哈六中2019级高三校一模物理 - 纯答案.docx

1、14D 15D16B 17D 18A 19CD 20AD 21ABC22答案(1)毫米刻度尺(1分)(2)是(1分)否(1分)(3)0.90(2分)解析(1)由于要处理纸带数据，需要利用刻度尺测量两个计数点之间的距离，所以还需要的器材是刻度尺。(2)由于绳子一端连接有能够测绳子拉力的力传感器，所以不需要小桶和砂子的总质量远小于小车的质量。(3)图乙中相邻两个计数点之间的时间间隔为t5T0.10 s，根据xat2，可求得小车的加速度a0.90 m/s2。23（10分）(1)右侧(1分)、36(1分)(2)32(1分)、小于(1分)(3)34(2分)(4)R(2分)、(2分)24（14分）（1）v

2、06 m/s （2）k600 N/m试题解析(1)根据机械能守恒定律有mgdsin mv (2分) 解得v06 m/s 设碰撞后瞬间A、B的速度大小分别为v1、v2，以v0的方向为正方向，根据动量守恒定律有mv0mv1mv2(2分)A、B碰撞过程机械能守恒，由机械能守恒定律有mvmvmv(2分)联立解得v10，v2v06 m/s (2分)(2)A、B碰撞前，弹簧的压缩量为x1(1分)当C恰好要离开挡板时，弹簧的伸长量为x2(1分)可见在B开始沿斜面向下运动到C刚好要离开挡板的过程中，弹簧的弹性势能的改变量为零。根据机械能守恒定律得mvEkmg(x1x2)sin (2分)联立以上各式解得k600

3、 N/m (2分)25（20分）【答案】 （1）（k-1）g；（2）（3）(1)第一次碰撞后物块 kmg-qE=ma1 (2分) 解得 a1(k-1)g (2分)(2)平板第一次与墙壁碰撞时的速度为v1 (2分)解得 第一次碰撞后平板 kmg+qE=ma2 (1分) 解得 a1(k+1)g 第一次碰撞后平板先向左做匀减速直线运动，后向右做匀加速直线运动；物块向右做匀减速直线运动，第二次与墙壁碰撞前达到速度相同 规定向右为正方向，从平板第一次与墙壁碰撞到平板和物块速度相同时，有对平板有v共v1a2t1(1分)对物块有v共v1a1t1(1分)解得t1= v共 从平板第一次与墙壁碰撞到平板与物块共速

4、时物块的位移为(1分)木板的位移为(1分)之后到碰挡板前二者没有相对滑动，所以从释放到木板第二次与挡板碰撞前的瞬间物块相对平板的位移为xx1+x2(1分)解得x(1分)(3)最终平板的右端与墙壁存在弹力，平板和物块都静止。从释放到平板和物块都静止的过程中，物块相对于平板的相对路程为x，由能量守恒有qELqE(Lx)Q(2分)Q=kmgx(2分)解得二者的相对路程 系统因摩擦产生的热量(1分)33物理选修33（15分）（1）（5分）ACE （2）答案(2)350 Kp0解析(2)活塞b降至底部的过程中，活塞a不动，氮气经历等压变化，设AB部分的体积为V0，由题意知，BC部分的体积为，设氮气初态的

5、体积为V1，温度为T1，压强为p1(p1p0)，末态体积为V2，温度为T2，由几何关系得V1V0(1分)V2V0(1分)由盖吕萨克定律得(2分)代入数据得T2350 K。(1分)设平衡后氮气的体积为V3，温度为T3，压强为p对氮气，由理想气体状态方程得(1分)代入数据得(1分)设氧气初态的体积为V1，由题意知V1，压强为p1；末态的体积为V4，压强为p，氧气发生等温变化，由玻意耳定律得p1V1pV4(1分)由几何关系得V3V4V0(1分)联立解得pp0。(1分)34.答案(1)ACD(2)45解析(1)根据题图(b)可知，简谐横波的周期为T4 s，根据题图(a)可知，简谐横波的波长为4 m，波

6、传播的速度v1 m/s，选项A正确；在t1 s时刻，平衡位置为O的质点处于y2 cm处，而题图(b)所示的振动图象在t1 s时刻质点处于平衡位置，所以选项B错误；在t1 s时刻，质点Q运动到平衡位置，速度最大，且速度方向为沿y轴负方向，选项C正确；在t1 s时刻，质点P运动到波峰，再经1 s，即t2 s时刻，质点P运动到平衡位置，速度最大，且速度方向为沿y轴负方向，选项D正确；t3 s时刻，质点Q运动到平衡位置，速度最大，且速度方向为沿y轴正方向，选项E错误。(2)由于三角形ABD为等腰直角三角形，且光线恰好不能从AB面上射出，则光从玻璃砖射向空气发生全反射的临界角为45，因此折射率n(2分)光在玻璃砖中传播的路径如图所示。由几何关系可知，GHEFR因此sinGACGAC30，AHRcos 30R因此FGRRR光在玻璃砖中传播的路程sEFFGR(2分)光在玻璃砖中传播的时间t(2分)由几何关系，光在圆弧面上的入射角iGAC30设光在圆弧面上的折射角为r，则n(2分)解得sin rnsin i该光束从BC面射出时的折射角为r45(2分)