1、2016-2017学年河北省衡水市安平中学高一（上）期末物理试卷（宏志班）一、选择题：本题共14个小题，1-9小题只有一项符合题目要求，10-14小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分满分共56分.1关于运动和力，下列说法正确的是（）A物体所受合力为零时，速度一定为零B物体所受合力为零时，加速度一定为零C物体在恒力作用下，速度一定不会发生变化D物体运动的速度方向总跟合力的方向一致2如图所示，倾角=30的斜面上，用弹簧系住一重为20N的物块，物块保持静止已知物块与斜面间的最大静摩擦力f=12N，那么该弹簧的弹力不可能是（）A2NB10NC20ND24N3如图
2、所示，物块a，b质量分别为2m，m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态则（）A物块b受四个力作用B物块b受到的摩擦力大小等于2mgC物块b对地面的压力大小等于mgD物块a受到物块b的作用力水平向右4公路交通条例规定：禁止弯道超车因为容易滑出公路或与对面的汽车发生碰撞但在F1方程式赛车中，却经常出现弯道超车的现象如果某赛车在顺时针加速超越前车则该车所受的合外力的图示可能为（）ABCD5细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩了x（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示将细绳烧断后，下列说法中正确的是（）A小球立即开始做自由落体运动
3、B小球立即获得的加速度C小球落地的时间等于D小球落地的速度等于6如图所示，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮链接质量为m1的物体，与物体1相连接的绳与竖直方向成角，则（）A车厢的加速度为gsinB绳对物体1的拉力为C底板对物体2的支持力为（m2m1）gD物体2所受底板的摩擦力为m2gsin7如图，轻质弹簧下端固定在一光滑斜面体的底端，一小物块从斜面体顶端由静止开始沿斜面滑下，在小物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法中正确的是（）A小物块刚接触弹簧瞬间速度最大B小物块接触弹簧后立即做减速运动C小物块接触弹簧后先加速后减速D当弹簧压缩量最
4、大吋，小物块的加速度等子零8如图，M是定滑轮，N是动滑轮，A和B是两个重物设细绳和滑轮质量及摩擦均不计，整个系统处于静止状态现将细绳P沿水平方向缓慢向右靠近，结果是（）AB没有移动，A向下移动BA向上移动，B向下移动CA向下移动，B向上移动DA、B均向下移动9为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示当此车加速上坡时，乘客（）A处于失重状态B处于超重状态C受到向后的摩擦力作用D所受力的合力沿斜面向下10一辆质量为m=1.0103kg的汽车，经过10s由静止匀加速到速度为30m/s后，关闭油门并刹车，设汽车刹车时所
5、受阻力为车重的0.5倍则下列选项中正确的有（）A汽车在前10s内的加速度大小为3m/s2B汽车在前10s内的加速度大小为10m/s2C汽车在关闭油门并刹车后继续滑行的加速度大小为5m/s2D汽车在关闭油门并刹车后继续滑行的加速度大小为12m/s211如图所示装置，质量为m的小球被不可伸长的轻绳OA、OB系住当整个装置加速运动时，下列说法正确的是（）A若向左加速，OB绳上张力可能为零B若向右加速，OA绳上张力可能为零C若向上加速，OB绳上张力可能为零D若向下加速，OA、OB绳上张力可能同时为零12物体以v0的速度水平抛出，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，下列说法中正确的是（）A竖直分速度与
6、水平分速度大小相等B瞬时速度的大小为v0C运动时间为D运动位移的大小为13水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A乘客与行李同时到达BB行李提前0.5s到达BC乘客提前0.5s到达BD若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B14如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平外力F拉物体，
7、在F从0开始逐渐增大的过程中，加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则可以计算出（）A物体与水平面间的最大静摩擦力BF为14N时物体的速度C物体与水平面间的动摩擦因数D物体的质量二.填空题：本题共2个小题，共10分把答案填在题中的横线上15在探究弹力与弹簧伸长的关系的实验中，下列说法正确的是（）A实验中劲度系数k的具体数值必须计算出来B如果没有测出弹簧原长，用弹簧长度L代替x，FL图线也是过原点的一条直线C利用Fx直线可求出k值D实验时要把所有点连到线上，才能探索得到真实规律16如图甲的光电门传感器是测定物体通过光电门的时间的仪器其原理是发射端发
8、出一束很细的红外线到接收端，当固定在运动物体上的一个已知宽度为d的挡光板通过光电门挡住红外线时，和它连接的数字计时器可记下挡光的时间t，则可以求出运动物体通过光电门时的瞬时速度大小（1）为了减小测量瞬时速度的误差，应选择宽度比较（选填“宽”或“窄”）的挡光板（2）如图乙是某同学利用光电门传感器探究小车加速度与力之间关系的实验装置，他将该光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，小车每次都从同一位置A点静止释放如图丙所示，用游标卡尺测出挡光板的宽度d=mm，实验时将小车从图乙A点静止释放，由数字计时器记下挡光板通过光电门时挡光时间间隔t=0.02s，则小车通过光电门时的瞬时速度
9、大小为m/s；实验中设小车的质量为m1，重物的质量为m2，则在m1与m2满足关系式时可近似认为细线对小车的拉力大小与重物的重力大小相等；测出多组重物的质量m2和对应挡光板通过光电门的时间t，并算出小车经过光电门时的速度v，通过描点作出两物理量的线性关系图象，可间接得出小车的加速度与力之间的关系处理数据时应作出图象（选填“v2m1”或“v2一m2”）；某同学在中作出的线性关系图象不过坐标原点，如图丁所示（图中的m表示m1或m2），其可能的原因是三、计算题：本题共3个小题，共44分.要求写出必要的答题过程.17如图所示，质量为M=5kg的箱子B置于光滑水平面上，箱子底板上放一质量为m2=1kg的物
10、体C，质量为m1=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与箱子B相连，在A加速下落的过程中，C与箱子B始终保持相对静止不计定滑轮的质量和一切阻力，取g=10m/s2，求：（1）物体A的加速度（2）物体C对箱子B的静摩擦力（3）轻绳对定滑轮的作用力大小18如图所示，倾角=37的粗糙斜面固定在水平面上，质量m=2.0kg的物块（可视为质点），在沿斜面向上的拉力F作用下，由静止开始从斜面底端沿斜面向上运动已知拉力F=32N，物块与斜面间的动摩擦因数为=0.25，sin37=0.6，cos37=0.8，且斜面足够长求：（1）物块加速度的大小；（2）若在第2.0s末撤去拉力F，物块离斜面底端的最大距离；（3）
11、物块重新回到斜面底端时速度的大小19如图所示，一块质量M=2kg，长度L=15m，高度不计，上表面光滑的长木板静止在水平面上，水平面与木板间的动摩擦因数=0.2现对长木板施加一个水平向右的力F=6N（g=10m/s2）（1）当t=5s时，长木板的速度（2）当t=5s时，立即在长木板右端无初速度放置一个质量m=2kg的光滑小物块（可视为质点），求再经过6s后长木板的位移2016-2017学年河北省衡水市安平中学高一（上）期末物理试卷（宏志班）参考答案与试题解析一、选择题：本题共14个小题，1-9小题只有一项符合题目要求，10-14小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选
12、错的得0分满分共56分.1关于运动和力，下列说法正确的是（）A物体所受合力为零时，速度一定为零B物体所受合力为零时，加速度一定为零C物体在恒力作用下，速度一定不会发生变化D物体运动的速度方向总跟合力的方向一致【考点】牛顿第一定律【分析】物体所受合力为零时，速度不一定为零，可以做匀速直线运动，合力为零时，加速度一定为零，平抛运动的受力恒定，但做匀变速曲线运动，匀速圆周运动的合力与速度方向垂直【解答】解：A、物体所受合力为零时，速度不一定为零，可以做匀速直线运动，A错误；B、根据F=ma知物体所受合力为零时，加速度一定为零，B正确；C、平抛运动的受力恒定，但做匀变速曲线运动，C错误；D、匀速圆周运
13、动的合力与速度方向垂直，D错误；故选：B2如图所示，倾角=30的斜面上，用弹簧系住一重为20N的物块，物块保持静止已知物块与斜面间的最大静摩擦力f=12N，那么该弹簧的弹力不可能是（）A2NB10NC20ND24N【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】将重力按照作用效果分解为平行斜面的下滑分力和垂直斜面的垂直分力，当最大静摩擦力平行斜面向下和平行斜面向上时，分别求解出对应的弹簧弹力，得到弹簧弹力的作用范围【解答】解：将重力按照作用效果分解：平行斜面的下滑分力为mgsin30=10N，垂直斜面的垂直分力为mgcos30=10N；当最大静摩擦力平行斜面向下时，物体与斜面间的最大
14、静摩擦力为12N，弹簧弹力为拉力，等于22N；当最大静摩擦力平行斜面向上时，物体与斜面间的最大静摩擦力为12N，弹簧弹力为推力，等于2N；故弹簧弹力可以是不大于2N推力或者不大于22N的拉力，也可以没有弹力；本题选不正确的故选：D3如图所示，物块a，b质量分别为2m，m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态则（）A物块b受四个力作用B物块b受到的摩擦力大小等于2mgC物块b对地面的压力大小等于mgD物块a受到物块b的作用力水平向右【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】按重力、弹力的顺序逐个分析物体的受力，每一个接触面都要分析再由平衡条件求力的大
15、小【解答】解：A、物块b受到：重力、a的弹力和静摩擦力、地面的支持力、推力F，共受五个力，故A错误B、以a为研究对象，由平衡条件知，b对a的摩擦力大小等于a的重力，为2mg，由牛顿第三定律知a对b的摩擦力大小也等于2mg，故B正确C、以整体为研究对象，则知地面对b的支持力等于3mg，则物块b对地面的压力大小等于3mg，故C错误D、物块a受到物块b两个力作用：水平向右的压力和竖直向上的静摩擦力，它们的合力斜向右上方，则物块a受到物块b的作用力斜向右上方，故D错误故选：B4公路交通条例规定：禁止弯道超车因为容易滑出公路或与对面的汽车发生碰撞但在F1方程式赛车中，却经常出现弯道超车的现象如果某赛车在
16、顺时针加速超越前车则该车所受的合外力的图示可能为（）ABCD【考点】向心力；物体做曲线运动的条件【分析】做曲线运动的物体，运动的轨迹是曲线，物体受到的合力应该是指向运动轨迹弯曲的内侧，速度沿着轨迹的切线的方向【解答】解：赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由于赛车在顺时针加速超越前车，速度在增大，所以合力与赛车的速度方向的夹角要小于90，故C正确，A、B、D错误故选：C5细绳拴一个质量为m的小球，小球将左端固定在墙上的轻弹簧压缩了x（小球与弹簧不连接），小球静止时弹簧在水平位置，如图所示将细绳烧断后，下列说法中正确的是（）A小球立即开始做自由落体运动B小球立即获得的加
17、速度C小球落地的时间等于D小球落地的速度等于【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】对小球受力分析可知，在与弹簧接触时，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，此过程中弹簧的弹力是不断减小的，离开弹簧之后，小球只受到重力的作用，做匀变速运动【解答】解：A、将细绳烧断后，小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，所以不是自由落体运动，故A错误B、小球受到球的重力和弹簧的弹力的共同的作用，合力斜向右下方，故加速度不会是；故B错误；C、竖直方向小球不受外力，故竖直方向做自由落体运动，由h=gt2可得：t=；故C正确；D、小球若做自由落体时，落地速度是；而
18、现在小球受到弹簧的弹力做功，故落地时速度一定大于；故D错误；故选：C6如图所示，质量为m2的物体2放在正沿平直轨道向右行驶的车厢底板上，并用竖直细绳通过光滑定滑轮链接质量为m1的物体，与物体1相连接的绳与竖直方向成角，则（）A车厢的加速度为gsinB绳对物体1的拉力为C底板对物体2的支持力为（m2m1）gD物体2所受底板的摩擦力为m2gsin【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】物块1、2和车厢具有相同的加速度，先以物体1为研究对象，分析受力情况，根据牛顿第二定律求出其加速度和绳的拉力再对物体2研究，由牛顿第二定律求出支持力和摩擦力【解答】解：AB、以物体1为研究对象，分析受力情况如图
19、1：重力m1g和拉力T，根据牛顿第二定律得：m1gtan=m1a，得a=gtan，则车厢的加速度也为gtan绳子的拉力T=，故A错误、B正确；CD、对物体2研究，分析受力如图2，根据牛顿第二定律得：N=m2gT=m2g，f=m2a=m2gtan故CD错误故选：B7如图，轻质弹簧下端固定在一光滑斜面体的底端，一小物块从斜面体顶端由静止开始沿斜面滑下，在小物块与弹簧接触并将弹簧压至最短的过程中，下列说法中正确的是（）A小物块刚接触弹簧瞬间速度最大B小物块接触弹簧后立即做减速运动C小物块接触弹簧后先加速后减速D当弹簧压缩量最大吋，小物块的加速度等子零【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的
20、关系；力的合成与分解的运用【分析】通过分析小球的受力情况，来分析其运动情况，确定速度的变化，由牛顿第二定律分析加速度的变化，分析时要抓住弹簧的弹力与压缩量成正比【解答】解：A、小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；A、小球接触弹簧后速度先增大后减小，故AB错误C、加速度先减小后反向增大，小
21、物块接触弹簧后先加速后减速，故C正确；D、压缩量最大时，加速度不为零，故D错误故选：C8如图，M是定滑轮，N是动滑轮，A和B是两个重物设细绳和滑轮质量及摩擦均不计，整个系统处于静止状态现将细绳P沿水平方向缓慢向右靠近，结果是（）AB没有移动，A向下移动BA向上移动，B向下移动CA向下移动，B向上移动DA、B均向下移动【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】将绳一端的固定点P缓慢向右移，绳子的拉力大小不变，分析动滑轮的受力情况，作出力图由于动滑轮两侧绳子的拉力大小相等，由平衡条件知，两侧绳子关于竖直方向具有对称性，再分析将绳一端的固定点P缓慢向右移动的过程中，角的变化，及A
22、高度的变化【解答】解：将绳一端的固定点P缓慢向右移时，绳子的拉力大小不变，分析动滑轮的受力情况，作出力图如图，设绳子的拉力大小为F，两绳子的夹角为2，由于动滑轮两侧绳子的拉力关于竖直方向有对称性，则有2Fcos=mBg，由于F=mAg，保持不变，则得知，角保持不变，由几何知识得知，+=90，则保持不变，当绳一端的固定点P缓慢向右移，动滑轮将上升，则物体B上移，A将下降故选：C9为了让乘客乘车更为舒适，某探究小组设计了一种新的交通工具，乘客的座椅能随着坡度的变化而自动调整，使座椅始终保持水平，如图所示当此车加速上坡时，乘客（）A处于失重状态B处于超重状态C受到向后的摩擦力作用D所受力的合力沿斜面
23、向下【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】当此车加速上坡时，整体的加速度沿斜面向上，对乘客进行受力分析，根据加速度方向知道合力方向，根据合力方向确定摩擦力方向【解答】解：A、当此车加速上坡时，整体的加速度沿斜面向上，乘客具有向上的分加速度，所以根据牛顿运动定律可知乘客处于超重状态，故A错误，B正确；C、对乘客进行受力分析，乘客受重力，支持力，由于乘客加速度沿斜面向上，而静摩擦力必沿水平方向，由于乘客有水平向右的分加速度，所以受到向前（水平向右）的摩擦力作用故C错误D、由于乘客加速度沿斜面向上，根据牛顿第二定律得所受力的合力沿斜面向上故D错误故选：B10一辆质量为m=1.0103kg
24、的汽车，经过10s由静止匀加速到速度为30m/s后，关闭油门并刹车，设汽车刹车时所受阻力为车重的0.5倍则下列选项中正确的有（）A汽车在前10s内的加速度大小为3m/s2B汽车在前10s内的加速度大小为10m/s2C汽车在关闭油门并刹车后继续滑行的加速度大小为5m/s2D汽车在关闭油门并刹车后继续滑行的加速度大小为12m/s2【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】根据匀变速直线运动速度时间公式求出匀加速运动的加速度大小，根据牛顿第二定律求出刹车后的加速度大小【解答】解：A、根据a=故A正确，B错误C、关闭发动机后，根据牛顿第二定律得，a=故C正确，D错误故选AC11如图所示装置，质
25、量为m的小球被不可伸长的轻绳OA、OB系住当整个装置加速运动时，下列说法正确的是（）A若向左加速，OB绳上张力可能为零B若向右加速，OA绳上张力可能为零C若向上加速，OB绳上张力可能为零D若向下加速，OA、OB绳上张力可能同时为零【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】小球受重力和两个拉力（可能为零），根据牛顿第二定律分析合力情况，然后判断弹力是否可能为零【解答】解：A、若向左加速，加速度向左，合力向左，OB绳子的拉力可以为零，只要重力和AO的拉力水平向左即可；故A正确；B、若向右加速，加速度向右，合力向右；只要重力和AO的拉力水平向左即可，但OA绳上张力不可能为零，否则合力不向左；
26、故B错误；C、若向上加速，加速度向上，合力向上，只要AO、BO绳子的拉力的合力向上即可，OB拉力不为零，故C错误；D、若向下加速的加速度为g，完全失重，OA、OB绳上张力同时为零，故D正确；故选：AD12物体以v0的速度水平抛出，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，下列说法中正确的是（）A竖直分速度与水平分速度大小相等B瞬时速度的大小为v0C运动时间为D运动位移的大小为【考点】平抛运动【分析】通过竖直分位移与水平分位移大小相等，求出时间，根据时间可求出竖直方向的分速度以及速度的大小和方向【解答】解：A、C、竖直分位移与水平分位移大小相等，故v0t=gt2，解得：t=，故vy=gt=g=2v0
27、，即竖直分速度是水平分速度的2倍故A错误，C正确；B、平抛运动瞬时速度的大小为v=v0故B正确；D、竖直分位移与水平分位移大小相等，故v0t=gt2，解得t=；故x=v0t=y，合位移为S=x=；故D正确；故选：BCD13水平传送带被广泛地应用于机场和火车站，用于对旅客的行李进行安全检查如图所示为一水平传送带装置示意图，紧绷的传送带AB始终保持v=1m/s的恒定速率运行旅客把行李无初速度地放在A处，设行李与传送带之间的动摩擦因数=0.1，AB间的距离为2m，g取10m/s2若乘客把行李放到传送带的同时也以v=1m/s的恒定速度平行于传送带运动去B处取行李，则（）A乘客与行李同时到达BB行李提前
28、0.5s到达BC乘客提前0.5s到达BD若传送带速度足够大，行李最快也要2s才能到达B【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】行李在传送带上先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，由牛顿第二定律和运动学公式求出时间若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短【解答】解：A、B、C、由牛顿第二定律，得 mg=ma得 a=1m/s2设行李做匀加速运动的时间为t，行李加速运动的末速度为v=1m/s由v=at1 代入数值，得t1=1s，匀加速运动的位移大小为：x=0.5m，匀速运动的时间为：t2=1.5s，行李从A到B的时间为：t=t1+t2=1+1.5=2.5s而乘客一直做匀速运动，
29、从A到B的时间为t人=2s故乘客提前0.5 s到达B故A、B错误C正确；D、若行李一直做匀加速运动时，运动时间最短由L=，解得最短时间tm=2s故D正确故选：CD14如图甲所示，物体原来静止在水平面上，用一水平外力F拉物体，在F从0开始逐渐增大的过程中，加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，g取10m/s2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则可以计算出（）A物体与水平面间的最大静摩擦力BF为14N时物体的速度C物体与水平面间的动摩擦因数D物体的质量【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】（1）从图象得出物块刚开始运动时的拉力，从而得出最大静摩擦力的大小；（2）根据图象判断物体的运动状态
30、，然后根据相关公式看能否求出物体的速度；（3）对物体受力分析，根据牛顿第二定律得出力F与加速度a的函数关系，然后结合图象得出相关信息即可求解有关物理量【解答】解：A、由aF图象可知，拉力在7 N之前加速度都是0，因此可知最大静摩擦力为7 N，故A符合题意；B、由于物体先静止后又做变加速运动，无法利用匀变速直线运动规律求速度和位移，又因为外力F为变力，所以无法求出F做的功，从而也无法根据动能定理求出物体的速度，故B不符合题意；对物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力CD、对物体受重力、地面的支持力、向右的拉力和向左的摩擦力由牛顿第二定律得，Fmg=ma解得：a=g，由a与F图线可得到
31、：0.5=104=10联立可解得：m=2kg；=0.3，故CD符合题意故选：ACD二.填空题：本题共2个小题，共10分把答案填在题中的横线上15在探究弹力与弹簧伸长的关系的实验中，下列说法正确的是（）A实验中劲度系数k的具体数值必须计算出来B如果没有测出弹簧原长，用弹簧长度L代替x，FL图线也是过原点的一条直线C利用Fx直线可求出k值D实验时要把所有点连到线上，才能探索得到真实规律【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【分析】正确解答该题要明确该实验的数据处理方法：该实验一般采用图象法处理实验，可以画出弹力与形变量之间的关系图象即Fx图象，也可以画出弹力与弹簧长度之间关系的图象，即Fl图象，在作图时
32、注意让直线尽量多的穿过各点，不能穿过的尽量分布在图象的两侧【解答】解：A、因为是同一条弹簧，劲度系数一样，无需具体计算K值，故A错误；B、用弹簧长度L代替x，FL图线不过原点，故B错误；C、在Fx图象中图象的斜率表示劲度系数的大小，故利用Fx直线可以求出k值，故C正确；D、实验时并非把所有点连到线上，而是让直线尽量多的穿过各点，不能穿过的尽量分布在图象的两侧，这样可以剔除误差比较大的点，故D错误故选：C16如图甲的光电门传感器是测定物体通过光电门的时间的仪器其原理是发射端发出一束很细的红外线到接收端，当固定在运动物体上的一个已知宽度为d的挡光板通过光电门挡住红外线时，和它连接的数字计时器可记下
33、挡光的时间t，则可以求出运动物体通过光电门时的瞬时速度大小（1）为了减小测量瞬时速度的误差，应选择宽度比较窄（选填“宽”或“窄”）的挡光板（2）如图乙是某同学利用光电门传感器探究小车加速度与力之间关系的实验装置，他将该光电门固定在水平轨道上的B点，用不同重物通过细线拉同一小车，小车每次都从同一位置A点静止释放如图丙所示，用游标卡尺测出挡光板的宽度d=7.40mm，实验时将小车从图乙A点静止释放，由数字计时器记下挡光板通过光电门时挡光时间间隔t=0.02s，则小车通过光电门时的瞬时速度大小为0.37m/s；实验中设小车的质量为m1，重物的质量为m2，则在m1与m2满足关系式m1m2时可近似认为细
34、线对小车的拉力大小与重物的重力大小相等；测出多组重物的质量m2和对应挡光板通过光电门的时间t，并算出小车经过光电门时的速度v，通过描点作出两物理量的线性关系图象，可间接得出小车的加速度与力之间的关系处理数据时应作出v2m2图象（选填“v2m1”或“v2一m2”）；某同学在中作出的线性关系图象不过坐标原点，如图丁所示（图中的m表示m1或m2），其可能的原因是操作过程中平衡摩擦力过量【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】（1）极短时间内的平均速度大小可以近似认为是该时刻的瞬时速度大小（2）游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数，不需估读，由于遮光条通过光电门的时间极短，可以用平均速度
35、表示瞬时速度根据匀变速直线运动的速度位移公式求出滑块的加速度为使绳子的拉力等于重物的重力，M应远远大于m；由题意可知，该实验中保持小车质量M不变，因此有：v2=2as=，可知画出v2m图象可以直观的得出结论【解答】解：（1）极短时间内的平均速度大小可以近似认为是该时刻的瞬时速度大小，所以应该选择宽度比较窄的挡光板（2）游标卡尺的读数d=7mm+0.058mm=7.40mm，小车通过光电门时的瞬时速度大小为v=对整体分析，整体的加速度a=，细线的拉力F=，可知m1m2时，可近似认为细线对小车的拉力大小与重物的重力大小相等由题意可知，该实验中保持小车质量m1不变，因此有：v2=2as=，由题意可知
36、，m1、s不变，画出v2m2图象，若图象为过原点的直线，则说明外力和加速度成正比，故画出v2m2图象可以直观的得出结论由图可知，m为零，v2不为零，相当于合力为零，加速度不为零，可知操作过程中平衡摩擦力过量故答案为：（1）窄，（2）7.40，0.37，m1m2，v2m2，操作过程中平衡摩擦力过量三、计算题：本题共3个小题，共44分.要求写出必要的答题过程.17如图所示，质量为M=5kg的箱子B置于光滑水平面上，箱子底板上放一质量为m2=1kg的物体C，质量为m1=2kg的物体A经跨过定滑轮的轻绳与箱子B相连，在A加速下落的过程中，C与箱子B始终保持相对静止不计定滑轮的质量和一切阻力，取g=10
37、m/s2，求：（1）物体A的加速度（2）物体C对箱子B的静摩擦力（3）轻绳对定滑轮的作用力大小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】先假设绳子拉力为T，分别对A和BC整体受力分析并根据牛顿第二定律列式求解出加速度和拉力T【解答】解：（1）假设绳子拉力为FT，根据牛顿第二定律，有：对A，有：m1gFT=m1a； 对BC整体，有：FT=（M+m2）a； 联立解得：FT=15N；a=2.5m/s2；物体A有向下的加速度 （2）对C受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据牛顿第二定律，有：f=m2a=12.5=2.5N 水平向左 根据牛顿第三定律，物体C对箱子B的静摩擦力大小也为2.5N，
38、方向水平向右 （3）由（1）可知：绳子的张力为15N，由于滑轮两侧绳子垂直，根据平行四边形定则，其对滑轮的作用力为15N 答：（1）物体A的加速度为2.5m/s2（2）物体C对箱子B的静摩擦力为2.5N（3）轻绳对定滑轮的作用力大小为1518如图所示，倾角=37的粗糙斜面固定在水平面上，质量m=2.0kg的物块（可视为质点），在沿斜面向上的拉力F作用下，由静止开始从斜面底端沿斜面向上运动已知拉力F=32N，物块与斜面间的动摩擦因数为=0.25，sin37=0.6，cos37=0.8，且斜面足够长求：（1）物块加速度的大小；（2）若在第2.0s末撤去拉力F，物块离斜面底端的最大距离；（3）物块重
39、新回到斜面底端时速度的大小【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】（1）对物块进行受力分析，由牛顿第二定律列式即可求解；（2）根据第一问的表达式求出匀加速上升和匀减速上升的加速度，根据运动学基本公式求出上升的总位移；（3）对物块下滑时进行受力分析，由牛顿第二定律求出加速度，根据位移速度公式即可求解；【解答】解：（1）物块的受力情况如图1所示由牛顿第二定律有：Fmgsinf=ma1Nmgcos=0又因为 f=N由式可求得：（2）物块做初速度为零的匀加速直线运动，第2.0s末时物块的速度v1=a1t1=16m/s这2.0s内物块的位移：撤去拉力F后，物块的受力情况如
40、图2所示由牛顿第二定律有：mgsin+f=ma2由式可求得：物块做匀减速直线运动，到达最高点时，速度为零，则有解得：x2=16m所以物块到斜面底端的距离：x=x1+x2=32m（3）物块到达最高点后，物块的受力情况如图3所示由牛顿第二定律有：mgsinf=ma3由可求得：物块做初速度为零的匀加速直线运动，则有解得：v3=16m/s答：（1）物块加速度的大小为8.0m/s2；（2）若在第2.0s末撤去拉力F，物块离斜面底端的最大距离为32m；（3）物块重新回到斜面底端时速度的大小为16m/s19如图所示，一块质量M=2kg，长度L=15m，高度不计，上表面光滑的长木板静止在水平面上，水平面与木板
41、间的动摩擦因数=0.2现对长木板施加一个水平向右的力F=6N（g=10m/s2）（1）当t=5s时，长木板的速度（2）当t=5s时，立即在长木板右端无初速度放置一个质量m=2kg的光滑小物块（可视为质点），求再经过6s后长木板的位移【考点】牛顿第二定律【分析】（1）有牛顿第二定律求的加速度，有运动学公式求速度和位移；（2）有牛顿第二定律求的加速度，有运动学公式判断运动，求的位移【解答】解：（1）对长木板作受力分析，长木板将做匀加速直线运动：FMg=Ma解得5s末速度为v=at=5m/s5s内的位移为（2）放置小物块后，对长木板作受力分析，长木板将做匀减速直线运动：有牛顿第二定律得F（M+m）=Maa=1m/s2木板减速到零所需时间为0=v+at解得t=5s6s木板滑行距离为=12.5m15m，所以小物块不会滑下长木板总位移为x总=x+x=25m答：（1）当t=5s时，长木板的速度为5m/s（2）再经过6s后长木板的位移为25m2017年2月12日