1、湖北省宜昌市第一中学2018届高三年级适应性训练（八）理综物理试题二、选择题： 1. 甲、乙两辆车在同一水平直道上运动，其运动的位移时间图象如图所示，则下列说法中不正确的是A. 甲车先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动B. 乙车在 010s 内的平均速度大小为 0.8m/sC. 在 010s 内，甲乙两车相遇两次D. 若乙车做匀变速直线运动，则图线上 P 点所对应的瞬时速度大小一定大于 0.8m/s【答案】A【解析】试题分析：图象的斜率表示速度，根据图象可知，甲先做匀速运动，后静止，故A错误；B、乙车在内的位移，则平均速度，所以乙车在内的平均速度大小为，故B正确；C、图象的交点表示相遇，根据图
2、象可知，两物体相遇两次，故C正确；D、若乙做匀变速直线运动，则中间时刻的速度等于平均速度，所以末的速度等于，所以P点速度一定大于08m/s，故D正确；考点：匀变速直线运动的图像【名师点睛】解决本题的关键是知道x-t图象的斜率大小等于速度大小，斜率的方向表示速度的正负，图象的交点表示相遇。2. 如图所示，等量异种点电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与AB的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形.一带负电的小球(可视为点电荷)，套在绝缘杆上自C点无初速度释放，由C运动到D的过程中，下列说法正确的是A. 小球的速度先减小后增大 B. 小球的速度先增大后减小C. 杆
3、对小球的作用力先减小后增大 D. 杆对小球的作用力先增大后减小【答案】D【解析】因直杆处于AB的连线的中垂线上，所以此线上的所有点的电场方向都是水平向右的，对带电小球进行受力分析，受竖直向下的重力，水平向左的电场力和水平向右的弹力，水平方向上受力平衡，竖直方向上的合力大小等于重力，重力大小不变，加速度大小始终等于重力加速度，所以带电小球一直做匀加速直线运动，故AB错误；从C到D，电场强度先增大后减小，则电场力先增大后减小，则杆对小球的作用力先增大后减小，故C错误，D正确故选D.点睛：该题考查到了静电场中的电场的叠加，要求大家要熟练的掌握几种特殊的电场的电场线的分布和等势面的分布情况，这里有这样
4、的几种电场和等势面要记住：等量同种电荷的电场，等量异种电荷的电场，正负点电荷的电场，平行板电容器内部的电场，点电荷与带电板间的电场等3. 如图所示，已知带电荷量均为Q的点电荷M、N固定不动且连线水平，试探电荷P可在M、N连线的中垂面内绕中心点O做匀速圆周运动，重力忽略不计则A. 圆轨道上各点的电势处处不相等B. P可能带正电，也可能带负电C. P做圆周运动的半径越小，线速度一定越大D. P做圆周运动的半径越小，角速度一定越大【答案】D【解析】试题分析：根据等量同种电荷电场线和等势面分布的特点及对称性知，圆轨道上各点的电势处处相等，故A错误检验电荷P绕O点做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，可知
5、P一定带负电，故B错误设两个+Q的距离为2L，q的轨道半径为r由题意可知，q将绕O点在MN的中垂面里做匀速圆周运动，由库仑力的合力充当向心力，则有：；解得：，；由数学知识知，r越小，v不一定越大，一定越大，故C错误，D正确故选D.考点：电场强度；电势；圆周运动的规律4. 据报道一颗来自太阳系外的彗星于2014年10月20日擦火星而过如图所示，假设火星绕太阳做匀速圆周运动，轨道半径为r，周期为T.该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道A点“擦肩而过”已知万有引力常量G，则A. 可计算出火星的质量 B. 可计算出彗星经过A点时受到的引力C. 可计算出彗星经过A点的
6、速度大小 D. 可确定彗星在A点的速度大于火星绕太阳的速度【答案】D【解析】试题分析：火星绕太阳在圆轨道上运动，根据万有引力提供向心力得可得出太阳的质量，无法计算出火星的质量，A错误；因为不知彗星的质量，所以无法计算出彗星经过A点时的万有引力，B错误；彗星经过A点做离心运动，万有引力小于向心力，不能根据求出彗星经过A点速度的大小，C错误；该彗星穿过太阳系由于受到太阳的引力轨道发生了弯曲，彗星与火星在圆轨道A点“擦肩而过”，可确定彗星在A点的速度大于火星绕太阳的速度，故D正确。考点：万有引力定律的应用.5. 如图所示，质量均为m的木块A和B，用劲度系数为k的轻质弹簧连接，最初系统静止.现用大小F
7、=2mg、方向竖直向上的恒力拉A，直到B刚好离开地面，则在此过程中A. 弹簧对A和对B的弹力是一对作用力与反作用力 B. A上升的最大高度为mg/kC. A上升的初始加速度大小为2g D. A上升的速度先增大后减少【答案】C【解析】作用力和反作用力是物体之间的相互作用力，弹簧对A和对B的弹力存在三个物体之间，故A错误；A未加力F时，受力平衡，此时弹簧压缩量为x1，有平衡得：mg=kx1；B刚好离开地面时弹簧的伸长量为x2，有平衡得：mg=kx2 ；A上升的初始状态下受重力，弹簧弹力和拉力，由牛顿第二定律得加速度大小为：，故C正确；由上面分析可知，在此过程中物块A上升的最大高度为：x=x1+x2
8、=+=，故B错误；A上升过程弹簧压缩量先减小，此时合力向上减小，做加速度减小的加速运动，后弹簧被拉长，伸长量增加，弹力增大合力仍向上且减小，所以物体继续加速上升，整个过程速度一直增大，故D错误；故选C.点睛：本题是含有弹簧的动力学分析问题，关键是分析两个状态弹簧的伸缩量和弹力，再由几何关系研究A上升距离与弹簧形变量的关系6. 如图所示，两平行金属板水平放置，板长为L，板间距离为d，板间电压为U，一不计重力的电荷量为q带电粒子以初速度v0沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通过平行金属板的时间为t，则A. 在前时间内，电场力对粒子做的功为qUB. 在后时间内，电场力对粒子做的功为qUC.
9、 在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为1:1D. 在粒子下落的前和后过程中，电场力做功之比为1:2【答案】BC【解析】设粒子在前时间内和在后时间内竖直位移分别为y1、y2，由y=at2和匀变速直线运动的推论可知y1：y2=1：3，得：y1=d，y2=d，则在前时间内，电场力对粒子做的功为：W1=qU=qU，在后时间内，电场力对粒子做的功为：W2=qU=qU故A错误，B正确根据W=qEy可得，在粒子下落前和后的过程中，电场力做功之比为1：1，故C正确，D错误故选BC.点睛：本题是类平抛运动，要熟练掌握其研究方法：运动的合成与分解，并要抓住竖直方向初速度为零的匀加速运动的一些推论，研究位移和
10、时间关系7. 如图所示，K1、K2闭合时，一质量为m、带电量为q的液滴，静止在电容器的A、B两平行金属板间，现保持K1闭合，将K2断开，然后将B板向下平移到图中虚线位置，则下列说法正确的是（）A. 电容器的电容减小 B. A板电势比电路中 Q点电势高C. 液滴将向下运动 D. 液滴的电势能增大【答案】AB点睛：本题关键确定电容器的电量是否变化掌握，再由E=与C=，相结合可得E=，并学会通过电荷的电性与电势的变化来确定电势能的变化8. 如图所示，顶端装有光滑定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A，B两物体通过轻质细绳连接，并处于静止状态现用水平向右的力F将物体B缓慢拉动一定的距离（斜面体与物体A始
11、终保持静止）在此过程中，下列判断正确的是（）A. 水平力F逐渐变大 B. 物体A所受斜面体的摩擦力逐渐变大C. 斜面体所受地面的支持力逐渐变大 D. 斜面体所受地面的摩擦力逐渐变大【答案】AD【解析】取物体B为研究对象分析其受力，则有F=mgtan， ，增大，则水平力F随之变大对A、B两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体A仍然保持静止，拉力F增大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其它力，故斜面体所受地面的支持力应该没有变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定故D正确，ABC错
12、误故选D点睛：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用.（一）必考题9. 为验证“拉力做功与物体动能改变的关系”，某同学到实验室找到下列器材：长木板(一端带定滑轮)、电磁打点计时器、质量为200 g的小车、质量分别为10 g、30 g和50 g的钩码、细线、学生电源(有“直流”和“交流”挡)该同学进行下列操作A组装实验装置，如图甲所示B将质量为200 g的小车拉到打点计时器附近，并按住小车C选用50 g的钩码挂在拉线的挂钩P上D释放小车，接通打点计时器的电源，打出一条纸带E在多次重复实验得到的纸带中选出一条点迹清晰的纸带，如图乙所示F进行数据采集与
13、处理(1)进行实验时，学生电源应选择用_(填“直流”或“交流”)挡请你完成下列问题：(2)该同学将纸带上打的第一个点标为“0”，其后依次标出计数点1、2、3、4、5、6(相邻两个计数点间还有四个点未画)，各计数点间的时间间隔为0.1 s，如图乙所示该同学测量出计数点0到计数点3、4、5的距离，并标在图乙上则在打计数点4时，小车的速度大小为_m/s；如果将钩码的重力在数值上当作小车所受的拉力，则在打计数点0到4的过程中，拉力对小车做的功为_J，小车的动能增量为_J(取重力加速度g9.8 m/s2，结果均保留两位有效数字)(3)由(2)中数据发现，该同学并没有能够得到“拉力对物体做的功等于物体动能
14、增量”的结论，且对其他的点(如2、3、5点)进行计算的结果与“4”计数点相似你认为产生这种实验结果的主要原因有(写出两条即可)_；_.【答案】 (1). （1）交流 (2). （2）0.58 (3). 5.910-2 (4). 3.410-2 (5). （3）小车质量不满足远大于钩码质量 (6). 没有平衡摩擦力；没考虑砝码动能的增加【解析】试题分析：（1）电磁打点计时器应用交流电，故应选交流挡。（2）物体做匀变速直线运动，时间中点的瞬时速度等于该段的平均速度，相邻的两计数点的时间间隔为01s，。打点计时器打04点的过程中，拉力做功为。小车动能的增量为。（3）该实验产生的系统误差主要为：1、钩
15、码的重力并不是小车所受拉力，而实际上是钩码与小车所组成的连接体的合外力，由牛顿第二定律得：，对小车，联立得：。由此可知，当M远大于m时，钩码重力等于绳子拉力，而实验并没有满足这个条件。2、另外此实验要进行平衡摩擦力的步骤，否则摩擦力的影响也会造成很大误差。考点：动能定理的考查。【名师点睛】打点计时器是一种计时仪器，用交流电源。把钩码重力当成小车合外力，利用功的公式直接求解功即可。根据匀变速直线运动规律时间中点的瞬时速度等于该段的平均速度可求4点的瞬时速度，进而求解动能大小。实验误差主要有两方面：1、系统误差。如没有平衡摩擦力或M没远远大于m等。2、偶然误差。如数据测量等。从这两方面分析即可。明
16、确实验原理是解决实验问题的关键，该实验的一些操作和要求与探究加速度与力、质量关系的实验类似，可类比学习。10. 某同学在测量电源电动势和内电阻的实验中（1）该同学连接的实物电路如图甲所示，请根据该实物图在虚线框内画出电路图_（2）实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，并描绘出了U1-U2的图象，如图乙所示，图中直线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=_，内阻r=_（用k、a、R0表示）【答案】 (1). （1）如图所示； (2). （2）； (3). 【解析】试题分析：（1）分析实物图可以明确对应的原理图，如图所示；（2）在闭合电路中，则：，U1-U2图
17、象斜率：，截距：，解得：；考点：测量电源电动势和内电阻【名师点睛】本题考查了求电源电动势与内阻，根据甲所示电路图分析清楚电路结构，应用串联电路特点与欧姆定律求出图象的函数表达式是正确解题的前提与关键，根据函数表达式与图象即可求出电源电动势与内阻。11. 如图所示电路中，电源电动势E12 V，内阻r1 ，电阻R19 ，R25 ，R3是一只滑动变阻器，其阻值变化范围为020 ，求：(1)电流表的示数为0.4 A，R3的阻值为多大；(2)电源的总功率最大值；(3)R3能获得的最大功率【答案】（1）3.3（2）14.4W（3）1.2W【解析】（1）由题意可求：，根据闭合电路的欧姆定律知： ，可得：，故
18、可得：，由部分电路的欧姆定律可得： ；（2）根据P=IE得，要使P最大，必须使I最大，即R最小，所以R3的阻值为零，由闭合电路的欧姆定律可得：，故电源的最大功率为：；（3）将R1，R2和电源内阻看作等效电源的内阻，其内阻大小为：，当R3r时的R3获得的功率最大，此等效电源的电动势为：，此时R3获得的最大功率为：。12. 如图所示，在光滑绝缘的水平面上，用长为2L的绝缘轻杆连接两个质量均为m的带电小球A和BA球的带电量为+2q，B球的带电量为-3q，两球组成一带电系统虚线MN与PQ平行且相距3L，开始时A和B分别静止于虚线MN的两侧，虚线MN恰为AB两球连线的垂直平分线若视小球为质点，不计轻杆的
19、质量，在虚线MN、PQ间加上水平向右的电场强度为E的匀强电场后试求：（1）B球刚进入电场时，带电系统的速度大小；（2）带电系统向右运动的最大距离和此过程中B球电势能的变化量；（3）带电系统运动的周期【答案】（1）（2）（3）.解得v2 第三段再减速则其加速度a3及时间t3为：， 所以带电系统运动的周期为： （二）选考题： 13. 下列说法中正确的是_A机械能可以全部转化为内能,内能也可以全部转化为机械能而不引起其他变化B液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现C当水面上的水蒸气达到饱和状态时,水中不会有水分子飞出水面D干湿泡湿度计的示数相差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远E悬浮在水中花粉
20、颗粒的布朗运动反映了水分子在做无规则的热运动【答案】BDE【解析】根据热力学第二定律，机械能可以全部转化为内能，内能也可以全部转化为机械能，但是会引起其他变化故A错误；液体表面张力与浸润现象都是分子力作用的表现，选项B正确；当水面上方的水蒸气达到饱和状态时，水中水分子飞出水面与进入水面是平衡的，故C错误；干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远故D正确；悬浮在水中花粉颗粒的布朗运动反映了水分子在做无规则的热运动，选项E正确；故选BDE.14. 如图所示，将一个绝热的汽缸竖直放置在水平桌面
21、上，在汽缸内用一个活塞封闭了一定质量的气体.在活塞上面放置一个物体，活塞和物体的总质量为10kg，活塞的横截面积S =100 cm2.已知外界的大气压强为P0=1105Pa，不计活塞和汽缸之间的摩擦力，重力加速度g=10m/s2.在汽缸内部有一个电阻丝，电阻丝的电阻值R=4，电源的电压为12V.接通电源 10s 后活塞缓慢升高h=10 cm，求这一过程中气体的内能变化量.若缸内气体的初始温度为27，体积为310-3m3，试求接通电源10s后缸内气体的温度是多少？【答案】1270C。【解析】设汽缸内气体的压强为p，选活塞为研究对象，活塞缓慢移动受力平衡，根据力的平衡知识得：，Pa。（1分）活塞在
22、上升h=10cm的过程中气体对外界做功，J。（1分）电阻丝在通电10s内产生的热量为J，（1分）因为汽缸是绝热的，所以电阻丝产生的热量全部被气体吸收。根据热力学第一定律得：J，即气体的内能增加了250J。（2分）内气体的压强保持不变，由，（3分）得K，即缸内气体的温度是127。（2分）15. 如图所示，实线是沿 x 轴传播的一列简谐横波在 t=0 时刻的波形图，虚线是这列波在 t=0.2s 时刻的波形图，已知该波的波速是 0.8m/s，则下列说法中正确的是_A.这列波的波长是 14cmB这列波的周期是 0.15sC这列波一定沿 x 轴负方向传播D从 t=0 时刻开始，x=5cm 处的质点经 0
23、.1s 振动到波峰E每经过 0.15s 介质中的质点就沿 x 轴移动 12cm【答案】BCD【解析】从图中可知，根据可得波的周期为，A错误B正确；因为，传播距离为，由图看出，实线到虚线，波形向右平移了，向左平移了，故得知，波形应向左平移，波沿x轴负方向传播，C正确；根据平移法可知x=12cm处的波峰经过传播到x=5cm处，故D正确；波在传播过程中，波上的质点只在平衡位置附近上下振动，不随波迁移，E错误；16. 如图所示，有一棱镜 ABCD，B = C = 900，D = 750.某同学想测量其折射率,他用激光笔从 BC面上的 P 点射入一束激光.从 Q 点射出时与 AD 面的夹角为450 .Q 点到 BC 面垂线的垂足为 E，PQE = 150.求：该棱镜的折射率；改变入射激光的方向，使激光在 AD 边恰好发生全反射，其反射光直接到达 CD 边后是否会从 CD 边出射？请说明理由.【答案】（1） （2）激光能够从CD边射出【解析】如图所示，FG为法线，则设全发射临界角为C，如图所示解得根据几何知识可得：，因而激光在CD边的入射角，因而激光能够从CD边出射【点睛】解决光学问题的关键要掌握全反射的条件、折射定律、临界角公式、光速公式，运用几何知识结合解决这类问题
