1、物理试题一选择题（共15小题，每小题4分，计60分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项符合题意，有的有多个选项符合题意。全部选对的得4分，选对不全的得2分，有选错或不答的得0分）1. 关于物理学的研究方法，以下说法错误的是A. 伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B. 卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了“放大法”C. 电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电荷量成反比D. 探究合力与分力的关系，用的是“等效替代”的方法【答案】C【解析】【详解】A伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法，即理想实验，故A正确，
2、不符合题意；B卡文迪许在利用扭秤实验装置测量万有引力常量时，应用了放大法，故B正确，不符合题意；C在定义电场强度时应用了比值法，因而电场强度与电场力和试探电荷的电量无关，故C错误，符合题意；D等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法“平均速度” “总电阻” “交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法，故D正确，不符合题意故选C。2.如图所示为一质点做直线运动的vt图象，下列说法正确的是()A. 在1822 s时间内，质点的位移为24 mB. 18 s时质点速度反向C. 整个过程中，E点处质点离
3、出发点最远D. 整个过程中，CE段的加速度最大【答案】D【解析】【分析】根据速度图象，分析质点的运动情况，确定什么时刻离出发点最远速度图线的斜率等于加速度，根据数学知识分析加速度的大小图线与坐标轴所围“面积”等于位移，图线在t轴上方，位移为正值，图线在t轴下方，位移为负值【详解】图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正位移，下方表示负位移，所以18s22s面积和为零，即位移为零，A错误；18s质点的速度仍为正，即仍朝着正方向运动，B错误；当正面积最大时，离出发点最远，即在20s时最远，C错误；图像的斜率表示加速度，故CE段的加速度最大，D正确3.如图所示，光滑的水平面上有一小车，以向
4、右的加速度a做匀加速运动，车内两物体A、B质量之比为21，A、B间用弹簧相连并放在光滑桌面上，B通过质量不计的轻绳与车相连，剪断轻绳的瞬间，A、B的加速度大小分别为()A. a、0B. a、aC. a、2aD. 0、2a【答案】C【解析】【详解】令物体B的质量为m，剪断轻绳前，弹簧弹力大小为F，绳子拉力大小为T，将A、B及弹簧看作整体，则有T3ma隔离物体A为研究对象，则有F2ma.剪断轻绳后，绳中拉力消失，弹簧弹力不变，所以物体A受力不变，加速度大小仍为a，而物体B所受合力为FmaB即aB2a.故选C。4.A、B两点相距8 m，一质点由A向B做直线运动，质点在A点的速度为vA，质点速度的二次
5、方v2与位移x之间的关系图象如图所示，则由图象可知()A. 质点做变加速运动，其加速度不断增大B. 质点做匀加速运动，其加速度大小4.0 m/s2C. 质点由A到B所经历的时间为2.0 sD. 质点由A到B所经历的时间为8.0 s【答案】C【解析】【详解】由v2v022ax得v22axv02，由此可知图线斜率为2a，故质点做匀加速运动，其加速度大小为2.0 m/s2；图线的纵截距vA24 m2s2，所以vA2 m/s，质点由A到B所经历的时间为2.0 s，选项C正确，ABD错误；故选C.5.如图，一小车上有一个固定的水平横杆，左边有一轻杆与竖直方向成角与横杆固定，下端连接一质量为m的小球横杆右
6、边用一根细线吊一相同的小球当小车沿水平面做加速运动时，细线保持与竖直方向的夹角为已知，则下列说法正确的是A. 小车一定向右做匀加速运动B. 轻杆对小球P的弹力沿轻杆方向C. 小球P受到的合力大小为D. 小球Q受到的合力大小为【答案】D【解析】【详解】D以小球Q为研究对象，受力分析如图所示，根据平行四边形定则可求合力：F=mgtan故D正确；A根据牛顿第二定律F=ma，可求加速度为a=gtan分析水平向右，故小车可能向右做加速运动，向左做减速运动，所以A错误；BC小球P受合外力，由牛顿第二定律得FP=ma=mgtan又因2 m)所需时间为多少？(sin 370.6，cos 370.8)【答案】（
7、1）0.5 （2）【解析】试题分析：（1）A恰好在水平地面上做匀速直线运动，滑动摩擦力等于推力，即f=F1=25N 解得：（2）先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：摩擦力（Fmg）cosf=ma；在垂直斜面方向上有：FN=（Fmg）sin；则f=（Fmg）sin解得：a=1m/s2解得t=2s考点：牛顿第二定律的综合应用19.如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以V0=2m/s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m已知斜面倾角=30o，物块
8、与斜面之间的动摩擦因数重力加速度g取10 m/s2.（1）求物块加速度大小及到达B点时速度的大小（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？【答案】（1）8m/s （2）30N【解析】试题分析：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有：联立解得；（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：垂直斜面方向：其中：联立解得：故当=30时，拉力F有最小值，为；考点：考查了牛顿第二定律与运动学公式的综合应用【名师点睛】连接牛顿第二定律与运动学公式的纽带就是加速度，所以在做这一类问题时，特别又是多过程问题时，先弄清楚每个过程中
9、的运动性质，根据牛顿第二定律求加速度然后根据加速度用运动学公式解题或者根据运动学公式求解加速度然后根据加速度利用牛顿第二定律求解力【此处有视频，请去附件查看】20.质量M4 kg、长2l4 m的木板放在光滑水平地面上，以木板中点为界，左边和右边的动摩擦因数不同一个质量为m1 kg的滑块(可视为质点)放在木板的左端，如图甲所示在t0时刻对滑块施加一个水平向右的恒力F，使滑块和木板均由静止开始运动，t12 s时滑块恰好到达木板中点，滑块运动的x1t图象如图乙所示取g10 m/s2.(1)求滑块与木板左边的动摩擦因数1和恒力F的大小(2)若滑块与木板右边的动摩擦因数20.1，2 s末撤去恒力F，则滑
10、块能否从木板上滑落下来？若能，求分离时滑块的速度大小若不能，则滑块将停在离木板右端多远处？【答案】(1) 6 N(2)不会，0.4 m【解析】【详解】(1)滑块和木板均做初速度为零的匀加速直线运动，设滑块的加速度大小为a1，木板的加速度大小为a2，则t12 s时木板的位移： 滑块的位移x14 m 由牛顿第二定律得： 由位移关系得x1x2l 联立式解得10.4 滑块位移： 恒力：Fma11mg 联立式解得F6 N.(2)设滑块到达木板中点时，滑块的速度为v1，木板的速度为v2，滑块滑过中点后做匀减速运动，木板继续做匀加速运动，此时滑块和木板的加速度大小分别为：设滑块与木板从t1时刻开始到速度相等时的运动时间为t2，则：v2a2t1v1a1t1v1a1t2v2a2t2解得t21.6 s，此时间内，滑块位移：x1v1t2a1木板的位移：x2v2t2a2xx1x2联立解得x1.6 m2 m因此滑块没有从木板上滑落，滑块与木板相对静止时距木板右端的距离为：dlx0.4 m.答：(1)求滑块与木板左边的动摩擦因数10.4和恒力F6 N(2) 滑块没有从木板上滑落，滑块与木板相对静止时距木板右端的距离为0.4m
