1、高二年级4月月考化学试卷可能用到的相对原子质量：C:12 H:1 O:16 Cl:35.5 Na:23第卷（非选择题，共55分）一. 选择题（本题包括20小题，每小题2分，共40分。每小题只有一个选项符合题意。）1.当前，我国急待解决的“白色污染”通常是指（）A. 冶炼厂的白色烟尘B. 石灰窑的白色粉末C. 聚乙烯等塑料垃圾D. 白色建筑材料【答案】C【解析】【详解】白色污染是指难以降解的塑料制品对环境造成的污染；答案选C。2.下列有机物中，属于烃的衍生物且含有两种官能团的是( )A. CH3ClB. CH3CH2OHC. CH2=CHBrD. CH2=CH-CH=CH-CH3【答案】C【解析
2、】【详解】ACH3Cl的官能团为-Cl，只有一种官能团，A错误；B. CH3CH2OH的官能团为-OH，只有一种官能团，B错误；C. CH2=CHBr的官能团为碳碳双键和-Br，含有两种官能团，C正确；D. CH2=CH-CH=CH-CH3的官能团为碳碳双键，只有一种官能团，D错误；故选C。3.居室空气污染的主要来源之一是人们使用的装饰材料，胶合板、内墙涂料会释放出一种刺激性气味的气体，该气体是（ ）A. 甲烷B. 甲醛C. 氨气D. 二氧化硫【答案】B【解析】【分析】家居类装修材料中刺激性气体主要为甲醛气体。【详解】A甲烷无色无味，不符合题意，A错误； B甲醛是刺激性气味气体，有毒，在家居领
3、域尤为常见，B正确；C氨气为刺激性气味，常出现于化肥，不属于空气污染物，C错误；D二氧化硫为刺激性气味，有毒，但在家居等装修材料中不常出现，D错误。答案为B。4.下列四种烃的名称所表示的物质，命名正确的是A. 2-甲基-2-丁炔B. 2-乙基丙烷C. 3-甲基-2-丁烯D. 2-甲基-2-丁烯【答案】D【解析】【详解】烷烃的命名原则是：找出最长的碳链当主链，依碳数命名主链，前十个以天干(甲、乙、丙.)代表碳数，碳数多于十个时，以中文数字命名，如：十一烷；从最近的取代基位置编号：1、2、3.(使取代基的位置数字越小越好)。以数字代表取代基的位置。数字与中文数字之间以 隔开；有多个取代基时，以取代
4、基数字最小且最长的碳链当主链，并依甲基、乙基、丙基的顺序列出所有取代基；有两个以上的取代基相同时，在取代基前面加入中文数字：一、二、三.，如：二甲基，其位置以 , 隔开，一起列于取代基前面。如果含有官能团，则含有官能团的最长碳链作主链，编号也是从离官能团最近的一端开始，据此可知选项D正确。A中物质不存在，B应该是2甲基丁烷，C应该是2甲基2丁烯，答案选D。5.下列分子式只能表示一种物质的是（ ）A. C3H7ClB. CH2Cl2C. C2H6OD. C2H4O2【答案】B【解析】【详解】AC3H7Cl存在2种同分异构体：CH3CH2CH2Cl，CH3CHClCH3，所以不能只表示一种物质，故
5、A错误；BCH2Cl2只有一种结构，不存在同分异构体，所以能只表示二氯甲烷一种物质，故B正确；C. C2H6O存在2种同分异构体：CH3CH2OH，CH3OCH3，所以不能只表示一种物质，故C错误；D. C2H4O2可以存在多种同分异构体，如CH3COOH，HCOOCH3和HOCH2CHO，所以不能只表示一种物质，故D错误；故选B。【点睛】同分异构体是分子式相同，但结构不同的化合物，根据是否存在同分异构体判断正误是解答关键。6.下列有关有机物的说法中正确的是（ ）A. 凡是含碳元素的化合物都属于有机物B. 易溶于汽油、酒精、苯等有机溶剂中的物质，一定是有机物C. 所有的有机物都很容易燃烧D.
6、大多数有机物的熔沸点比较低【答案】D【解析】【详解】A含碳元素的化合物不一定属于有机物，如碳的氧化物、碳酸盐、碳酸等虽含碳，但性质上与无机物类似，不是有机物，故A错误；B易溶于酒精、汽油、苯等有机溶剂的物质不一定是有机化合物，如溴单质在这些溶剂中的溶解度也比在水中的大，故B错误；C有机物不一定容易燃烧，如四氯化碳不能燃烧，可以做高效灭火剂，故C错误；D. 大多数有机物是共价化合物，属于分子晶体，熔沸点比较低，故D正确；故选D。【点睛】含有碳元素的化合物叫有机化合物，简称有机物，但碳的氧化物、碳酸盐、碳酸虽含碳也是，但其性质与无机物类似，因此把它们看作无机物。7.已知某有机物A的红外光谱和核磁共
7、振氢谱如图所示，下列说法中错误的是（ ）A. 由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键B. 由核磁共振氢谱可知，该有机物分子中有三种不同化学环境的氢原子C. 仅由其核磁共振氢谱无法得知其分子中的氢原子总数D. 若A的化学式为C2H6O，则其结构简式为CH3OCH3【答案】D【解析】【分析】根据有机物A的红外光谱和核磁共振氢谱可知，有机物A含C-H、H-O和C-O键，有3种不同化学环境的H。可在此认识基础上对各选项作出判断。【详解】A. 由红外光谱可知，该有机物中至少有三种不同的化学键：C-H、H-O和C-O键，A选项正确；B. 有机物A的核磁共振氢谱中有三个不同的峰，表示该有机物分子中
8、有三种不同化学环境的氢原子，B选项正确；C. 仅由其核磁共振氢谱无法得知其1个分子中的氢原子总数，C选项正确；D. 根据分析，有机物A有三种H，而CH3OCH3只有一种H，C2H6O应为CH3OH，D选项错误；答案选D。8.某单烯烃氢化后得到的饱和烃如下： ，该单烯烃可能的结构有A. 1种B. 2种C. 3种D. 4种【答案】C【解析】【详解】根据烯烃与H2加成反应的原理，推知该烷烃分子中相邻碳原子上均含氢原子的碳原子间是对应烯烃存在C=C的位置，该烷烃的碳链结构为，能形成双键位置有3个，该烯烃共有3种；故选C。9.已知分子式为C12H12的物质A结构简式为，A苯环上的二溴代物有9种同分异构体
9、，由此推断A苯环上的四溴代物的异构体的数目有（ ）种A. 9B. 10C. 11D. 12【答案】A【解析】【详解】苯环上的四溴代物可以看作苯环六溴代物其中2个溴原子被2个H原子取代，故四溴代物与二溴代物同分异构体数目相同，由于二溴代物有9种同分异构体，故四溴代物的同分异构体数目也为9种，故选A。【点睛】注意换元法的利用，芳香烃的苯环上有多少种可被取代的氢原子，就有多少种取代产物，若有n个可被取代的氢原子，那么m个取代基（mn）的取代产物与（n-m）个取代基的取代产物的种数相同。10.分子式为C8H16O2的有机物A，它能在酸性条件下水解生成B和C，且B在一定条件下能转化成C。则有机物A的可能
10、结构有（ ）A. 1种B. 2种C. 3种D. 4种【答案】B【解析】【详解】根据有机物A的分子式和化学性质可知A属于酯类，水解可以生成相应的酸和醇，因为B在一定条件下能转化成C，则B属于二氢醇，C属于羧酸，且二者含有相同的碳原子数，由醇中只有连接羟基的碳原子至少有2个氢原子时才能才能氧化生成羧酸可知含有4个碳原子的醇有2种，分别为CH3CH2CH2CH2OH和(CH3)2CHCH2OH，故有机物A的可能结构也有2种，故选B。【点睛】根据题意可知A为酯类，因为B在一定条件下能转化成C，所以B是醇，C是酸，且B、C含有4个碳原子，因此只考虑B的结构即可，能氧化成酸的4个碳原子的醇有两种。11.甲
11、醛、乙酸和丙醛组成的混合物中，氧元素的质量分数是37%，则碳元素的质量分数为A. 54%B. 28%C. 27%D. 无法计算【答案】A【解析】在该混合物中，只有C、H、O三种元素，氧元素质量分数为37%，则碳元素和氢元素总的质量分数为1-37%=63%，在甲醛（HCHO）、乙酸（CH3COOH）和丙醛（CH3CH2CHO）混合物中，碳原子与氢原子个数之比为1：2，则碳元素与氢元素的质量之比为12：2=6：1，所以碳元素的质量分数为63%=54%，故答案选A。12.下图表示4-溴-1-环己醇所发生的4个不同反应。产物只含有一种官能团的反应是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】反应
12、：卤代烃在氢氧化钠醇溶液中发生发生消去反应，而醇不能，则反应的产物中含有的官能团有碳碳双键、羟基两种，反应：卤代烃在氢氧化钠的水溶液中发生水解反应，卤素原子被羟基取代，则反应的产物中含有的官能团只有羟基一种；反应：醇与浓HBr发生取代反应，则反应的产物中含有的官能团只有-Br一种；反应：在浓硫酸作用下，醇能发生消去反应(或成醚反应)，而卤代烃不能，则反应的产物中含有的官能团有碳碳双键(或醚键)、-Br两种；综上符合题意，故选A。13.下列实验能达到预期目的是A. 向淀粉溶液中加入稀硫酸加热后，再用NaOH中和，并做银镜反应实验检验淀粉是否水解B. 向甲酸和甲醛的混合物中加入氢氧化钠溶液，中和甲
13、酸后，加入新制的氢氧化铜加热：检验混合物中是否含有甲醛C. 向米汤中加入含碘的食盐，观察是否有颜色的变化检验含碘食盐中是否含碘酸钾D. 向乙酸乙酯加入氢氧化钠溶液再蒸馏提纯乙酸乙酯【答案】A【解析】【详解】A淀粉水解后显酸性，检验葡萄糖在碱性条件下，则水解后用NaOH中和，并做银镜反应实验可检验淀粉是否水解，选项A正确；B中和甲酸后，生成的甲酸钠中含-CHO，加入新制的氢氧化铜加热会生成砖红色沉淀，不能检验混合物中是否含有甲醛，选项B错误；C淀粉遇碘单质变蓝，而食盐中加碘酸钾，不是碘单质，则不能检验含碘食盐中是否含碘酸钾，选项B错误；D乙酸乙酯加入氢氧化钠溶液发生水解，应加饱和碳酸钠溶液然后分
14、液来提纯，选项D错误。答案选A。【点睛】本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，涉及淀粉水解实验、醛的性质及的碘性质、混合物分离提纯等，把握实验原理及物质的性质为解答的关键，注意方案的操作性、评价性分析。14.中草药秦皮中含有的七叶树内酯（每个折点表示一个碳原子，氢原子未画出），具有抗菌作用。若1 mol七叶树内酯分别与浓溴水和NaOH溶液完全反应，则消耗的Br2和NaOH的物质的量分别为（ ）A. 2mol Br2、3mol NaOH B. 3mol Br2、3mol NaOHC. 3mol Br2、4mol NaOHD. 4mol Br2、4mol NaOH【答案】C【解析】【详解】1 m
15、ol七叶树内酯与溴的反应：酚羟其的邻位上各取代一个溴，需要耗2 mol Br2，碳碳双键加成需1 mol Br2；1 mol七叶树内酯与NaOH溶液的反应：两个酚羟基耗2 mol NaOH，酯基碱性水解耗2 mol NaOH（这是一个由酚羟基形成的酯基）。故总消耗3molBr2，4molNaOH。答案选C15.下列叙述正确的是（ ）A. 和分子组成相差一个CH2，因此是同系物关系B. 和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C. 分子式为C4H8的有机物可能存在4个CC单键D. 分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C-H键和C-O键的振动吸收，由此可以初步推测有机物结构简式一定为C2H5-O
16、H【答案】C【解析】【详解】A、前者为酚，后者为醇，不是同系物关系，故A错误；B、硝基苯不属于芳香烃，故B错误；C、该物质可能是环丁烷，含有碳碳单键，故C正确；D、该有机物可能是乙醇或二甲醚，故D错误。16.有机物分子中基团间的相互影响会导致化学性质的不同。下列叙述不能说明上述观点的是A. 甲苯与硝酸作用可得到2，4，6-三硝基甲苯，而苯与硝酸作用得到硝基苯B. 甲苯可以是高锰酸钾溶液退色，而甲烷不能C. 乙烯可发生加成反应，而乙烷不能D. 苯酚能与NaOH溶液反应，而乙醇不能【答案】C【解析】【详解】A甲苯分子中，由于甲基对苯环的影响，导致苯环上的氢原子变得比较活泼，甲苯能够与硝酸作用可得到
17、2，4，6-三硝基甲苯，而苯与硝酸作用得到硝基苯，说明了有机物分子中基团间的相互影响会导致化学性质不同，错误；B由于苯环的影响，甲苯可以是高锰酸钾溶液退色，而甲烷不能，是由于有机物分子中基团间的相互影响会导致化学性质不同，错误；C乙烯分子中含有碳碳双键，所以能够发生加成反应，不能说明有机物分子中基团间的相互影响会导致化学性质不同，正确；D受苯环的影响，苯酚中的羟基氢原子变得比较活泼，所以苯酚能与NaOH溶液反应，而乙醇不能，是有机物分子中基团间的相互影响会导致化学性质不同，错误；故选C。【点睛】本题考查了有机物结构与性质的关系，题目难度中等，注意明确有机物结构决定其化学性质，要求学生熟悉常见的
18、官能团类型及具有的化学性质。类比推理是学习和研究化学物质及其变化的一种常用的科学思维方法。由于物质的结构决定性质、性质决定用途，结构相似的物质往往具有相似的物理、化学性质。所以，依据事先设定好的“标准”将物质进行合理分类，对掌握物质的结构、通性等化学知识起着事半功倍的作用。但由于各种物质组成和结构具有一定的差异性，运用类推法时一定不能完全照搬。17.下列关于有机物的说法中，正确的一组是（ ）淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应“乙醇汽油”是在汽油中加入适量乙醇而制成的一种燃料，它是一种新型化合物除去乙酸乙酯中残留的乙酸，加过量饱和碳酸钠溶液振荡后，静置分液石油的分馏和煤的气化都是发生
19、了化学变化淀粉遇碘酒变蓝色，葡萄糖能与新制Cu(OH)2发生反应A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】淀粉在无机酸催化作用下发生水解，生成葡萄糖；油脂在酸性条件下水解为甘油和高级脂肪酸，在碱性条件下水解为甘油和高级脂肪酸盐，蛋白质水解最后得到多种氨基酸，所以淀粉、油脂、蛋白质在一定条件下都能发生水解反应，故正确；乙醇汽油是一种由粮食及各种植物纤维加工成的燃料乙醇和普通汽油按一定比例混配形成的新型替代能源，所以是混合物，故错误；乙酸乙酯不溶于饱和碳酸钠，乙酸的酸性比碳酸强，能与碳酸钠反应生成二氧化碳而被吸收，然后分液可得到纯净的乙酸乙酯，故正确；石油的分馏没有新物质生成，属于物理变化
20、，煤的干馏有新物质生成属于化学变化，故错误；碘遇淀粉变蓝色是碘的特性，葡萄糖含有醛基能和新制得的氢氧化铜反应，故正确；正确，故选C。18.下列各组中的反应，属于同一反应类型的是A. 由溴乙烷水解制乙醇；由葡萄糖发酵制乙醇B. 由甲苯硝化制对硝基甲苯；由甲苯氧化制苯甲酸C. 由氯代环己烷消去制环己烯；由丙烯加溴制1,2-二溴丙烷D. 油脂皂化；蛋白质水解制氨基酸【答案】D【解析】【详解】A由溴乙烷水解制乙醇，该反应为取代反应；由葡萄糖发酵制乙醇，该反应为氧化还原反应，两个反应的反应类型不同，故A错误；B由甲苯硝化制对硝基甲苯，该反应为取代反应；由甲苯氧化制苯甲酸，发生了氧化反应，两个反应的反应类
21、型不同，故B错误；C由氯代环己烷消去制环己烯，属于消去反应；由丙烯加溴制1，2-二溴丙烷，发生了加成反应，两反应的类型不同，故C错误；D油脂皂化、蛋白质水解制氨基酸，都属于取代反应，故D正确。答案选D。【点睛】本题考查了有机反应的类型的判断，注意正确常见有机物的结构与性质，明确有机反应类型及判断方法。消去反应是指在一定条件下，有机物脱去小分子生成含有不饱和的有机物的反应；加成反应：有机物分子中的双键或叁键发生断裂，加进（结合）其它原子或原子团的反应叫加成反应；取代反应：有机物分子里的原子或原子团被其他原子或原子团代替的反应；氧化反应：有机反应中得氧或失氢的反应为氧化反应。19.下列叙述中正确的
22、是A. 聚乙烯、植物油都是混合物，都能使溴的四氯化碳溶液褪色B. 向氯乙烷中加入硝酸银溶液，可以鉴定其中的氯原子C. 将等体积的苯、汽油和水在试管中充分振荡后静置，现象如图所示：D. 可用灼烧的方法鉴别蛋白质和纤维素【答案】D【解析】【详解】A聚乙烯、植物油都是混合物，但聚乙烯中不含碳碳双键，不能使溴的四氯化碳溶液褪色，而植物油含碳碳双键能使溴的四氯化碳溶液褪色，选项A错误；B氯乙烷中不含氯离子，与硝酸银溶液不反应，不能检验氯原子，选项B错误；C苯、汽油混溶，不分层，且密度均比水小，应与水分层后两层，而不是分成三层，选项C错误；D蛋白质灼烧有烧焦羽毛的气味，而纤维素没有，则可用灼烧的方法鉴别蛋
23、白质和纤维素，选项D正确。答案选D。20.由乙醇及必要的无机试剂合成乙二醇，其依次发生的反应类型为（ ）A. 取代，消去，加成B. 加成，消去，取代C. 消去，加成，取代D. 取代，加成，消去【答案】C【解析】【详解】由逆合成法可知，由乙醇及必要的无机试剂合成乙二醇的路线为CH3CH2OH在浓硫酸作用下共热发生消去反应生成CH2=CH2，CH2=CH2与溴水发生加成反应生成BrCH2CH2Br，BrCH2CH2Br在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成HOCH2CH2OH，依次发生的反应类型为消去反应、加成反应、取代反应，故选C。【点睛】由逆合成法可知，由乙醇及必要的无机试剂合成乙二醇的路线为C
24、H2OHCH2OHCH2BrCH2BCH2=CH2CH3CH2OH是解答关键。二、选择题（本题包括5小题，每小题3分，共15分。每小题有一个或两个选项符合题意，少选得1分。）21.利用下图所示的有机物X可生产S诱抗素Y（手性碳原子是指连接有四个不同的原子或原子团的碳原子）。下列法正确的是（ ）。A. X可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应，并能与盐酸反应生成有机盐B. Y既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色C. 1mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗4mol NaOH。D. X结构中有2个手性碳原子【答案】A【解析】A、X中含有羰基、碳碳双键、羧基、醇羟基
25、、肽键、酯基、酚羟基、氨基，具有酮、烯烃、羧酸、醇、二肽、酯、酚、胺的性质，所以能发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应，并能与盐酸反应生成有机盐，选项A正确；B、Y中含有碳碳双键，所以能被酸性高锰酸钾溶液氧化，但不含酚羟基，所以不能和氯化铁溶液发生显色反应，选项B错误；C、羧基、酯基水解生成的羧基和酚羟基、原分子中的酚羟基、二肽水解生成的羧基都能和氢氧化钠溶液反应，所以1mol X与足量NaOH溶液反应，最多消耗5mol NaOH，选项C错误；D、连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，则X中只有与OH相连的C为手性碳原子，选项D错误。答案选A。点睛：本题考查有机物的官能团及其性质，注意
26、有机物的结构和性质的关系，熟悉常见的官能团及醇、烯烃、羧酸、酯的性质即可解答，选项D手性碳原子的考查是本题的难点。22.正丙醇蒸气与空气混合通过热铜网，生成一种化合物，与该化合物互为同分异构体的是( )A CH3CH2OCH3B. C. D. CH3COOCH3【答案】C【解析】【分析】根据正丙醇蒸气与空气混合通过热铜网，生成一种化合物CH3CH2CHO，再利用分子式相同但结构不同来判断与选项互为同分异构体。【详解】正丙醇蒸气与空气混合通过热铜网，生成一种化合物CH3CH2CHO；ACH3CH2OCH3与CH3CH2CHO分子式不相同，不属于同分异构体，故A错误；B与CH3CH2CHO的分子式
27、不同，不属于同分异构体，故B错误；C与CH3CH2CHO的分子式相同，结构不同，属于同分异构体，故C正确；DCH3COOCH3与CH3CH2CHO的分子式不相同，不属于同分异构体，故D错误；故答案为C。23.丙烯酸的结构简式为CH2=CHCOOH，对其性质的描述不正确的是（ ）A. 能与金属钠反应放出氢气B. 能与新制氢氧化铜反应C. 能发生加聚反应生成高分子化合物D. 能与溴水发生取代反应而使溴水褪色【答案】D【解析】【分析】丙烯酸含有的官能团为碳碳双键、羧基；【详解】碳碳双键能发生加成、加聚反应；羧基显酸性，则丙烯酸与溴水发生加成反应，答案为D【点睛】根据官能团的性质确定有机物的性质为学习
28、有机的关键。24.描述CH3CHCHCCCF3分子结构的下列叙述中，正确的是A. 6个碳原子有可能都在一条直线上B. 6个碳原子不可能都在一条直线上C. 6个碳原子有可能都在同一平面上D. 6个碳原子不可能都在同一平面上【答案】B【解析】分子中碳链空间结构为平面型，如图所示乙炔为直线型结构，-CC-决定了3、4、5、6号4个碳原子在同一直线上，2、3、4号3个C有健角接近120度.所以6个碳原子不可能都在一条直线上，故A错误，B正确；乙烯为平面型结构，决定1、2、3、4号4个碳原子在同一平面内，而3、4、5、6号4个碳原子在同一直线上，3、4号两个C原子已经在平面上，因此这条直线在这个平面上，
29、6个C原子一定共面，故C错误，D错误。25.两种气态烃组成的混合气体0.1mol，完全燃烧得0.16mol CO2和3.6g H2O,下列说法正确的是（ ）A. 混合气体中一定有甲烷；B. 混合气体一定是甲烷和乙烯；C. 混合气体中一定没有乙炔；D. 混合气体中一定有乙炔.【答案】AC【解析】【详解】3.6g H2O的物质的量为= =0.2mol，即0.1mol混合烃完全燃烧生成0.16molCO2和0.2molH2O，根据元素守恒，混合烃的平均分子式为C1.6H4，烃中C原子数小于1.6的只有CH4，则混合气体中一定含有CH4，由于CH4分子中含4个H原子，则另一种烃分子中一定含4个H原子，
30、且其C原子数大于1.6，故可能是C2H4或C3H4，故选AC。【点睛】由于氢原子平均为4，则另一种烃分子中一定含4个H原子，可能为C2H4或C3H4，但是不一定含有乙烯。第II卷（非选择题，共45分）三、填空26.写出化学反应方程式（1）苯酚钠溶液中通入CO2_（2）丙醛发生银镜反应_（3）2-甲基-1,3-丁二烯与等物质的量的溴在60时发生1,4-加成的反应_（4）制备酚醛树脂_（5）乙二醇和乙二酸脱水成环酯_【答案】 (1). (2). (3). CH2=C(CH3)-CH=CH2+Br2CH2Br-C(CH3)=CH-CH2Br (4). (5). 【解析】【分析】（1）苯酚钠与二氧化碳
31、反应生成苯酚和碳酸氢钠；（2）碱性条件下丙醛与银氨溶液水浴加热发生银镜反应生成丙酸铵、氨气、银和水；（3）2-甲基-1,3-丁二烯与等物质的量的溴在60时发生1,4-加成反应生成1，4-二溴-2-甲基-2-丁烯；（4）酚醛树脂是由苯酚和甲醛在催化剂条件下缩聚而成，反应机理是苯酚羟基邻位上的两个氢原子比较活泼，与甲醛醛基上的氧原子结合为水分子，其余部分连接起来成为高分子化合物；（5）乙二酸和乙二醇之间可以发生酯化反应生成乙二酸乙二醇酯。【详解】（1）碳酸的酸性比苯酚的酸性强，苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚和碳酸氢钠，反应的化学方程式为，故答案为：；（2）丙醛含有醛基，碱性条件下丙醛与银氨溶液水浴加
32、热发生银镜反应生成丙酸铵、氨气、银和水，反应的化学方程式为，故答案为：；（3）2-甲基-1,3-丁二烯与等物质的量的溴在60时发生1,4-加成反应生成1，4-二溴-2-甲基-2-丁烯，反应的化学方程式为CH2=C(CH3)-CH=CH2+Br2CH2Br-C(CH3)=CH-CH2Br，故答案为：CH2=C(CH3)-CH=CH2+Br2CH2Br-C(CH3)=CH-CH2Br；（4）苯酚羟基邻位上的两个氢原子比较活泼，与甲醛醛基上的氧原子结合为水分子，其余部分连接起来生成酚醛树脂，反应的化学方程式为：，故答案为：；（5）在浓硫酸做催化剂作用下，乙二酸和乙二醇共热发生酯化反应生成乙二酸乙二醇
33、酯和水，反应的化学方程式为：，故答案为：。四、实验题27.现有三种化合物如下：甲： 乙： 丙： 请分别写出鉴别甲、乙、丙三种化合物的方法（指明所选试剂及主要现象）鉴别甲的方法：_鉴别乙的方法：_ ；鉴别丙的方法_。【答案】 (1). 氯化铁溶液溶液呈紫色 (2). Na2CO3（或者NaHCO3）溶液有气泡产生 (3). 新制的氢氧化铜悬浊液加热产生砖红色沉淀【解析】【分析】甲分子的官能团有酯基和酚羟基，能与氯化铁溶液溶液发生显色反应，乙分子的官能团为羧基，能与Na2CO3（或者NaHCO3）溶液反应，丙分子的官能团为醛基和羟基，能与新制的氢氧化铜悬浊液反应。【详解】甲分子的官能团有酯基和酚羟
34、基，乙分子的官能团为羧基，丙分子的官能团为醛基和羟基，则与FeCl3溶液反应显紫色的是甲，与Na2CO3（或者NaHCO3）溶液反应有气泡生成的是乙，与新制的氢氧化铜悬浊液加热产生砖红色沉淀的是丙，故答案为：与氯化铁溶液溶液反应呈紫色；与Na2CO3（或者NaHCO3）溶液反应有气泡产生；与新制的氢氧化铜悬浊液加热产生砖红色沉淀。28.实验室制备1，2-二溴乙烷的反应原理如下：CH3CH2OHCH2= CH2 CH2=CH2+Br2Br2CH2CH2Br用少量的溴和足量的乙醇制备1,2二溴乙烷的装置如图所示：有关数据列表如下：乙醇1,2-二溴乙烷乙醚状态无色液体无色液体无色液体密度gcm-30
35、.792.20.71沸点78.513234.6熔点-l309-1l6回答下列问题：（1）在此制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170左右，其最主要目的是_；a引发反应 b加快反应速度 c防止乙醇挥发 d减少副产物乙醚生成（2）在装置C中应加入_，其目的是吸收反应中可能生成的酸性气体；a水 b浓硫酸 c氢氧化钠溶液 d饱和碳酸氢钠溶液（3）将1，2-二溴乙烷粗产品置于分液漏斗中加水，振荡后静置，产物应在_层（填“上”、“下”）；（4）若产物中有少量副产物乙醚可用_的方法除去。（5）下列关于装置的说法正确的是_；a图中仪器a的侧面导管有利于液体顺利滴落bB的长导管可防止反应出现堵塞情况cB
36、有防倒吸作用（6）以1，2二溴乙烷为原料，制备聚氯乙烯，为了提高原料利用率，有同学设计了如下流程：1，2二溴乙烷通过（ ）反应制得（ ），通过（ ）反应制得氯乙烯，由氯乙烯制得聚氯乙烯。_（填反应类型）_（填该物质的电子式）_（填反应类型）写出第一步的化学方程式_。【答案】 (1). d (2). c (3). 下 (4). 蒸馏 (5). abc (6). 消去反应 (7). (8). 加成反应 (9). 【解析】【分析】装置A是乙醇在浓硫酸的存在下在170脱水生成乙烯，浓硫酸的强氧化性、脱水性导致生成的乙烯气体中含有杂质二氧化硫、二氧化碳、水蒸气等杂质，通过装置B中长导管内液面上升或下降，
37、可以判断是否发生堵塞，调节装置内压强，B为安全瓶，可以防止倒吸，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，装置C是利用氢氧化钠溶液吸收杂质气体，溴在常温下，易挥发，乙烯与溴反应时放热，溴更易挥发，装置D冷却可避免溴的大量挥发，但1，2-二溴乙烷的凝固点9较低，不能过度冷却，否则会使产品凝固而堵塞导管，1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，所以加水振荡后静置，产物应在下层，分离得到产品。【详解】（1）在浓硫酸140的条件下，乙醇发生分子内脱水生成副产物乙醚，则制备实验中，要尽可能迅速地把反应温度提高到170左右，故答案为：d；（2）浓硫酸具有强氧化性，能将乙醇氧化成二氧化碳，自身
38、被还原成二氧化硫，二氧化碳、二氧化硫能和氢氧化钠溶液反应，则装置C中加入的氢氧化钠溶液吸收反应中可能生成的酸性气体，故答案为：c；（3）乙烯和溴水发生加成反应生成1，2-二溴乙烷，1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，故答案为：下；（4）1，2-二溴乙烷与乙醚的沸点不同，两者为互溶的有机物，应用蒸馏的方法将它们分离，故答案为：蒸馏；（5）a图中仪器a为恒压分液漏斗，能起到平衡气压，有利于液体顺利滴落的作用，故正确；b1，2-二溴乙烷熔点较低过度冷却会使其凝固而使气路堵塞，通过装置B中长导管内液面上升或下降，可以判断是否发生堵塞，调节装置内压强故正确；c装置B为安全瓶，可以防止
39、倒吸，故正确；abc正确，故答案为：abc；（6）由逆推法可知，以1，2二溴乙烷为原料制备聚氯乙烯的合成路线为1，2二溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中受热发生消去反应生成乙炔，在催化剂作用下，乙炔与氯化氢发生加成反应生成氯乙烯，在催化剂作用下，氯乙烯发生加聚反应生成聚氯乙烯；反应为1，2二溴乙烷在氢氧化钠醇溶液中受热发生消去反应生成乙炔，故答案为：消去反应；乙炔的分子式为C2H2，结构简式为HCCH，电子式为，故答案为：；反应为在催化剂作用下，乙炔与氯化氢发生加成反应生成氯乙烯，反应的化学方程式为，故答案为：加成反应；。【点睛】1，2-二溴乙烷的凝固点9较低，不能过度冷却，否则会使产品凝固而堵塞导管，
40、1，2-二溴乙烷和水不互溶，1，2-二溴乙烷密度比水大，所以加水振荡后静置，产物应在下层是分析解答关键。五、推断题（本题包括2小题，共17分）29.有以下一系列反应，最终产物为草酸。（1）已知B的相对分子质量比A的大79，请推测用字母代表的化合物的结构式：C是_，F是_。（2）写出EF的化学方程式_。【答案】 (1). CH2=CH2 (2). OHCCHO (3). +O2+2H2O【解析】【分析】由合成路线，逆推可知F被氧化生成乙二酸，则F是乙二醛，其结构简式为OHCCHO，E被氧化生成乙二醛，则E是乙二醇，其结构简式为CH2OHCH2OH，D和氢氧化钠水溶液发生取代反应生成乙二醇，C和溴
41、发生加成反应生成D，则D是溴代烃；光照条件下，A和溴发生取代反应生成B，B是溴代烃，B相对分子质量比A的大79，B发生消去反应生成C，C和溴发生加成反应生成D，则D的结构简式为CH2BrCH2Br，C的结构简式为：CH2=CH2，B的结构简式为CH3CH2Br，A的结构简式为CH3CH3。【详解】（1）由分析可知，C是乙烯，结构简式为CH2=CH2，F是乙二醛，结构简式为OHCCHO，故答案为：CH2=CH2；OHCCHO；（2）EF的反应为在铜做催化剂作用下，乙二醇与氧气共热发生催化氧化反应生成乙二醛，反应的化学方程式为+O2+2H2O，故答案为：+O2+2H2O。【点睛】由B的相对分子质量
42、比A的大79推断光照条件下，A和溴发生取代反应生成溴代烃B是推断的突破口，也是解答难点。30.某芳香烃A，分子式为C8H10 ；某烃类衍生物X，分子式为C15H14O3，能使FeCl3溶液显紫色；J分子内有两个互为对位的取代基。在一定条件下有如下的转化关系（无机物略去）：（1）属于芳香烃类的A的一种同分异构体（不包括A）中，在同一平面的原子最多有_个；（2）J中所含的含氧官能团的名称为_。（3）E与H反应的化学方程式是_；反应类型是_ 。（4）B、C的混合物在NaOH乙醇溶液中加热可以生成同一种有机物M，以M为单体合成的高分子化合物的名称是_（5）已知J有多种同分异构体，写出一种符合下列性质的
43、J的同分异构体的结构简式。与FeCl3溶液作用显紫色；与新制Cu(OH)2悬浊液作用产生红色沉淀；苯环上的一卤代物有2种。_【答案】 (1). 14 (2). （酚）羟基、羧基 (3). (4). 酯化反应（或取代反应） (5). 聚苯乙烯 (6). 【解析】【分析】由有机物转化关系可知芳香烃A的一氯代物有两种产物，则苯环上的取代基为乙基，而不是2个甲基，即A为乙苯；由F的氧化产物能与碳酸氢钠反应，F应为羧酸，E的氧化产物不能和新制的氢氧化铜反应，E应为酮，则B、C、D、E、F、G、H的结构简式依次为 、；X可以水解，说明X含有酯基，能使FeCl3溶液显紫色说明还还含有酚羟基，A中含有8个碳原
44、子，则E中也含有8个碳原子，由此可知I是含有7个碳原子的钠盐，钠盐酸化生成含有处于对位的酚羟基和羧基的J，X、I、J的结构简式依次为、。【详解】（1）芳香烃A为乙苯，乙苯的同分异构体为邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯，由于苯环上的所有原子共平面，结合三点共面的原则可知，邻二甲苯、间二甲苯和对二甲苯在同一平面的原子最多有14个，故答案为：14；（2）J的结构简式为，含氧官能团为（酚）羟基、羧基，故答案为：（酚）羟基、羧基；（3）E与H的反应为在浓硫酸作用下，和共热发生酯化反应生成和水，反应的化学方程式为；酯化反应；（4）和在NaOH乙醇溶液中加热发生消去反应生成苯乙烯，在催化剂作用下，苯乙烯发生加聚反应生成聚苯乙烯，故答案为：聚苯乙烯；（5）J是对羟基苯甲酸，则符合的J的同分异构体中含有酚羟基和醛基。若醛基与苯环直接相连，则分子中含有2个酚羟基，且苯环的一卤代物有2种，则羟基是对称的位置，醛基处于间位，结构简式为、；若醛基不与苯环直接相连，则该分子中含有HCOO-的结构，苯环上有2种一卤代物，则HCOO-与酚羟基处于对位的位置，结构简式为，故答案为：或或。