1、2015-2016学年河北省邯郸市曲周县一中高二（上）第一次月物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，共48分，1-8为单选，9-12为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1某电解池，如果在1s内共有51018个二价正离子和11019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是( )A0B0.8AC1.6AD3.2A2如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a：b：c=5：3：2在该长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1，2，3，4在1、2两端加上恒定电压U，通过导体的电流为I1；在3，4两端加上恒定的电压U，通过
2、导体的电流为I2，则I1：I2为( )A9：25B25：9C25：4D4：253如图展示了四种导电器件的伏安特性曲线，其中满足欧姆定律的是( )ABCD4用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系( )AR1RR2BRR1R2CR1RR2DRR1R25如图所示的电路中，A、B两灯原来正常发光，忽然A灯比原来暗而B灯比原来变亮，这是因为电路中某一处发生断路故障造成的，那么发生这种故障可能是( )AR1断路BR2断路CR3断路D电源断路6如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，为使R上消
3、耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到( )AR0BR0+rC0DR0r7如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图线若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB表示的功率及I=2A对应的外电阻是( )A2W，0.5B4W，2C2W，1D6W，28如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是( )A灯L1、L2变亮，灯L3变暗B灯L2、L3变亮，灯L1变暗C灯L1、L3变亮，灯L2变暗D灯L1变亮，灯L2、L3变
4、暗9有A，B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断( )A电阻A的阻值小于电阻BB电阻A的阻值大于电阻BC电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D导体A，B的伏安特性曲线的斜率表示导体的电阻10两定值电阻R1、R2串联后接在电压恒为10V的两点间，某同学把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表读数为5V，他又把该电压表改接在R2的两端，则电压表的示数( )A可能为6VB可能为3VC可能为4VD一定为5V11如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是( )A电
5、流表示数变小，电压表示数变大B小电珠L变亮C电容器C上电荷量增大D电源的输出功率变大12如图所示，为某一电源的UI特性曲线，由图可知( )A电源电动势为2VB电源内电阻为C电源短路时电流为0.6AD电路路端电压为1V时，电路中电流为0.5A二、实验题：（共22分）13某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，读出图中的示数，该金属圆片的直径的测量值为_cm，厚度的测量值为_mm14（1）用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十k的电阻Rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上_a将两表笔短接，调节P使
6、指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c旋转S使其尖端对准欧姆挡1kd旋转S使其尖端对准欧姆挡100e旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔（2）如图为一正在测量中的多用电表表盘（1）中测量电阻Rx的指针位置如图所示，则阻值约为_如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为_ mA如果是用直流5V档测量电压，则读数为_V三、选择题（共1小题，每小题0分，满分0分）15下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是( )A测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分
7、别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时都必须重新调零四、解答题（共1小题，满分10分）16欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A电池组（3V，内阻1）B电流表（03A，内阻0.0125）C电流表（00.6A，内阻0.125）D电压表（03V，内阻3k）E电压表（015V，内阻15k）F滑动变阻器（020，额定电流1A）G滑动变阻器（02 000，额定电流0.3A）H开关、导线（1）上述器材中应选用的是_；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表_接法；（填“内”或“外”
8、）（3）若在上述实验中，电流表的示数为I，电压表的示数为U，且电流表内阻RA、电压表内阻RV均为已知量，用测量量和电表内阻计算金属丝电阻的表达式Rx=_（4）为使通过待测金属导线的电流能在00.5A范围内改变，请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图三、论述、计算题（本题共3小题，共30分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17如图所示，电源的电动势为50V，电源内阻为1.0，定值电阻R=14，M为直流电动机，电枢电阻R=2.0，电动机正常运转时，电压表读数为35V，求在100s时间内电源做的功和电动机
9、上转化为机械能的部分是多少？18如图所示电路，电压U恒定，R1=R2=R3，当S断开时，处在水平放置的平行板电容器极板间的微粒恰好处于平衡状态当开关S闭合后，带电微粒的加速度是多大？方向如何？19如图甲所示电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙中的AC、BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响求：（1）电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为乙图象中哪一条直线？（2）定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为多少？（3）试求出电源的电动势和内阻2015-2016学年河北省邯郸市曲周县一中高二（上）第一次月考物理试卷一、选择题（共12小题，每
10、小题4分，共48分，1-8为单选，9-12为多选，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1某电解池，如果在1s内共有51018个二价正离子和11019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是( )A0B0.8AC1.6AD3.2A考点：电流、电压概念 专题：恒定电流专题分析：由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流一价离子所带电量大小为e=1.61019C解答：解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为I=，将n1=51018个，n2=11019个，e=1.6
11、1019C代入解得，I=3.2A故选D点评：本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和2如图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a：b：c=5：3：2在该长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1，2，3，4在1、2两端加上恒定电压U，通过导体的电流为I1；在3，4两端加上恒定的电压U，通过导体的电流为I2，则I1：I2为( )A9：25B25：9C25：4D4：25考点：霍尔效应及其应用 专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：根据电阻定律求出在1、2两端加上恒定电压、在3、4两端加
12、上恒定的电压时的电阻之比，从而根据欧姆定律得出电流之比解答：解：根据电阻定律R=得，当在1、2两端加上恒定电压U时，在在3、4两端加上恒定的电压时，所以，根据欧姆定律I=得，故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键掌握电阻定律以及部分电路欧姆定律的运用3如图展示了四种导电器件的伏安特性曲线，其中满足欧姆定律的是( )ABCD考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：伏安特性曲线描述电流与电压的变化关系，其斜率与电阻有关，导致器件可能是电阻不变，也可能电阻变化的若不变电阻，则伏安特性曲线是线性关系；若电阻变化的，则图象是曲线而欧姆定律则是满足线性关系解答：解：A、根据欧姆定律得到R=由数
13、学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率增大，A不符合题意；B、根据欧姆定律得到R=由数学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率减小，B不符合题意；C、根据欧姆定律得到R=由数学知识得到，图线上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，则此斜率不变，C符合题意；D、由数学知识得到，图线上斜率虽然不变，但不符合欧姆定律：R=，则D不符合题意；故选C点评：本题考查的伏安特性曲线与欧姆定律，并抓住图线的数学意义来理解其物理意义4用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系( )A
14、R1RR2BRR1R2CR1RR2DRR1R2考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：根据两接法的特点可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系解答：解：甲图中电压值是准确的，而由于电压表的分流导致电流值偏大，故测量结果将小于真实值；而乙图中电流值是准确的，而由于电流表的分压导致了电压表示数偏大，故测量结果将大于真实值；故答案为：R1RR2，C正确；故选C点评：本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响，从而得出测量值与真实值之间的关系5如图所示的电路中，A、B两灯原来正常发光，忽然A灯比原来暗而B灯比原来变亮，这是因为电路中某一处发生断路故
15、障造成的，那么发生这种故障可能是( )AR1断路BR2断路CR3断路D电源断路考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：首先明确电路中各用电器的连接关系：灯泡A和电阻R2、灯泡B和电阻R3先并联再串联，最后与电阻R1并联灯泡变亮，说明实际功率增大了，具体故障可将每选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项解答：解：A 电阻R1单独在一个支路上，断路后使并联电路的电阻值变大，使灯泡所在的并联电路两端的电压变大，两个灯泡的亮度都变亮此选项不符合题意；B 电阻R2与灯泡A是并联的，如果R2断路，此处只有灯泡A一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡A两
16、端电压增大，灯泡B两端电压降低，由P=知，功率变小，灯泡B变暗此选项不符合题意；C 电阻R3与灯泡B是并联的，如果R3断路，此处只有灯泡B一个电阻，根据并联电路总电阻与分电阻的关系，此处电阻相当于增大，所以灯泡B两端电压增大，由P=知，功率变大，灯泡B变亮此选项符合题意；D 电源断路，灯泡AB熄灭此选项不符合题意故选：C点评：此题属混联电路的故障问题解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项6如图所示，电源的电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为变阻器，为使R上消耗的电功率最大，应将变阻器阻值调整到( )AR0BR0+rC
17、0DR0r考点：电功、电功率 专题：恒定电流专题分析：由闭合电路的欧姆定律可知电路中的电流，由功率公式可确定电功率的极值解答：解：由闭合电路的欧姆定律可知I=R消耗的电功率P=I2R=； 故要使R消耗的功率最大，应将变阻器阻值调到R0+r；故选：B点评：解决本题应注意审题，题目中要求的是变值电阻的电功率，故当外阻等于内阻时功率最大7如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图线若A、B对应的横坐标为2A，那么线段AB表示的功率及I=2A对应的外电阻是( )A2W，0.5B4W，2C2W，1D6W，2考点：电功、电功率
18、 专题：恒定电流专题分析：根据电源的总功率P=EI，由C点的坐标求出电源的电动势和内阻AB段表示外电路的功率，再求解AB段表示的功率解答：解：电源的总功率P=EI，C点表示I=3A，P=9W，则电源的电动势E=3V由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P=I2r，代入解得，r=1，所以AB段表示的功率为PAB=EII2r=32221（W）=2W根据闭合电路欧姆定律，有，解得：R=0.5故选A点评：本题关键在：（1）理解电源的总功率P总随电流I变化的图象与电源内部热功率Pr随电流I变化的图象的涵义；（2）分清三种功率及其关系：电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P
19、热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P总=P外+P热8如图所示，电路中电源的电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，当滑动变阻器R的滑动片P向右移动的过程中，三盏规格相同的小灯泡L1、L2、L3的亮度变化情况是( )A灯L1、L2变亮，灯L3变暗B灯L2、L3变亮，灯L1变暗C灯L1、L3变亮，灯L2变暗D灯L1变亮，灯L2、L3变暗考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：首先认识电路的结构：变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联灯L1的电压等于路端电压将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定
20、律分析干路电流的变化和路端电压的变化，确定灯L1亮度的变化由干路电流和L1电流的变化，来确定灯L2电流的变化，分析其亮度的变化根据灯L3的电压变化分析亮度的变化解答：解：图中变阻器与灯L3并联后与灯L2串联，再与灯L1并联灯L1的电压等于路端电压将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知：干路电流I减小，路端电压增大，则灯L1变亮流过灯L2电流I2=II1，I减小，I1增大，则I2减小，灯L2变暗灯L3的电压U3=UU2，U增大，U2减小，U3增大，L3灯变亮故C正确故选：C点评：本题是电路中动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，
21、再按照“局部整体局部”顺序进行分析9有A，B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断( )A电阻A的阻值小于电阻BB电阻A的阻值大于电阻BC电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D导体A，B的伏安特性曲线的斜率表示导体的电阻考点：欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，根据斜率的大小可以判断AB电阻的大小；根据电阻的大小，再由欧姆定律可以判断流过电阻的电流的大小解答：解：A、在伏安特性曲线中直线的斜率表示的是电阻的倒数，从图中可得A的斜率大，所以A的电阻小，所以A正确，BD错误；C、由于A的电阻小，所以当电压相同的时候，流过电阻A的电流强度较大，
22、所以C正确；故选：AC点评：本题就是考察学生对于伏安特性曲线的理解，在做题时一定要区分开UI图象和IU图象，不同的图象中的直线的斜率的含义不同10两定值电阻R1、R2串联后接在电压恒为10V的两点间，某同学把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端，电压表读数为5V，他又把该电压表改接在R2的两端，则电压表的示数( )A可能为6VB可能为3VC可能为4VD一定为5V考点：把电流表改装成电压表 专题：实验题；恒定电流专题分析：电压表内阻不是远大于R1、R2，电压表接在电阻两端后电阻减小，根据串联电路的特点，分析把该电压表改接在R2的两端后电压表的示数范围，再进行选择解答：解：据题，电压表
23、接在R1两端，电压表读数为5V，电路的总电压为10V，则此时R2的两端电压为5V，当把该电压表改接在R2的两端后，并联部分电阻减小，R1分担的电压大于5V，R2分担的电压小于5V，则电压表示数可能为3V，故BC正确故选：BC点评：本题中电压表不是理想的电表，内阻不是无穷大，相当于内阻很大的电阻，与待测电路并联时降低了原来的电阻11如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是( )A电流表示数变小，电压表示数变大B小电珠L变亮C电容器C上电荷量增大D电源的输出功率变大考点：闭合电路的欧姆定律
24、 专题：恒定电流专题分析：当滑动变阻器滑片P向左移动时，分析变阻器接入电路电阻的变化，确定外电路总电阻的变化，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，判断两电表读数的变化和小电珠亮度的变化由欧姆定律分析电容器电压的变化，确定其电荷量的变化根据结论：电源的内外电阻相等时，输出功率最大，分析输出功率的变化解答：解：A、B、C、当滑动变阻器滑片P向左移动时，其接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知总电流减小，路端电压增大所以电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠L变暗电容器的电压 U=EI（RL+r），I减小，其它量不变，则U增大，由Q=CU可知电容器C上电荷量Q增加故AC正确，B
25、错误D、由于电源的内电阻与外电路总电阻的关系不能确定，所以不能判断电源的输出功率怎样变化故D错误故选：AC点评：本题是电路的动态变化分析问题，按“部分整体部分”的思路进行分析分析电源的输出功率，可结合数学知识进行分析，也可以根据结论进行研究12如图所示，为某一电源的UI特性曲线，由图可知( )A电源电动势为2VB电源内电阻为C电源短路时电流为0.6AD电路路端电压为1V时，电路中电流为0.5A考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：本题的关键是明确UI图象中图象斜率和纵轴截距的物理意义，可首先写出U与I的函数表达式，然后根据斜率与截距的概念即可求出电动势和内电阻的值解答：解：A、B：
26、根据闭合电路欧姆定律可知U=EIr=rI+E，可见UI图象的纵轴截距即为电动势，图象斜率的绝对值即为电源的内电阻r，由图象可得E=2V，r=2，所以A正确B错误；C、显然短路电流=1A，所以C错误；D、由E=U+Ir可得，I=0.5A，所以D正确故选AD点评：明确处理物理图象的思路是首先根据物理规律写出有关表示纵轴与横轴物理量的表达式，然后借助函数的概念明确斜率和截距的含义，求解即可二、实验题：（共22分）13某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一薄的金属圆片的直径和厚度，读出图中的示数，该金属圆片的直径的测量值为1.240cm，厚度的测量值为1.8691.871mm考点：刻度尺、游标卡尺的使
27、用；螺旋测微器的使用 专题：实验题分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为：1.2cm=12mm，游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为80.05mm=0.40mm，所以最终读数为：12mm+0.40mm=12.40mm=1.240cm2、螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为37.00.01mm=0.370mm，所以最终读数为1.5mm+0.370mm=1.870mm，由于需要估读，最后的结果可以在1.8691.871之间故答案
28、为：1.240，1.8691.871点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量14（1）用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十k的电阻Rx，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上cabea将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔b将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔c旋转S使其尖端对准欧姆挡1kd旋转S使其尖端对准欧姆挡100e旋转S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔（2）如图为一正在测量中的多用电表表盘（1）中测
29、量电阻Rx的指针位置如图所示，则阻值约为30k如果是用直流10mA挡测量电流，则读数为3.4 mA如果是用直流5V档测量电压，则读数为1.70V考点：用多用电表测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：（1）使用多用电表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针表盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上（2）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；根据多用电表所测量的两与量程，由图示表盘确定其分度值，然后读出其示数解答：解：（1）用欧姆表测阻值约为几十千欧的电阻，应旋转选择开关S使其尖端对准欧姆挡1k，然后进行欧姆调零，欧姆调零后测电阻
30、阻值，具体做法是：将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的0刻度，断开两表笔；欧姆表使用完毕，应旋转选择开关S使其尖端对准交流500V挡，并拔出两表笔，故合理的实验步骤是：cabe（2）选择开关对准欧姆挡1k，由图示表盘可知，阻值约为301k=30k如果是用直流10mA挡测量电流，由图示表盘可知，求分度值为0.2mA，读数为3.4mA如果是用直流5V档测量电压，由图示表盘可知，其分度值为0.1V，读数为1.70V故答案为：（1）cabe；（2）30k；3.4；1.70点评：（1）要掌握使用多用电表测电阻的实验步骤，要掌握欧姆表的使用方法；使用多用电表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指针表
31、盘中央刻度线附近，欧姆表换挡后要进行欧姆调零，多用电表使用完毕，要把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡上（2）对多用电表读数，要先根据选择开关位置确定其所测量的量与量程，然后根据表盘确定其分度值，根据指针位置读出其示数，读数时视线要与电表刻度线垂直三、选择题（共1小题，每小题0分，满分0分）15下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是( )A测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量B测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果C测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开D测量阻值不同的电阻时都必须重新调零考点：用多用电表测电阻 专题
32、：实验题分析：用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使欧姆表指针指在刻度盘中央刻度线附近；测电阻时应把待测电阻与其它电路断开；欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零解答：解：A、测量电阻时如果指针偏转过大，所选挡位太大，应换小挡，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量，故A正确；B、测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果，故B错误；C、测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与电路断开，故C正确；D、用同一挡位测量阻值不同的电阻时不必重新调零，换挡后要重新进行欧姆调零，故D错误；故选：AC点评：本题考查了欧姆表的使用方法，特别注意是每次换挡都要重新调零四、解答题（共1小题，满分
33、10分）16欲用伏安法测定一段阻值约为5左右的金属导线的电阻，要求测量结果尽量准确，现备有以下器材：A电池组（3V，内阻1）B电流表（03A，内阻0.0125）C电流表（00.6A，内阻0.125）D电压表（03V，内阻3k）E电压表（015V，内阻15k）F滑动变阻器（020，额定电流1A）G滑动变阻器（02 000，额定电流0.3A）H开关、导线（1）上述器材中应选用的是A、C、D、F、H；（填写各器材的字母代号）（2）实验电路应采用电流表外接法；（填“内”或“外”）（3）若在上述实验中，电流表的示数为I，电压表的示数为U，且电流表内阻RA、电压表内阻RV均为已知量，用测量量和电表内阻计算
34、金属丝电阻的表达式Rx=（4）为使通过待测金属导线的电流能在00.5A范围内改变，请按要求画出测量待测金属导线的电阻Rx的原理电路图考点：伏安法测电阻 专题：实验题；恒定电流专题分析：待测电阻较大时，采用内接法，较小采用外接法；由于滑动变阻器小于待测电阻阻值，因此采用分压接法；根据电路的串并联知识，利用欧姆定律可正确解答解答：解：（1）因电池组的电动势为3V，且所测电阻约为5，则电路中最大电流，有：I=A=0.6A；所以选取电流表C，电压表D；因要求测量结果尽量准确，则选用滑动变阻器的分压式，滑动变阻器：020，故选用F，（2）待测电阻较小，故采用外接法；（3）根据原理图，可知流过待测电阻的电
35、流为：I1=I根据欧姆定律解得：Rx=（4）由于要求测量结果尽量准确，因此采用分压接法，具体原理图如下所示：故答案为：（1）A、C、D、F、H，（2）外，（3）（4）电路图在方框内点评：正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果三、论述、计算题（本题共3小题，共30分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17如图所示，电源的电动势为50V，电源内阻为1.0，定值电阻R=14，M为直流电动机，电枢电阻R=2.0，电动机正常运转时，电压表读数为3
36、5V，求在100s时间内电源做的功和电动机上转化为机械能的部分是多少？考点：闭合电路的欧姆定律；闭合电路中的能量转化 专题：恒定电流专题分析：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的电动机上转化为机械能的部等于电源总功减去内阻消耗的能量解答：解：内阻和电阻R上的电压为 U=EUV=（5035）V=15V由欧姆定律得电路电流为 在100s内电源做的功 W=IEt=150100J=5.0103J在100s内电动机
37、转化为机械能的部分有答：100s时间内电源做的功为5.0103J，电动机上转化为机械能的部分是3.3103J点评：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的18如图所示电路，电压U恒定，R1=R2=R3，当S断开时，处在水平放置的平行板电容器极板间的微粒恰好处于平衡状态当开关S闭合后，带电微粒的加速度是多大？方向如何？考点：闭合电路的欧姆定律；电容 专题：恒定电流专题分析：根据开关断开前后，通过对电路的分析来确定电容器两端的电压值，再根据受力分析，结合牛顿第二定律，即可求解解答：解：平衡时有mg=q当S闭合后，R2直接与电容器串联，
38、可视作短路导线，电容器上的电压即为R3上的电压， 因此电容器上的电压Uc= 带电粒子受到的电场力为：所以粒子所受的合力为F=mg=mg=加速度a=方向与重力方向一致，即竖直向下答：带电微粒的加速度是方向与重力方向一致，即竖直向下点评：考查开关通断时，电路图的电阻的连接方式，掌握电容器的电压变化，理解牛顿第二定律的应用19如图甲所示电路，当变阻器的滑动片从一端滑到另一端的过程中两电压表的读数随电流表读数的变化情况如图乙中的AC、BC两直线所示，不考虑电表对电路的影响求：（1）电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为乙图象中哪一条直线？（2）定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为多少？（
39、3）试求出电源的电动势和内阻考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，来判断两个电压表的示数对应的图线（2）定值电阻R0等于图线AC的斜率大小由数学知识求出图线的斜率求解R0当滑动变阻器取最大值时，电流最小，由图读出电流的最小值，由欧姆定律求出变阻器的总电阻R（3）图线BC反映路端电压与电流的关系，其斜率大小等于电源的内阻，由数学知识求出电源的内阻再闭合电路欧姆定律求出电源的电动势解答：解：（1）当变阻器的滑动片向左移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，定值电阻R0的电压增大，路端电压减小，由图分析可得V1对应BC、V2对应AC （2）由题意得：U2=IR0，则当滑动变阻器取最大值时，电流最小Imin=0.5A，而UR=U1U2=7.51.5=6V所以 （3）因为U1=EIr，则内阻所以E=U1+Ir=7.5+0.51=8V答：（1）电压表V1、V2的示数随电流表示数的变化图象应分别为UI图象中：V1对应BC、V2对应AC （2）定值电阻R0、变阻器的总电阻R分别为3和12 （3）电源的电动势8V，内阻为1点评：本题考查对物理图象的理解能力，可以把本题看成动态分析问题，来选择两电表示对应的图线