同一组中的数据用该组区间的中点值作代表）；（2）在选取的150位观众中，男女人数相同，规定：观看平
6、均时间不低于30分钟为满意，低于30分钟为不满意.据统计有48位男士满意，请列出列联表，并判断是否有90%的把握认为“满意度与性别有关”？附：，其中.0.100.050.0102.7063.8416.63519.（12分）在中，点在上，满足，.（1）求证：，成等比数列；（2）若，求.20.（12分）如图，三棱柱的侧棱长为，底面是边长为2的等边三角形，D，E分别是，的中点，.（1）求证：侧面是矩形；（2）若，求直线与平面所成角的余弦值.21.（12分）在平面直角坐标系中，直线，相交于点，且它们的斜率之积是1，记点的轨迹为.（1）求证：曲线是双曲线的一部分；（2）设直线与相切，与其渐近线分别相交于
7、M，N两点，求证：的面积为定值.22.（12分）已知函数.（1）求的导函数的单调区间；（2）若方程有三个实数根，且，求实数的取值范围.高三数学参考答案一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.D【解析】由已知选D.2.A【解析】设，则，故，故选A.3.D【解析】由图可知，选D.4.C【解析】由已知得，故，故选C.5.A【解析】由已知得，故选A.6.D【解析】最大面积的截面四边形为等腰梯形，其中，高为，故面积为，所以选D.7.C【解析】由已知：圆心到直线的距离大于半径，即不妨设，故，故选C.8.D【解析】由，故，所以；由，所以在区间上
8、单调递减；，所以，故选D.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.ABD【解析】由已知；，因为，所以；故，即，所以.故选ABD.10.AD【解析】，故，.，所以.故选AD.11.BC【解析】设抛物线方程为，联立得，设，则，.，故为钝角.所以，与抛物线联立得，设，则，.同理可得，故为钝角，所以，.故时，.所以选BC.12.BD【解析】由已知设球的半径为，则，所以.设底面的外接圆心为，可知当为正三角形时，其面积最大.设正三角形的底面边长为a，三棱锥的高为.则，故.所以三棱锥的体积：.令，由，得
9、.因为，故当时，取最大值，即三棱锥的体积取的最大值.此时可求得：，即，.三棱锥为正四面体，故，故选BD.三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.【解析】甲入选的概率为.14.【解析】由已知，所以.15.【解析】设椭圆的方程为，则，由余弦定理得，故，因为，即，故，解得，由，所以的离心率取值范围是.16.【解析】由，设切点为，则切线方程为：，故有两根.令，在递减，在递增.因为，故实数的取值范围是.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.【解】（1）由，所以，故，.所以等比数列的公比为，2分故，所以，即等比数列的通项公式为4分（2）由已知得：由
10、（1）可知6分由，所以即，故8分因为正整数，所以，故满足条件所有数对为，.10分18.【解】（1）由频率分布直方图可知：样本数据在，的频率分别为：0.1，0.12，0.16，0.28，0.20，0.14.3分故调查表平均值为：所以该节目收看观众的平均时间为32.8分钟.6分（2）由（1）可知观看平均时间不低于30分钟的频率为：所以观看平均时间不低于30分的样本数为：.8分由已知可得列联表如下：不满意满意总计男274875女304575总计579315010分所以没有90%的把握认为“满意度与性别有关”.12分19.【解】（1）在中，由正弦定理得：2分由已知得：由联立得：因为，所以.故，成等比数
11、列.4分（2）在中，记A，B，C的对边分别为a，b，c，故.由（1）知：在中，设，由已知得，由余弦定理得6分在中，设，由已知得，由余弦定理得由+整理得：8分由联立整理得：解得：或当时，可求得，所以故舍去.10分当时，可求得，在中由余弦定理得.综上：12分20.【解】（1）连接，由已知为等边三角形，所以.由已知，所以平面，2分又平面，.因为，所以，又侧面为平行四边形，所以侧面是矩形.4分（2）取中点，连接.由已知得.因为，所以，是等边三角形.故，由（1）可知，所以平面.6分以为原点，以，所在直线为轴，轴建立空间直角坐标系，如图.故，所以，设平面的法向量为，则，.故，取，则9分直线与平面所成角为，
12、则11分故所以直线与平面所成角的余弦值为.12分21.【解】（1）设点的坐标为，由已知得，则直线，的斜率分别为：，2分由已知，化简得.故曲线的方程为：所以曲线是除去顶点的双曲线.4分（2）设直线与相切的切点坐标为，斜率为则直线的方程为：，与联立整理得：由已知，且上方程有两个相等的实数根，故化简得：6分又，即，由得，即，所以故直线的方程为：8分双曲线的两条渐近线方程为，所以为直角三角形.不妨设与交点为，解得，同理，设与交点为，解得.10分可求得：，所以的面积故的面积为定值.12分22.【解】（1）函数的定义域为，记，则.2分当时，故在上单调递增.3分当时，记，.所以时，递减；时，递增.的极小值为，故.故，所以在上单调递减.综上：故在上单调递增，在上单调递减.5分（2）令，问题等价于有三个零点，当时，因为，故，此时在无零点；6分当时，由（1）可知在上单调递增.由指数函数性质可知：，；，故存在，使得.，单调递减；，单调递增.若，则，不符合题意；8分若，.当时，不符合题意.当时，不符合题意.9分若，则，所以.又，；，故存在，使得.10分此时当时，故在上单调递减，由，故存在，使得所以当时，有三个零点，.综上：实数的取值范围是，12分
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