1、高考资源网（） 您身边的高考专家云南省盈江县第一高级中学2019-2020学年上学期期末考试高一物理本试卷分第卷和第卷两部分，共100分，考试时间90分钟。 一、单选题(共10小题,每小题3.0分,共30分) 1.如图所示，是甲、乙两质点的vt图象，由图可知()At0时刻，甲的速度大B 甲、乙两质点都做匀加速直线运动C 相等时间内乙的速度改变大D 在5 s末之前甲质点速度大2.如图所示，为一物体运动的位移时间(xt)图象由图象可知()A 物体一直做匀加速直线运动B 物体一直做匀减速直线运动C 物体以某一速率做往复运动D 物体有时做匀加速直线运动，有时做匀减速直线运动3.关于打点计时器，下列说法
2、正确的是()A 纸带上打的点越密，说明物体运动得越快B 电火花计时器使用的是220 V交流电源C 电火花计时器比电磁打点计时器打点频率高D 实验时应先释放小车，后接通打点计时器的电源4.马路上的甲、乙两辆汽车的速度时间图象如下图所示，由此可判断两车在这30分钟内的平均速度大小关系是()A 甲车大于乙车B 甲车小于乙车C 甲车等于乙车D 条件不足，无法判断5.王维的山居秋暝中写道“明月松间照，清泉石上流，竹喧归浣女，莲动下渔舟”，其中“清泉石上流”和“莲动”“下渔舟”的参考系分别可以是()A 水、莲花、渔船 B 石头、渔船、岸边C 石头、莲花、人 D 水、水、岸边6.如图所示，半球形物体A和小球
3、B紧靠着放在一固定斜面上，并处于静止状态，忽略小球B表面的摩擦，用水平力F沿物体A表面将小球B缓慢拉至物体A的最高点C，物体A始终保持静止状态，则下列说法中正确的是()A 物体A受到4个力的作用B 物体A受到斜面的摩擦力大小始终不变C 小球B对物体A的压力大小始终不变D 小球B对物体A的压力大小一直增加7.如图所示，“马踏飞燕”是汉代艺术家集高度智慧、丰富想象、浪漫主义精神和高超的艺术技巧的结晶，是我国古代雕塑艺术的稀世之宝，飞奔的骏马之所以能用一只蹄稳稳地踏在飞燕上，是因为()A 马跑得快的缘故B 马蹄大的缘故C 马的重心在飞燕上D 马的重心和飞燕的重心在一条竖直线上8.关于动摩擦因数，下列
4、说法正确的是()A 两物体间没有摩擦力产生说明两物体间的动摩擦因数0B 两物体的材料一定时，两物体间的动摩擦因数仅决定于接触面的粗糙程度C 物体在一支持面上滑动，当支持面倾斜放置时，动摩擦因数比水平放置时小一些D 增大两物体的接触面积，则两物体间的动摩擦因数增大9.关于牛顿第一定律，下列说法中正确的是()A 牛顿第一定律说明力是维持物体运动的原因B 惯性就是物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质C 由牛顿第一定律可知：物体所受的合力为零时，一定处于静止状态D 牛顿第一定律反映了物体受到外力时的运动规律10.某同学在测定匀变速直线运动加速度时，得到了几条较为理想的纸带，已在每条纸带上每
5、5个点取一个计数点，依打点先后编号为0、1、2、3、4、5.由于不小心，纸带被撕断了，如图，请根据给出的A、B、C、D四段纸带回答：在B、C、D三段纸带中选出从纸带A上撕下的那段应该是()A BC D二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分) 11.(多选)将物体竖直向上抛出，假设运动过程中空气阻力不变，其速度时间图象如图所示，则()A 上升、下降过程中加速度大小之比为119B 上升、下降过程中加速度大小之比为101C 物体所受的重力和空气阻力之比为91D 物体所受的重力和空气阻力之比为10112.(多选)如图所示，物体m与斜面体M一起静止在水平面上若将斜面的倾角稍微增大一些，且物体m仍
6、静止在斜面上，则()A 斜面体对物体的支持力变小B 斜面体对物体的摩擦力变大C 水平面与斜面体间的摩擦力变大D 水平面与斜面体间的摩擦力变小13.(多选)某质点沿一直线单向运动，质点第2 s末速度大小为6 m/s，第4 s末速度大小为10 m/s，第6 s末速度大小为14 m/s，则下面正确的是()A 质点可能做匀加速直线运动B 质点可能做匀速直线运动C 质点的初速度为0D 若质点做匀加速直线运动，加速度大小为2 m/s214.(多选)如图为甲、乙两个物体在同一直线上运动时的位移时间图象，由图象可知()A 乙开始运动时，两物体相距20 mB 在010 s这段时间内，两物体间的距离逐渐增大C 在
7、10 s25 s这段时间内，两物体间的距离逐渐减小D 两物体在10 s时相距最远，在30 s时相遇分卷II三、实验题(共2小题,共15分) 15.某同学用如图甲所示的装置探究求合力的方法将一木板(图中未画出)竖直放置与铁架台和轻弹簧所在平面平行其部分实验操作如下，请完成下列相关内容：(1)如图甲，在木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；(2)卸下钩码然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计将弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的_及两弹簧测力计相应的读数图乙中B弹簧测力计的读数为_N；(3)该同学在坐标纸上画出两弹簧测力计拉力FA、FB的大小和方向如图丙所示，请在图丙中作出FA、
8、FB的合力F；(4)已知钩码的重力，可得弹簧所受的拉力F如图丙所示，观察比较F和F，得出结论：_.16.小华同学在做“用打点计时器测速度”的实验时，从打下的若干纸带中选出了如图1所示的一条纸带，已知打点计时器使用的电源频率为50 Hz，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，各计数点到0点的距离如纸带上所示（1）为了达到实验的目的，除了有打点计时器、纸带、小车、细绳、导线、低压交流电源、小木块、长木板外，还需要的仪器有A刻度尺B铁架台C停表D天平（2）图中两计数点的时间间隔为T=s（3）根据纸带提供的信息，小华同学已经计算出了打下1、2、3、4、6这五个计数点时小车的速度，请你帮助他计算出打下计数
9、点5时小车的速度5=m/s（结果保留3位有效数字），并填入表中（4）以速度v为纵轴、时间t为横轴在图2坐标纸上建立直角坐标系，根据表中的v、t数据，在坐标系中描点，并作出小车运动的vt图象（5）根据vt图象可知，小车运动的加速度大小为m/s2（结果保留3位有效数字）四、计算题 17.小明为了探究斜面上物块的运动情况，在t0时刻对物块施加一沿斜面向上的力，使物块沿斜面向上运动，如图甲所示，并用速度传感器探究物块的速度随时间的变化规律，得到vt图像如图乙所示(1)由图乙分析物块在第1 s末与第4 s末的速度大小；(2)分别求物块在02 s、25 s以及58 s时间内的加速度的大小18.一辆汽车在高
10、速公路上以v0=30 m/s的速度匀速行驶,由于在前方出现险情,司机采取紧急刹车,刹车加速度的大小为a=5 m/s2,求:(1)汽车刹车后t1=10 s内滑行的距离。(2)从开始刹车到汽车滑行x1=50 m所经历的时间。19.科研人员乘气球进行科学考察。气球、座舱、压舱物和科研人员的总质量为990 kg。气球在空中停留一段时间后，发现气球漏气而下降，及时堵住。堵住时气球下降速度为1 m/s，且做匀加速运动，4 s内下降了12 m。为使气球安全着陆，向舱外缓慢抛出一定的压舱物。此后发现气球做匀减速运动，下降速度在5 min内减小3 m/s。若空气阻力和泄漏气体的质量均可忽略，重力加速度g9.89
11、 m/s2，求抛掉的压舱物的质量。20.如图所示，水平传送带两端相距x8 m，工件与传送带间的动摩擦因数0.6，工件滑上A端时速度vA10 m/s，设工件到达B端时的速度为vB。(g取10 m/s2)(1)若传送带静止不动，求vB；(2)若传送带顺时针转动，工件还能到达B端吗？若不能，说明理由；若能，则求出到达B点的速度vB；(3)若传送带以v13 m/s的速度逆时针匀速转动，求vB及工件由A到B所用的时间。 答案1.B 2.C 3.B 4.A 5.B 6.A 7.D 8.B 9.B 10.C11.AD 12.AB 13.AD 14.BC15.(2)方向11.40(3)如图所示(4)在实验误差
12、允许范围内F和F相等【解析】16.（1）A（2）0.1s（3）0.530（4）如图所示（5）0.417【解析】（1）因为打点计时器可以测量小车运动的时间，所以不需要秒表，该实验不需要测量小木块和小车的质量，不需要天平，在处理纸带时，需要刻度尺测量点迹间的距离故选A（2）交流电的频率为50 Hz，知每隔0.02 s打一个点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出,知相邻计数点间的时间间隔为0.1 s第5个计数点的瞬时速度为：v5=0.530 m/s（3）利用描点法可画出速度时间图象：（4）根据vt图象求出图线的斜率k，所以小车加速度a=0.417 m/s217.(1)5 m/s10 m/s(2)5
13、m/s201.67 m/s2【解析】(1)由题图乙可知，物块在第1 s末与第4 s末的速度大小分别为v15 m/s、v410 m/s(2)由题图乙可知，v2v510 m/s，v85 m/s，则物块在02 s内的加速度a1m/s25 m/s2物块在25 s内做匀速直线运动，加速度a20物块在58 s内的加速度a3m/s2m/s21.67 m/s2，负号表示加速度方向与速度方向相反18.(1)90 m(2)2 s【解析】(1)设汽车经时间t停止,由vt=v0-at得:t=6 s10 s,知汽车在10 s内的位移等于6 s内的位移,因此10 s内的位移为:x=t=90 m。(2)由位移公式x=v0t
14、+at2得:50=30t-5t2,代入数据解得t1=2 s,t2=10 s(为速度减为零,再返回到位移为50 m位置所需的时间,不符合题意,舍去)。19.101 kg【解析】抛压舱物前，h1v0ta1t解得a11 m/s2设漏气后浮力为F，抛压舱物前质量为m，抛掉压舱物的质量为m，对过程分析，如图所示，由牛顿第二定律得mgFma1抛压舱物后，va2t解得a20.01 m/s2由牛顿第二定律得F(mm)g(mm)a2解得m101 kg20.(1)2 m/s(2)能，2 m/s(3)13 m/s0.67 s【解析】(1)根据牛顿第二定律可知mgma，则ag6 m/s2，且vv2ax，故vB2 m/s。(2)能。 当传送带顺时针转动时，工件受力不变，其加速度就不发生变化，仍然始终减速，故工件到达B端的速度vB2 m/s。(3)工件速度达到13 m/s所用时间为t10.5 s，运动的位移为x1vAt1at5.75 m8 m，则工件在到达B端前速度就达到了13 m/s，此后工件与传送带相对静止，因此工件先加速后匀速。匀速运动的位移x2xx12.25 m，t20.17 s，tt1t20.67 s。高考资源网版权所有，侵权必究！