1、甘肃省金昌市永昌一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（文科）一、单项选择题（本题共30小题，在每小题给出的选项中，只有一个选项是符合题意的，每小题2分，共60分）1（2分）对物体带电现象的叙述，正确的是（）A不带电的物体一定没有电荷B带电物体一定具有多余的电子C一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒D摩擦起电过程中电荷的总量也一定守恒2（2分）真空中两个点电荷所带的电量分别是Q和2Q，相距为r时相互作用的静电力为F如果它们之间的距离减少为，其余条件不变，则它们之间的静电力大小变为（）AB4FC16FD8F3（2分）下列说法中正确的是（
2、）A电场强度反映了电场力的性质，因此电场中某点的场强与试探电荷在该点所受的电场力成正比B电场中某点的场强等于，与试探电荷的受力大小及电荷量有关C电场中某点的场强方向即带正电的试探电荷在该点的受力方向D公式E=和 E= 对于任何静电场都是适用的4（2分）如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（）ABCD5（2分）电容的单位是（）A焦耳B牛顿C瓦特D法拉6（2分）在日常生活的下列操作中，符合安全用电原则的做法是（）A用湿抹布擦电灯泡B有金属外壳的家用电器，金属外壳不接地C发生火灾时，首先切断电源D保险丝烧断后，可用铜丝代替保险丝接上7（2分）在图中，标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I
3、的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）ABCD8（2分）下列几组全是矢量的是（）A加速度、磁感应强度、电场强度B路程、时间、磁感应强度C位移、时间、电量D电功率、路程、加速度9（2分）关于磁感线的下列说法中，正确的是（）A磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D磁感线有可能出现相交的情况10（2分）以下说法正确的是（）A通电导线在磁场中一定会受到力的作用B磁铁对通电导线不会有力的作用C两根通电导线之间既可能有引力的作用，也可能有斥力的作用D由于铜是非铁磁性物质，所以两根通电铜导
4、线之间不可能有力的作用11（2分）某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是（）ABCD12（2分）关于库仑定律，下列说法正确的是（）A库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B根据公式F=K，当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2的电场力大于Q2对Q1电场力D库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用13（2分）a、b两金属球均带电，可以确定的是（）Aa对b的作用力大于b对a的作用力Ba球的带电量大于b球的带电量Ca对b的作用力与b对a的作用力大小相等Da球的质量大于b球的质量14（2分）一
5、束混合粒子流从一发射源射出后，进入如图所示的磁场，分离为1、2、3三束，则下列说法正确的是（）A1带负电B1带正电C2不带电D3带正电15（2分）如图所示，带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、EB表示两处的电场强度，则（）AEAEBBEA=EBCEAEBD无法确定16（2分）关于电场线和磁感线，下列说法不正确的是（）A电场线和磁感线都是闭合的曲线B电场线是从正电荷发出，终止于负电荷C电场线和磁感线都不能相交D电场线和磁感线都不是客观存在的17（2分）两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示下列说法中正确的是（）AP、Q是两个等量正电荷B
6、P、Q是两个等量负电荷CP、Q是两个等量异种电荷DP、Q产生的是匀强电场18（2分）如图所示的电场中，关于M、N 两点电场强度的关系判断正确的是（）AM点电场强度大于N点电场强度BM点电场强度小于N点电场强度CM、N两点电场强度大小相同DM、N两点电场强度方向相反19（2分）一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将（）A向右移动B向左移动C顺时针转动D逆时针转动20（2分）如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A小磁针保持不动B小磁针的N极将向下转动C小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D
7、小磁针的N极将垂直于纸面向外转动21（2分）下列物理量是标量的是（）A电场强度B电动势C磁感应强度D安培力22（2分）下面说法正确的是（）A线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大C线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大D线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大23（2分）下列哪种力是洛伦兹力（）A电荷间的相互作用力B电场对电荷的作用力C磁铁对小磁针的作用力D磁场对运动电荷的作用力24（2分）真空中两个静止点电荷间相互作用力为：F=k，若两电荷间距离和两电荷电量都增大为原来的2倍，下列判断正确的是（）AF增
8、大为原来的1倍BF增大为原来的2倍CF增大为原来的4倍DF增大为原来的8倍25（2分）如图所示，在匀强磁场中有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线受到安培力的方向是（）A向上B向下C向左D向右26（2分）如图所示，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流（）A线圈向左平移B线圈向上平移C线圈以ab为轴旋转D线圈不动27（2分）如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ABCD28（2分）如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与通电直导线共面，若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将（）A逐渐减小B逐渐增大C保持不
9、变D不能确定29（2分）用如图所示的实验来研究电磁感应的条件，下列有关实验过程的描述不正确的是（）A闭合开关稳定后，当线圈A和线圈B整体一起在桌面移动时，电流表指针将发生偏转B闭合开关后，当滑动变阻器滑片向右滑动时，电流表指针将发生偏转C闭合开关的瞬间，电流表指针将发生偏转D闭合开关后，当线圈A从线圈B中迅速抽出时，电流表指针将发生偏转30（2分）把矩形线圈abcd放在匀强磁场中，使它的平面与磁感线平行如图，下列哪种情况线圈中有感应电流（）A线圈以ab边为轴转动B线圈垂直于磁感线方向移动C线圈沿磁感线方向移动D线圈只要放入就有电流二、连线题与填空31（4分）把两边配对的人和物理事件用线段连接起
10、来32（6分）在探究磁场产生电流的条件，做了下面实验（如图）：研究对象：由线圈，电流表构成的闭合回路磁场提供：条形磁铁请完成下面实验操作及观察到现象：实验过程电流表的指针（填写偏转或不偏转）条形磁铁插入线圈过程条形磁铁插入线圈中静止条形磁铁取出线圈过程由这个实验我们得出磁场产生电流的条件是：、三、计算题（每题10分）33（10分）有一段导体，在时间t=0.01秒内通过了Q=2103库仑的电量，那么导体中的电流强度是多大？34（10分）已知电流的热效应焦耳定律的公式Q=I2RT，并计算通过的电流为2安培，电阻为1000欧通电时间10秒产生的电热35（10分）桌面上放一10匝矩形线圈，某一时刻穿过
11、线圈的磁通量为0.04Wb，过0.5秒，穿过线圈的磁通量为0.12Wb，那么计算这个过程中线圈中的感应电动势甲同学的解法如下，请你判断是否正确，如果不正解写出正确的解法（甲同学）解：根据电磁感应定律：E=N（），得：E=0.08（V）（甲同学）答：感应电动势为0.08伏特甘肃省金昌市永昌一中2014-2015学年高二上学期期中物理试卷（文科）参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共30小题，在每小题给出的选项中，只有一个选项是符合题意的，每小题2分，共60分）1（2分）对物体带电现象的叙述，正确的是（）A不带电的物体一定没有电荷B带电物体一定具有多余的电子C一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了
12、一段时间后，发现导体棒不带电了，这过程中电荷不守恒D摩擦起电过程中电荷的总量也一定守恒考点：电荷守恒定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变元电荷的电量是最小的带电量解答：解：A、任何物体内部总有正负电荷，不带电是因为它呈现了电中性，故A错误；B、物体带电可有是有多余的电了或失去电子；故B错误；C、一根带电的导体棒放在潮湿的房间，过了一段时间后，发现导体棒不带电了，是因为电荷被中和了，电荷仍然守恒故C错误D、摩擦起电过程中电荷的总量也一定守恒，故D正确；故选：D点评：解决本题的关键掌握
13、电荷守恒定律，电荷并不能创生，也不能消失，只能从一个物体转移到另一物体，或从物体的一部分转移到另一部分，但电荷的总量保持不变以及知道元电荷的电量是最小的带电量2（2分）真空中两个点电荷所带的电量分别是Q和2Q，相距为r时相互作用的静电力为F如果它们之间的距离减少为，其余条件不变，则它们之间的静电力大小变为（）AB4FC16FD8F考点：库仑定律 分析：根据库仑定律的公式，列出变化前和变化后的关系式直接对比即可解答：解：由库仑定律的可得原来它们之间的库仑力为：F=k，变化之后它们之间的库仑力为：F=k=16k=16F，所以C正确、ABD错误故选：C点评：本题是对库仑定律的直接的应用，掌握住公式即
14、可，比较简单3（2分）下列说法中正确的是（）A电场强度反映了电场力的性质，因此电场中某点的场强与试探电荷在该点所受的电场力成正比B电场中某点的场强等于，与试探电荷的受力大小及电荷量有关C电场中某点的场强方向即带正电的试探电荷在该点的受力方向D公式E=和 E= 对于任何静电场都是适用的考点：电场强度 分析：场强的定义式E=，是采用比值法定义的，定义出来的电场强度与放入电场中的试探电荷无关，由电场本身的性质决定电场中某点的场强方向即带正电的试探电荷在该点的受力方向解答：解：A、电场强度反映了电场本身的性质，电场强度与放入电场中的试探电荷无关，由电场本身的性质决定，故AB错误；C、电场中某点的场强方
15、向即带正电的试探电荷在该点的受力方向，与负电荷受力方向相反，故C正确；D、公式E=适用于任何电场，E= 只适用点电荷产生的电场，故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，仅电场本身的性质决定4（2分）如图所示，表示磁场对运动电荷的作用，其中正确的是（）ABCD考点：左手定则 分析：左手定则的内容：伸开左手，使四指与大拇指垂直，且在同一个平面内，让磁感线穿过掌心，四指方向与正电荷的运动方向相同，大拇指所指的方向为洛伦兹力的方向；解答：解：A、粒子的速度方向与磁场方向平行，故不受洛伦兹力，故A错误；B、粒子带正电，磁场方向向内，速度方向向下，根据左手定则，洛伦
16、兹力水平向右，故B正确；C、粒子带负电，磁场方向向外，速度方向向下，根据左手定则，洛伦兹力水平向右，故C正确；D、粒子带负电，磁场方向向下，速度方向向右，根据左手定则，洛伦兹力方向垂直纸面向外，不为零，故D错误；故选：BC点评：解决本题的关键掌握左手定则判定电荷在磁场中运动速度、磁场和电荷受到洛仑兹力三者之间的方向关系5（2分）电容的单位是（）A焦耳B牛顿C瓦特D法拉考点：电容 专题：牛顿运动定律综合专题分析：电容的单位是以科学家法拉命名的解答：解：焦耳是能量的单位，牛顿是力的单位，瓦特是功率的单位，法拉是电容的单位故A、B、C错误，D正确；故选：D点评：解决本题的关键是搞清楚各电学量的单位，
17、不混淆6（2分）在日常生活的下列操作中，符合安全用电原则的做法是（）A用湿抹布擦电灯泡B有金属外壳的家用电器，金属外壳不接地C发生火灾时，首先切断电源D保险丝烧断后，可用铜丝代替保险丝接上考点：家庭电路和安全用电知识 专题：恒定电流专题分析：（1）湿物体是导体，接触带电体容易发生触电；（2）用电器的金属外壳必须接地；（3）铜丝的电阻率小、熔点高，用铜丝代替保险丝，不能在电流过大时，自动切断电路保险丝越粗，电阻越小，通过较大电流时不易熔断解答：解：A、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，不合题意B、有金属外壳的用电器接地线是为了防止触电事故的发生不合题意C、
18、发生火灾时，首先切断电源符合题意D、铜丝的电阻小、熔点高，在电流过大时，产生的热量不容易达到熔点，因此不会熔断，起不到保险的作用同时过粗的保险丝，其电阻太小，电流过大时，就会熔断就不能起到保险的作用不合题意故选：C点评：本题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反7（2分）在图中，标出了磁场B的方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）ABCD考点：左手定则 分析：由左手定则可以判断出B、I、F方向间的关系，然后选出正确的选项解答：解：A、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向上，故A正确；B、由图可知，磁
19、感应强度B与电流I平行，导线不受安培力，故B错误；C、由左手定则可知，通电导线所受安培力竖直向下，故C错误；D、由左手定则可知，通电导线所受安培力垂直于纸面向外，故D错误；故选：A点评：本题考查了左手定则的应用，要掌握左手定则内容，会用左手定则判断安培力及洛伦兹力的方向8（2分）下列几组全是矢量的是（）A加速度、磁感应强度、电场强度B路程、时间、磁感应强度C位移、时间、电量D电功率、路程、加速度考点：矢量和标量 分析：矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量解答：解：A、加速度、磁感应强度、电场强度全部是矢量，故A正确；B、路程、时间是标量，故B错误；C、时间和电量是标量
20、，故C错误；D、电功率和路程是标量，故D错误；故选：A点评：本题是一个基础题目，关键看学生对矢量和标量的掌握要注意磁感应强度和电场强度是矢量，要掌握它们的方向特点，从而记住它们的矢量性9（2分）关于磁感线的下列说法中，正确的是（）A磁感线是真实存在于磁场中的有方向的曲线B磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同C磁铁的磁感线从磁铁的北极出发，终止于磁铁的南极D磁感线有可能出现相交的情况考点：磁感线及用磁感线描述磁场 分析：磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的，不存在磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极，而在磁铁的内部
21、磁感线从磁铁的南极出发，指向磁铁的北极磁感线不可能出现相交解答：解：A、磁感线是磁场中的有方向的曲线，但是人为假想的，并不存在故A错误 B、根据规定，磁感线上任一点的切线方向，都跟该点磁场的方向相同故B正确 C、在磁铁的外部磁感线从磁铁的北极出发，进入磁铁的南极，而在磁铁的内部磁感线从磁铁的南极出发，指向磁铁的北极故C错误 D、磁感线不可能出现相交如相交，交点处磁场方向就有两个，不可能故D错误故选B点评：本题考查对磁感线的认识和理解能力对于磁感线常常抓住几个“不”：不存在，不相交，不是粒子运动轨迹但是闭合曲线10（2分）以下说法正确的是（）A通电导线在磁场中一定会受到力的作用B磁铁对通电导线不
22、会有力的作用C两根通电导线之间既可能有引力的作用，也可能有斥力的作用D由于铜是非铁磁性物质，所以两根通电铜导线之间不可能有力的作用考点：安培力 分析：当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL根据左手定则可知安培力的方向解答：解：A、通电导线在磁场中，当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，故A错误；B、通电导线在磁体的磁场中，只要方向与磁场的方向不平行，就受安培力，故B错误；C、两根通电导线电流的方向相同时它们之间有引力的作用，当它们中电流的方向相反时，有斥力的作用故C正确；D、两根通电铜导线之间可能有力的作用这是电流之间的
23、相互作用故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL11（2分）某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是（）ABCD考点：安培力 分析：熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向解答：解：A、根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向上，故A正确；B、根据左手定则可知，B图中安培力应该垂直于磁场斜
24、向上，故B错误；C、根据左手定则可知，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，故C错误；D、根据左手定则可知，D图中安培力方向垂直于导体棒向上，故D错误故选：A点评：左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度12（2分）关于库仑定律，下列说法正确的是（）A库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B根据公式F=K，当两个点电荷距离趋于0时，电场力将趋于无穷大C若点电荷Q1的电荷量大于Q2的电荷量，则Q1对Q2的电场力大于Q2对Q1电场力D库仑定律的适用范围是真空中两个点电荷间的相互作用考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析
25、：库仑定律只适用于真空中两静止的点电荷之间的作用力当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷解答：解：A、库仑定律只适用于真空中的点电荷之间的作用力，当带电体本身的大小和形状对研究的问题影响很小时，可以将带电体视为点电荷，与电荷的实际大小和带电量无关，故A错误；B、当两个点电荷距离趋于0时，两电荷不能看成点电荷，此时库仑定律的公式不再适用故B错误 C、两电荷之间的相互作用力大小相等，与点电荷电量的大小无关故C错误 D、库仑定律F=K，适用于真空中两点电荷之间的作用力故D正确故选：D点评：解决本题的关键掌握库仑定律的适用范围，以及能看成点电荷的条件，当带
26、电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时，可以看成点电荷13（2分）a、b两金属球均带电，可以确定的是（）Aa对b的作用力大于b对a的作用力Ba球的带电量大于b球的带电量Ca对b的作用力与b对a的作用力大小相等Da球的质量大于b球的质量考点：库仑定律；牛顿第三定律 分析：两带电金属球相互间的库仑力，可由库仑定律，得出相互间的库仑力与两电量的乘积成正比，与两者间距的平方成反比解答：解：A、a对b的作用力与b对a的作用力是属于相互作用力，两者大小相等，故A错误，C正确；B、相互间的库仑力与各自带电量无关，故B错误；D、相互间的库仑力与各自带质量无关，故D错误；故选：C点评：
27、考查库仑定律，知道库仑力与各自电量及质量无关，强调与电量的乘积有关同时理解作用力与反作用力的关系学生容易出现电量越多的库仑力越大，就像万有引力 一样，经常学生认为质量越大的引力越大14（2分）一束混合粒子流从一发射源射出后，进入如图所示的磁场，分离为1、2、3三束，则下列说法正确的是（）A1带负电B1带正电C2不带电D3带正电考点：左手定则 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：该题考察了带电粒子在磁场中的偏转，先由偏转方向判断出粒子的受力方向，再由左手定则判断出粒子的带电情况由图可知，2是不带电的，1和3带电解答：解：A、B、1粒子从发射源射出后向左偏转，说明受到向左的洛伦兹力，由左手定则可
28、判断，1粒子带正点所以选项A错误，选项B正确C、由图可知，2粒子在磁场中没有发生偏转，即2粒子没有受到洛伦兹力的作用，粒子是不带电的所以选项C正确D、3粒子从发射源射出后向右偏转，说明受到向右的洛伦兹力，由左手定则可判断，3粒子带负点所以选项D错误故选：BC点评：此种类型的题，首先要掌握带电粒子在匀强磁场中的运动规律，当带电粒子垂直于磁场方向射入磁场时，粒子将在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动由此根据粒子的偏转情况判断出粒子的受力方向，再由左手定则判断出粒子的电性要求会熟练的运用左手定则分析粒子的偏转问题15（2分）如图所示，带箭头的直线是某电场中的一条电场线，在这条线上有A、B两点，用EA、E
29、B表示两处的电场强度，则（）AEAEBBEA=EBCEAEBD无法确定考点：电场线；电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线的大小由电场线的疏密表示，一条电场线无法判断疏密，就无法确定A、B两处场强的大小解答：解：电场线的大小由电场线的疏密表示，由于A、B附近电场线的分布情况未知，一条电场线无法判断疏密，则EA、EB的大小不能确定故选D点评：本题要抓住电场线的疏密表示电场强度的相对大小，但一条电线线，不能反映电场线的疏密，所以不能确定场强的大小16（2分）关于电场线和磁感线，下列说法不正确的是（）A电场线和磁感线都是闭合的曲线B电场线是从正电荷发出，终止于负电荷C电场线和磁感线都不能
30、相交D电场线和磁感线都不是客观存在的考点：磁感线及用磁感线描述磁场；电场线 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；磁感线是在磁场中的用来描述磁感应强度的闭合的曲线，它的特点和电场线类似，但是磁感线是闭合的曲线，电场线不是闭合的，有起点和终点解答：解：A、电场线是一条不闭合曲线，有起点和终点，而磁感线是一条闭合曲线，所以A错误；B、电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，所以B错误；C、电场线和磁感线都是不会相交的，否则的话在该点就会出现两个不同的
31、方向，这是不可能的，所以C正确；D、电场线和磁感线都是为了形象的描述电场和磁场而引入的曲线，是假想的，不是实际存在的线，所以D正确；本题选错误的，故选AB点评：本题就是考查学生对电场线和磁感线的理解，它们之间的最大的区别是磁感线是闭合的曲线，但电场线不是闭合的，有起点和终点17（2分）两个等量点电荷P、Q在真空中产生电场的电场线（方向未标出）如图所示下列说法中正确的是（）AP、Q是两个等量正电荷BP、Q是两个等量负电荷CP、Q是两个等量异种电荷DP、Q产生的是匀强电场考点：电场线；电场强度；电场的叠加 专题：电场力与电势的性质专题分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，
32、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小解答：解：根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断，P、Q是两个等量异种电荷，所以AB错误，C正确匀强电场的电场线应该是平行的直线，所以D错误故选C点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题18（2分）如图所示的电场中，关于M、N 两点电场强度的关系判断正确的是（）AM点电场强度大于N点电场强度BM点电场强度小于N点电场强度CM、N两点电场强度大小相同DM、N两点电场强度方向相反考点：电场强度 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据电场线的疏密反映电场强度的相对大小，电场线越密，场强越大；电场线的切线方向与该点的电
33、场强度方向相同进行选择解答：解：由图看出，M处电场线密，N处电场线疏，则M点电场强度大于N点电场强度；根据电场强度方向与该点电场线的切线方向相同可知，M、N两点的电场强度方向不同选项A正确，BCD错误故选：A点评：本题关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线的切线方向表示电场强度的方向19（2分）一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将（）A向右移动B向左移动C顺时针转动D逆时针转动考点：磁感应强度 分析：磁场中的磁感线不是实际存在的，是为了研究磁场而假想的，然而小磁针静止时N极所指向表示磁场方向解答：解：一个磁场的磁感线如图所示，一个小磁针被放入方
34、向水平向右的磁场中，发现小磁针沿顺时针转动，是小磁针N极受到水平向右的磁场力的作用，小磁针S极受到水平向左的磁场力，所以N极要转向磁场方向，而S极转向磁场方向反方向因此导致小磁针在顺时针转动故选：C点评：小磁针N极受力方向或静止时所指方向就是磁场方向，也是磁感应强度方向20（2分）如图所示，在水平直导线正下方，放一个可以自由转动的小磁针现给直导线通以向右的恒定电流，不计其他磁场的影响，则下列说法正确的是（）A小磁针保持不动B小磁针的N极将向下转动C小磁针的N极将垂直于纸面向里转动D小磁针的N极将垂直于纸面向外转动考点：电流的磁场对磁针的作用；磁现象和磁场 分析：小磁针能体现出磁场的存在，且小磁
35、针静止时N极的指向为磁场的方向，即为磁感应强度的方向也可为磁感线在该点的切线方向而电流周围的磁场由右手螺旋定则来确定磁场方向解答：解：当通入如图所示的电流时，根据右手螺旋定则可得小磁针的位置的磁场方向是垂直纸面向里，由于小磁针静止时N极的指向为磁场的方向，所以小磁针的N极将垂直于纸面向里转动故选：C点评：右手螺旋定则也叫安培定则，让大拇指所指向为电流的方向，则四指环绕的方向为磁场方向当导线是环形时，则四指向为电流的方向21（2分）下列物理量是标量的是（）A电场强度B电动势C磁感应强度D安培力考点：电场强度；电源的电动势和内阻；磁感应强度；安培力 专题：电场力与电势的性质专题分析：标量是只有大小
36、，没有方向的物理量矢量是既有大小又有方向的物理量电动势是标量，而电场强度、磁感应强度和安培力都是矢量解答：解：A、电场强度是矢量，其方向与正电荷所受的电场力方向相同故A错误 B、电动势有方向，但运算按代数法则，不是矢量，是标量故B正确 C、磁感应强度是矢量，其方向就是该点的磁场方向故C错误 D、安培力是矢量，不是标量故D错误故选B点评：电动势与电流相似，它的方向表示电流的流向，要注意它的运算法则是代数法则22（2分）下面说法正确的是（）A线圈中的磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势就越大B线圈中的磁通量变化越快，线圈中产生的感应电动势就越大C线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势就越大D
37、线圈放在磁场越强的地方，线圈中产生的感应电动势就越大考点：法拉第电磁感应定律 分析：本题考察对法拉第电磁感应定律的理解，要理解E的大小和磁通量以及磁通量的变化量无关，由磁通量的变化率决定（即磁通量变化快慢）解答：解：A、线圈中的磁通量变化大，磁通量的变化率不一定大，故A错误；B、根据法拉第电磁感应定律可知线圈中感应电动势的大小与磁通量的变化率即磁通量变化快慢成正比，故B正确；C、线圈中的磁通量大，其磁通量变化率不一定大，故C错误；D、磁场强，线圈中的磁通量变化快慢不确定，故D错误；故选B点评：本题能够全面考察学生对法拉第电磁感应定律的理解，学生可以类比前面学习的加速度的定义式：，进行理解23（
38、2分）下列哪种力是洛伦兹力（）A电荷间的相互作用力B电场对电荷的作用力C磁铁对小磁针的作用力D磁场对运动电荷的作用力考点：洛仑兹力 分析：磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力解答：解：A、电荷间相互作用力称为库仑力故A错误 B、电场对电荷的作用力称为电场力故B错误 C、磁铁对小磁针的作用力称为磁场力故C错误 D、磁场对运动电荷的作用力称为洛伦兹力故D正确故选D点评：解决本题的关键知道洛伦兹力为磁场对运动电荷的作用力24（2分）真空中两个静止点电荷间相互作用力为：F=k，若两电荷间距离和两电荷电量都增大为原来的2倍，下列判断正确的是（）AF增大为原来的1倍BF增大为原来的2倍CF增大为原来的4倍D
39、F增大为原来的8倍考点：库仑定律 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据库仑定律：F=k，进行求解解答：解：真空中两个静止点电荷间的静电力大小为F=k，若两电荷间距离和两电荷电量都增大为原来的2 倍，静电力大小为F=k=F故选：A点评：根据题意和选项，清楚变量和不变量，再根据库仑定律解决问题25（2分）如图所示，在匀强磁场中有一通电直导线，电流方向垂直纸面向里，则直导线受到安培力的方向是（）A向上B向下C向左D向右考点：安培力；左手定则 分析：通电直导线在磁场中受到的安培力方向利用左手定则判断让磁感线穿过左手手心，四指指向电流方向，拇指指向安培力方向解答：解：根据左手定则：伸开左手，拇指与手掌
40、垂直且共面，磁感线向下穿过手心，则手心朝上四指指向电流方向，则指向纸里，拇指指向安培力方向：向左故选：C点评：本题考查左手定则的应用能力对于左手定则的应用，要搞清两点：一是什么时候用；二是怎样用26（2分）如图所示，闭合的矩形线圈abcd 放在范围足够大的匀强磁场中，下列哪种情况下线圈中能产生感应电流（）A线圈向左平移B线圈向上平移C线圈以ab为轴旋转D线圈不动考点：感应电流的产生条件 专题：电磁学分析：本题考查了感应电流产生的条件：闭合回路中的磁通量发生变化据此可正确解答本题解答：解：A、由于磁场是匀强磁场且范围足够大，因此线圈无论向那个方向平移，磁通量都不会发生变化，故A错误；B、根据A项
41、的论述可知，B错误；C、当线圈以ab为轴旋转时，其磁通量发生变化，有感应电流产生，故C正确；D、线圈不动，其磁通量不变，故没有感应电流产生，D错误；故选C点评：本题比较简单，考查了基本规律的应用，是一道考查基础知识的好题27（2分）如图所示，可以将电压升高供给电灯的变压器是（）ABCD考点：变压器的构造和原理 专题：交流电专题分析：理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势变压器的电流比为：原副线圈电流与匝数成反比，电压比为：原副线圈电压与匝数成正比且电流与电压均是有效值，电
42、表测量值也是有效值解答：解：A、甲图中原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故A错误；B、乙图中，原线圈匝数比副线圈匝数多，所以是降压变压器，故B错误；C、丙图中，原线圈匝数比副线圈匝数少，所以是升压变压器，故C正确；D、丁图中，原线圈接入恒定电流，变压器不能工作，故D错误故选：C点评：理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定28（2分）如图所示，通电直导线右边有一个矩形线框，线框平面与通电直导线共面，若使线框逐渐远离（平动）通电导线，则穿过线框的磁通量将（）A逐渐减小B逐渐增大C保持不变D不能确定考
43、点：磁通量 分析：磁通量是穿过磁场中某一平面的磁感线的条数当线圈面积不变，根据磁感线的疏密判断穿过线框的磁通量的变化解答：解：由题，通电直导线产生稳定的磁场，离导线越远磁场越弱，磁感线越疏，则当线框远离通电导线时，穿过线框的磁感线的条数越来越少，磁通量将逐渐减小故选：A点评：对于非匀强磁场穿过线圈的磁通量不能定量计算，可以根据磁感线的条数定性判断其变化情况29（2分）用如图所示的实验来研究电磁感应的条件，下列有关实验过程的描述不正确的是（）A闭合开关稳定后，当线圈A和线圈B整体一起在桌面移动时，电流表指针将发生偏转B闭合开关后，当滑动变阻器滑片向右滑动时，电流表指针将发生偏转C闭合开关的瞬间，
44、电流表指针将发生偏转D闭合开关后，当线圈A从线圈B中迅速抽出时，电流表指针将发生偏转考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：根据感应电流产生的条件分析答题，感应电流产生条件：穿过闭合回路的磁通量发生变化解答：解：A、闭合开关后，当线圈A和线圈B整体在桌面移动时，穿过线圈B的磁通量不变，电流表指针不发生偏转，故A错误；B、闭合开关后，当滑动变阻器滑片向右滑动时，通过线圈A的电流发生变化，通过线圈B的磁通量变化，产生感应电流，电流表指针将发生偏转，故B正确；C、闭合开关的瞬间，穿过线圈B的磁通量发生变化，线圈B中产生感应电流，电流表指针将发生偏转，故C正确；D、闭合开关后，当线圈A从线圈B中迅速
45、抽出时，穿过线圈B的磁通量变化，线圈中产生感应电流，电流表指针将发生偏转，故D正确；本题选错误的，故选A点评：知道感应电流产生的条件，根据题意判断磁通量是否发生变化，是正确解题的关键；本题难度不大，是一道基础题30（2分）把矩形线圈abcd放在匀强磁场中，使它的平面与磁感线平行如图，下列哪种情况线圈中有感应电流（）A线圈以ab边为轴转动B线圈垂直于磁感线方向移动C线圈沿磁感线方向移动D线圈只要放入就有电流考点：感应电流的产生条件 分析：闭合线圈中产生感应电流的条件是：回路中的磁通量发生变化磁通量发生变化有两种办法：磁感应强度变化或回路的有效面积发生变化解答：解：闭合线圈中产生感应电流的条件是：
46、回路中的磁通量发生变化磁通量发生变化有两种办法：磁感应强度变化或回路的有效面积发生变化A：以ab边为轴做匀速转动时回路的有效面积发生变化，可以产生感应电流故A正确；B：垂直于纸面向外运动，回路的有效面积未发生变化，没有感应电流产生故B错误；C：线圈沿磁感线方向运动，回路的有效面积未发生变化，没有感应电流产生故C错误；D：闭合线圈中产生感应电流的条件是：回路中的磁通量发生变化回路的磁通量未发生变化时，没有感应电流产生，故D错误故选：A点评：该题考查闭合线圈中产生感应电流的条件是：回路中的磁通量发生变化属于简单题二、连线题与填空31（4分）把两边配对的人和物理事件用线段连接起来考点：物理学史 专题
47、：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：法拉第发现电磁感应现象麦克斯韦预言电磁波的存在奥斯特发现了电流磁效应库仑研究了点电荷间的相互作用力故答案为：点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一32（6分）在探究磁场产生电流的条件，做了下面实验（如图）：研究对象：由线圈，电流表构成的闭合回路磁场提供：条形磁铁请完成下面实验操作及观察到现象：实验过程电流表的指针（填写偏转或不偏转）条形磁铁插入线圈过程偏转条形磁铁插入线圈中静止不偏转条形磁铁取出线圈过程偏转由这个实验我们得出磁场产生电流的条件是：电路
48、闭合、穿过电路的磁通量发生变化考点：研究电磁感应现象 专题：实验题分析：线圈面积一定，当条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，当条形磁铁静止在线圈内不动时，穿过线圈的磁通量不变；分析实验现象得出结论解答：解：由电路图可知，线圈与电流表组成闭合回路，电流表指针偏转说明电路中有感应电流产生，电流表指针不偏转，说明电路中没有感应电流产生；电流表的指针（偏转或不偏转）条形磁铁插入线圈过程偏转条形磁铁插入线圈中静止不偏转条形磁铁取出线圈过程偏转由表中信息可知：当条形磁铁插入或拔出线圈的过程中，穿过线圈的磁通量发生变化，电流表偏转，产生感应电流；当条形磁铁静止在线圈内不动时，穿过线圈的
49、磁通量不变，电流表不偏转，没有产生感应电流；由此可知，感应电流产生的条件是：穿过闭合线圈的磁通量发生变化故答案为：如上表所示；电路闭合；穿过电路的磁通量发生变化点评：本题考查了感应电流产生条件实验，分析清楚实验现象即可正确解题；本题难度不大，是一道基础题三、计算题（每题10分）33（10分）有一段导体，在时间t=0.01秒内通过了Q=2103库仑的电量，那么导体中的电流强度是多大？考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：0.01秒内通过某导线横截面的电量是2103库仑，根据电流的定义式I=求解导体中的电流强度解答：解：由I=可得：I=A=0.2A；答：导体中的电流强度为0.2A点评：本题
50、是电流强度定义式基本的应用，属于直接代入公式的题目，公式的基础应用34（10分）已知电流的热效应焦耳定律的公式Q=I2RT，并计算通过的电流为2安培，电阻为1000欧通电时间10秒产生的电热考点：焦耳定律 分析：焦耳定律的内容：电流通过导体产生的热量跟电流的平方成正比，跟导体的电阻成比，跟通电时间成正比直接代入公式Q=I2RT列式求解即可解答：电流的热效应焦耳定律的公式：Q=I2Rt；电流为2安电阻为1000欧通电时间10秒产生的电热：Q=I2Rt=22100010=4104J答：产生的电热为4104J点评：本题关键是明确电流的热效应，知道焦耳定律的内容，会用公式Q=I2Rt求解电热35（10
51、分）桌面上放一10匝矩形线圈，某一时刻穿过线圈的磁通量为0.04Wb，过0.5秒，穿过线圈的磁通量为0.12Wb，那么计算这个过程中线圈中的感应电动势甲同学的解法如下，请你判断是否正确，如果不正解写出正确的解法（甲同学）解：根据电磁感应定律：E=N（），得：E=0.08（V）（甲同学）答：感应电动势为0.08伏特考点：法拉第电磁感应定律 分析：穿过线圈的磁通量的变化量等于初、末磁通量的差根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势的大小解答：解：甲同学的解法不正确；正确解法，如下：由题，穿过线圈的磁通量增加量为：=21=0.12Wb0.04Wb=0.08Wb根据法拉第电磁感应定律得：E=10V=1.6V答：这个过程中线圈中的感应电动势1.6V点评：本题是法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律的简单应用，注意楞次定律的应用