四川省宜宾市叙州区第一中学2019-2020学年高二物理下学期期末模拟试题（含解析）.doc

1、四川省宜宾市叙州区第一中学2019-2020学年高二物理下学期期末模拟试题（含解析）注意事项：1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6.考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理110分，化学100分，生物90分第I卷 选择题（54分）一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1

2、-6题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错选得0分。）1.氢原子的能级如图，大量氢原子处于n=4能级上。当氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级时，辐射光的波长为1884nm，已知可见光光子的能量在1.61eV3.10eV范围内，下列判断正确的是（）A. 氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，辐射的光子是可见光光子B. 从高能级向低能级跃迁时，氢原子要吸收能量C. 氢原子从n=3能级跃迁到n=1能级时，辐射光的波长大于1884nmD. 用氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射的光照射W逸=6.34eV的铂，能发生光电效应【答案】D【解析】【详解】A氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级，辐射的光

3、子的能量为此能量比可见光光子的能量小，不可能是可见光光子，故A错误；B从高能级向低能级跃迁时，氢原子一定向外放出能量，故B错误；C氢原子从n=4能级跃迁到n=3能级辐射的光子能量小于从n=3能级跃迁到n=1能级辐射的光子能量，根据可知从n=3能级跃迁到n=1能级辐射的光子波长小于1884nm，故C错误；D氢原子从n=2能级跃迁到n=1能级辐射的光子的能量值故用该光照射的铂，能发生光电效应，故D正确。故选D。2.下列说法正确是（）A. 卢瑟福的核式结构模型能够解释氢原子光谱的分立特征B. 根据玻尔模型，氢原子由基态跃迁到激发态时电子运动的动能变小C. 温度升高放射性元素半衰期变短D. 用频率为的

4、光照射某金属，发出的某光电子的初动能为，该金属的截止频率为【答案】B【解析】【详解】A卢瑟福在用粒子轰击金箔实验中发现大多粒子能穿透金箔，只有少量的粒子发生较大的偏转，提出原子核式结构学说，但不能解释原子光谱分立特征，而玻尔的原子模型能很好的解释，故A错误；B氢原子从基态跃迁到激发态时，需吸收能量，则总能量增大，轨道半径变大，根据，可得因半径增大，所以动能减小，故B正确；C原子核的衰变是由原子核内部因素决定的，与外界环境无关，即与原子的物理化学状态无关，故C错误；D用频率为的光去照射某金属时，出射电子初动能为不一定是最大初动能，即根据爱因斯坦光电效应方程解得则金属的截止频率为，故截止频率小于等

5、于，故D错误。故选B。3.下列说法正确的是（）A. 卢瑟福在粒子散射实验中发现了电子，并提出了原子的核式结构学说B. 一群处于n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时最多能辐射出6种不同频率的光C. 在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能Ek越小，则这种金属的逸出功W0越小D. 某放射性原子核经过2次衰变和2次衰变，核内中子减少了4个【答案】B【解析】【详解】A汤姆孙通过研究阴极射线发现电子，A错误；B一群处于n=4的激发态的氢原子向低能级跃迁时最多能辐射出种不同频率的光，B正确；C根据光电效应方程可知一定时，越小，这种金属的越大，C错误；D某放射性原

6、子核经过2次衰变和2次衰变，质量数减少个，质子数减少个，所以中子数减少了6个，D错误。故选B。4.如图，实线为某一点电荷的等势线，虚线为一电子从A点进入该电场的运动轨迹，A、B、C、D为等势线上的点，其电势分别为、，电场强度的大小分别为、，则（）A. B. C. 电子由A点运动到B点，电场力先做负功后做正功D. 电子由A点运动到B点，电势能减少【答案】C【解析】【详解】A曲线运动所受合外力指向曲线运动轨迹的凹侧，电子带负电，根据电子的运动轨迹可知中心点电荷带负电，电场线指向中心负电荷，根据沿电场线电势降低可知A错误；B根据点电荷电场强度公式可知B错误；CD从点运动到点，电势先减小后增大，根据电

7、势能可知，电子的电势能先增大后减小，所以电场力先做负功后做正功，C正确，D错误。故选C。5.一个含有理想变压器的电路如图所示，图中L1、L2和L3是完全相同的三个灯泡，灯泡的额定电压为U0，U为正弦交流电源。当开关S闭合时，电路中的灯泡均能正常发光。下列说法正确的是（）A. 理想变压器原、副线圈匝数比为12B. 交流电源电压有效值为2U0C. 交流电源电压最大值为U0D. 若开关S断开稳定后，灯泡L2变暗【答案】C【解析】【详解】A三个灯泡均正常发光，副线圈回路中的电流是原线圈中电流的2倍，因此原副线圈的匝数比为故A错误；B因为副线圈回路两个灯泡的并联，电压为，根据解处原线圈两端的电压为，则交

8、流电源的电压故B错误；C最大值，故C正确；D若断开S，副线圈回路的总电阻变大，输出功率变小，输出电流变小，输入电流变小。灯泡L1两端的电压减小，原线圈两端的电压升高，所以副线圈两端的电压增大，灯泡L2变亮，故D错误。故选C。6.如图所示，两个可视为质点的小球A、B通过固定在O点的光滑滑轮用轻绳相连，小球A置于光滑半圆柱上，小球B用水平轻绳拉着，水平轻绳另一端系于竖直板上，两球均处于静止状态。已知O点在半圆柱横截面圆心O1的正上方，OA与竖直方向成30角、其长度与半圆柱横截面的半径相等，OB与竖直方向成60角，则（）A. 轻绳对球A的拉力与球A所受弹力的合力大小相等B. 轻绳对球A的拉力与半网柱

9、对球A的弹力大小不相等C. 轻绳AOB对球A的拉力与对球B的拉力大小之比为：D. 球A与球B的质量之比为2：1【答案】D【解析】【详解】设轻绳中拉力为T，球A受力如图A所受弹力为绳对A的拉力和半圆对球A的弹力的合力，与重力等大反向，大于T，故A错误；B受力分析可得解得故B错误；C细线对A的拉力与对球B的拉力都等于T，故C错误；D对球B解得故D正确。故选D。7.如图甲所示，一小物块从水平转动传送带的右侧滑上传送带，固定在传送带右端的位移传感器记录了小物的位移x随时间t的变化关系如图乙所示已知图线在前3.0s内为二次函数，在3.0s4.5s内为一次函数，取向左运动的方向为正方向，传送带的速度保持不

10、变，g取10ms2下列说法正确的是( )A. 传送带沿顺时针方向转动B. 传送带沿逆时针方向转动C. 传送带的速度大小为2msD. 小物块与传送带间的动摩擦因数=0.2【答案】ACD【解析】由x-t图像可知，因图像的斜率等于速度，故物体的速度先减小到零后，反向增加，最后运动运动，可判断传送带顺时针方向转动，选项A正确，B错误；由3.0s4.5s内的图像可知，传送带的速度，选项C正确；因2s末物体的速度减为零，位移为4m，则，则根据可知，小物块与传送带间的动摩擦因数=0.2，选项D正确；故选ACD. 点睛：此题关键是从x-t图像中获取信息，知道图像的斜率等于物体的速度，结合牛顿第二定律即运动公式

11、解答.8.如图所示，甲、乙、丙三个图中的小灯泡完全相同，甲、乙图中的带铁芯线圈L相同(电阻不计)，乙、丙图中的交流电源相同，且有效值与甲图中的直流电源(内阻不计)所提供的路端电压相等下列叙述正确的是A. 闭合开关瞬间，甲图中的灯泡立即达到最亮B. 甲图中的灯泡比乙、丙图中的灯泡亮C. 增大交流电频率时，乙、丙图中的灯泡都变亮D. 减小交流电频率时，丙图中的灯泡将变暗【答案】BD【解析】【分析】线圈对电流的变化有阻碍作用，具有通直阻交的特点，阻碍作用随频率的增大而增大，而电容器的阻碍作用随频率的增大而减小，由此即可得出结论；【详解】A、闭合开关瞬间，电流从无到有，线圈产生自感电动势阻碍电流的增大

12、，随着电流稳定，自感电动势消失，电流逐渐增大，则甲图中灯泡逐渐变亮，逐渐达到最亮，故选项A错误；B、根据电感线圈对电流的阻碍作用可知，电感线圈对交流电的阻碍作用更大，同时电容器对交变电流也有阻碍作用，所以接直流的电路中的灯泡更亮一些，故B正确；C、增大交流电频率时，线圈的感抗增大，电容器的容抗减小，故乙图灯变暗，丙图灯变亮，故选项C错误；D、减小交流电频率时，电容器的容抗增大，则丙图中的灯泡将变暗，故选项D正确【点睛】解决本题的关键掌握知道感抗和容抗，并且知道感抗和容抗分别与什么因素有关9.一辆汽车在轨道半径为R的弯道路面做圆周运动，弯道与水平面的夹角为，如图所示，汽车轮胎与路面的动摩擦因素为

13、，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，关于汽车在运动过程中的表述正确的是A. 汽车的速率可能为B. 汽车在路面上不做侧向滑动的最小速率为C. 汽车在路面上不做侧向滑动的最大速事为D. 汽车在路面上不做侧向滑动的最小速率为【答案】ACD【解析】A、车与路面间无摩擦力，重力的一个部分提供向心力，如图所示，根据向心力公式得：，解得：，故A正确；C、汽车在路面上不做侧向滑动，最大静摩擦力沿斜面向下，则有，解得速度最大，故C正确；BD、汽车在路面上不做侧向滑动，最大静摩擦力沿斜面向上，则有，解得速度最小，故D正确，B错误；故选ACD【点睛】车与路面间无摩擦力，重力的一个部分提供向心力，根据向心力公式即可求解第

14、II卷 非选择题（56分）二、实验题（16分）10.如图甲所示，质量为m的滑块A放在气垫导轨上，B为位移传感器，它能将滑块A到传感器B的距离数据实时传送到计算机上，经计算机处理后在屏幕上显示滑块A的速率-时间（）图象整个装置置于高度h可调节的斜面上，斜面长度为（1）现给滑块A沿气垫导轨向上的初速度，其图线如图乙所示从图线可得滑块A上滑时的加速度大小_（结果保留一位有效数字）（2）若用此装置来验证牛顿第二定律，通过改变_，可验证力一定时，加速度与质量成反比的关系；通过改变_，可验证质量一定时，加速度与力成正比的关系（重力加速度g的值不变）【答案】 (1). (2). 调节滑块的质量及斜面的高度，

15、且使mh不变 (3). 高度h【解析】(1)v-t图象中斜率代表加速度故(2)牛顿第二定律研究的是加速度与合外力和质量的关系当质量一定时，可以改变力的大小，当斜面高度不同时，滑块受到的力不同，可以探究加速度与合外力的关系由于滑块下滑加速的力是由重力沿斜面向下的分力提供，所以要保证向下的分力不变，应该使不变，所以应该调节滑块的质量及斜面的高度，且使mh不变【点睛】解答本题关键是能够把v-t图象运用物理规律结合数学知识解决问题对滑块进行运动和受力分析，运用牛顿第二定律结合运动学公式解决问题11.某同学想用伏安法测定一块精度很高的电压表V(量程3V， 内阻20k40k)的内阻，并将其改装成欧姆表，现

16、有器材如下：直流电源E(电动势4V，内阻不计)；电流表A1(量程150A，内阻约2k)；电流表A2量程6mA，内阻约300)；电流表A3(量程0.6A，内阻约1.0)；滑动交阻器R1(最大阻值10kQ)；滑动变阻器R2(最大阻值5)；开关S，导线若干(1)为使实验误差尽量减小，要求电压表示数从零开始变化且多取几组数据，电流表应选用_；滑动变阻器应选用_；(填器材代号)(2)为达到上述目的，请在图中的框中画出实验电路原理图_，要求滑动变阻器滑片由a向b移动时电压表的示数逐渐增大(3)实验测得电压表的内阻为24.0k，该同学用这电表与上述电源E及其中的一个滑动变阻器改装为欧姆表，并将电压表表盘换成

17、直接表示电阻的欧姆表表盘，如图乙，则电压表表盘上2V处对应的电阻示数为_k，【答案】 (1). A1； (2). R2； (3). (4). 16.0【解析】(1).根据欧姆定律，电流表应选用电流表A1(量程150A，内阻约2k)，由于要求电流和电压从零调，所以变阻器应采用分压式接法，应选阻值小的滑动变阻器R2(最大阻值5)；(2) 由上面分析可知，变阻器应用分压式接法，待测电压表应与电流表串联，电路图如图所示(3)由题意可知，联立解得三、解答题（40分）12.如图所示，小红同学将一轻质弹簧上端悬挂于天花板，下端系一质量为m的物体A处于平衡状态在距物体A正上方高为h处有一个质量为2m的物体B由

18、静止下落，与弹簧下端的物体A碰撞（碰撞时间极短）并立即以相同的速度运动不计空气阻力，两物体均可视为质点，重力加速度为g求：(i)碰撞结束瞬间两物体的速度大小；(ii)从碰撞结束两物体一起向下运动，至第一次到达最低点过程中，两者相互作用力的冲量大小为I，该过程两者相互作用的平均作用力多大？【答案】(1) (2) 【解析】【详解】(1)物体B自由下落，由动量守恒： B碰A的瞬间，内力远大于外力，根据动量守恒定律： 联立解得： (2)从二者一起运动到速度变为零的过程中，选择B作为研究对象，根据动量定理:根据题意: 联立解得:【点睛】物体B碰撞前做自由落体运动，根据速度位移公式求解末速度；碰撞过程系统

19、动量守恒，根据动量守恒定律列式求解共同速度；对物体B的下降过程根据动量定理列式求解平均弹力13.如图甲所示，两根间距L=1.0m、电阻不计的足够长平行金属导轨ab、cd水平放置，一端与阻值R=2.0的电阻相连，质量m=0.2kg的导体棒ef在恒定外力F作用下由静止开始运动，已知导体棒与两根导轨间的最大静摩擦力和滑动摩擦力均为f=1.0N，导体棒电阻为r=1.0，整个装置处于垂直于导轨平面向上的匀强磁场B中，导体棒运动过程中加速度a与速度v的关系如图乙所示（取g=10m/s2），求：（1）拉力F的大小；（2）磁场的磁感应强度B大小；（3）若ef棒由开始运动6.9m时，速度达到3m/s，求此过程中

20、电路产生的焦耳热.【答案】（1）2N（2）1T（3）6J【解析】（1）由图可知：导体棒开始运动时加速度，初速度v0=0，导体棒中无电流由牛顿第二定律知：解得：；（2）当导体棒速度为v时，导体棒上的电动势为E，电路中的电流为I.由法拉第电磁感应定律：，由欧姆定律：，导体棒所受安培力，由图可知：当导体棒的加速度a=0时，开始以v=3m/s做匀速运动，此时有：，解得：；（3）设ef棒此过程中，产生的热量为Q，由功能关系知：，带人数据解得选考题(共15分)。请考生从2道物理题任选一题做答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。注意所做题目的题号必须与所涂题目的题号一致，在答题卡选答区域指定位置答

21、题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。14.下列说法正确的是_(填正确答案标号)A. 悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动B. 空中的小雨滴呈球形是水的表面张力作用的结果C. 彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点D. 高原地区水的沸点较低，这是高原地区温度较低的缘故E. 干湿泡湿度计湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，这是湿泡外纱布中的水蒸发吸热的结果【答案】BCE【解析】【详解】A.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了水分子的热运动，而不是反映花粉分子的热运动，选项A错误；B.由于表面张力的作用使液体表面收缩，使小雨滴呈球形，选项B正确；C.液晶的光学性质具有各向异

22、性，彩色液晶显示器就利用了这一性质，选项C正确；D.高原地区水的沸点较低是因为高原地区的大气压强较小，水的沸点随大气压强的降低而降低，选项D错误；E.由于液体蒸发时吸收热量，温度降低，所以湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，选项E正确。故选BCE。15.如图所示，一排球球内气体的压强为p0 ，体积为V0 ，温度为T0 ，用大气筒对排球冲入压强为p0 ，温度为T0的气体，使球内气体压强变为3 p0 ，同时温度升至2 T0 ，充气过程中气体向外放出Q的热量，假设排球体积不变，气体内能U与温度的关系为U=kT (k为正常数)，求：(i)打气筒对排球充入压强为p0，温度为T0的气体的体积；(ii)打气筒

23、对排球充气过程中打气筒对气体做的功【答案】(i) V=0.5V0(ii) W=Q+kT0【解析】【详解】(i)打气筒对排球充入压强为p0、温度为T0的气体的体积为V，以排球内气体与充入的气体整体为研究对象 气体的初状态参量：p1=p0；V1=V0+V；T1=T0 气体的末状态参量：p2=3p0；V2=V0；T2=2T0根据理想气体状态方程得：代入解得：V=0.5V0(ii)因为气体内能U与温度的关系为U=kT 所以打气过程内能变化：U=k(2T0T0)=kT0由热力学第一定律得：U=W+(Q)解得打气筒对气体做的功：W=Q+kT016.一列简谐横波沿x轴传播，已知x轴上x1=0和x2=15m处

24、两质点a、b的振动图象如图甲、乙所示，该波的波长10m15m则下列说法正确的是_A. 该波的频率为50HzB. 质点a、b的振幅为2mC. 该波的传播方向沿x轴正方向D. 该波的波长为12mE. 该波的传播速度为600m/s【答案】ADE【解析】【分析】由图读出周期，可求得频率，根据两个质点在同一时刻的状态，确定出波长与两质点间距离的关系，结合波长，求出波长，再求解波速；【详解】A、由题图知，该波的周期为，则频率为，故A正确；B、由图可知质点a、b的振幅为，故选项B错误；C、a、b相距，若波沿x正方向传播，由图知：时刻质点a位于波峰，质点b经过平衡位置向下结合波形可知：，得：，由于，则，无解，

25、则说明该波的传播方向为x轴负方向则结合波形可知：，得：，由于，则，即当时，故选项C错误，D正确；E、根据公式得到波速为：，故选项E正确【点睛】本题关键考查运用数学知识解决物理问题的能力，处理好通项式与特殊值的关系，要注意波的周期性和双向性17.如图是内径为R，外径为2R的空心玻璃半圆柱体横截面图，在横截面内，一束单色光射向圆柱体，折射光线恰好与圆柱体内表面相切，已知玻璃对该光的折射率为n=，求：(i)光线射向圆柱体时的入射角；(ii)将光线向下平移，当平移距离为h时，折射光线在圆柱体内表面恰好没有进入空心部分，求平移距离h【答案】(i) (ii) 【解析】【分析】（i）作出光路图，由几何知识求出折射角，由折射定律求入射角；（ii）光在圆柱体内表面发生全反射，入射角等于临界角，结合正弦定理进行求解即可；【详解】（i）光路如图：设入射角为，折射角为，由几何关系可以得到：，解得：由折射定律得到：，解得：；（ii）设平移后的光在圆柱体外表面的入射角为，折射角为，光路如上图所示由题可知折射光线在内表面的入射角为临界角C由折射定律有：由正弦定理可以得到：联立可以得到：，即则故两束光的间距为：【点睛】本题是折射定律的应用，关键是画出光路图，运用几何知识求解入射角与折射角，即可研究这类问题