1、行唐县第三中学2018级高一新生入学摸底考试理综试卷一、选择题（16-19每小题4分，全选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）1.下列关于惯性的说法正确的是（ ）A. 太空中的宇航员不具有惯性B. 物体运动时具有惯性，静止时不具有惯性C. 汽车在转弯时减速，是为了防止惯性带来的危害D. 运动员起跑时寸用力蹬地，是为了增大惯性提高成绩【答案】C【解析】【详解】一切物体都有惯性，因此太空中的宇航员在太空舱中仍然有惯性。故A错误；一切物体都有惯性，惯性是物体固有的属性，静止的物体和运动的物体都有惯性，故B错误；汽车在转弯时如果不减速慢行，会由于惯性继续保持原来的方向运动，易造成侧翻
2、等事故的发生，故汽车在转弯时减速，是为了防止惯性造成的伤害，故C正确；运动员起跑时用力蹬地只是让人能向上跳起，利用了物体间力的作用是相互的，不是应用了惯性；故D错误。故选C。【点睛】本题考查对惯性的理解能力。要注意惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，与物体的运动状态无关，惯性大小取决于物体质量大小。2.下列关于电与磁的说法正确的是（ ）A. 磁场中某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的B. 改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极C. 发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时将机械能转化为电能D. 只改变直流电动机的电流方向，直流电动机内线圈的转向会发生改变【答案】BCD【
3、解析】【详解】磁场中某点的磁场方向与放在该点小磁场静止时N极的指向一致，即放不放小磁针，此点的磁场方向始终是不变的，故A错误；通电螺线管的极性与电流的方向和线圈的绕法有关，故对于给定的螺线管，改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极；故B正确；发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时将机械能转化为电能，选项C正确；影响直流电动机转动方向的原因有两个：电流方向和磁场方向，只改变直流电动机的电流方向，直流电动机内线圈的转向会发生改变，故D正确。故选BCD。3.如图所示，将一木块放在弹簧上，用手压木块，弹簧被压缩。松开手，木块竖直向上飞起直到最高点。下列说法正确的是A. 手压木块时，手
4、对木块的压力与弹簧对木块的支持力是一对平衡力B. 弹簧恢复原状过程中，弹性势能不变C. 木块在没有离开弹簧前，所受弹力方向竖直向下D. 木块到达最高点时，只受到重力作用【答案】D【解析】【分析】（1）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；（2）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度。弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大；（3）弹力方向与物体恢复弹性形变的方向相同；（4）木块上升到最高点时对其进行受力分析。【详解】手压木块时，木块受到重力、压力和弹簧的支持力，这三个力平衡。手对木块的压力小于弹簧对木块的支持力所以这两个力不是一对
5、平衡力，故A错误；弹簧恢复原状过程中，弹性形变的程度变小，弹性势能减小，故B错误；木块在没有离开弹簧前，弹簧被压缩，所以木块受弹力方向竖直向上，故C错误；木块上升到最高点时，受到重力作用，不受其它力的作用，故D正确；故选D。4.如图所示，电源电压不变。下列说法正确的是（ ）A. 只闭合S1，将P向左移动一段距离，电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值不变B. 只闭合S1，将P向左移动，R1消耗的功率增加C. 开关都闭合，将P向左移动，电压表的示数不变，电流表的示数变小D. 开关都闭合，将P向左移动，L消耗的功率不变，R2消耗的功率变小【答案】ACD【解析】【详解】由图知，只闭合S1，R1
6、、R2串联，电压表测R2两端电压，电流表测电路中电流。P左移动时，R2连入阻值变大，电路的总电阻变大，由欧姆定律知电路中电流变小，即电流表示数变小，由P=I2R知R1消耗的功率减小，故B错误；由串联电路的分压原理知R2分得电压增大R1分得电压减小，串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以有：U2=U1，R1为定值电阻，由欧姆定律知，即电压表示数的变化量与电流表示数的变化量的比值不变，故A正确；由图知，开关都闭合，L与R2并联，R1短路，电压表测电源电压，电流表测干路电流，由并联电路电压特点知，将P向左移动，电压表示数不变，R2连入阻值变大，所以电路的总电阻变大，总电流变小，所以电流表示
7、数变小，故C正确；并联电路中各支路间互不影响，所以灯泡功率不变，由P=U2/R知，R2消耗的功率变小，故D正确。故选ACD。【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，正确分析开关在不同状态下电路结构是解题的关键。二、填空题（第23小题2分，24小题4分）5.阅读短文并回答下列问题:光的全反射一束激光从某种玻璃中射向空气(如图7所示)，保持入射点不动，改变入射角(每次增加0.2)，当入射角增大到引41.8时，折射光线消失，只存在入射光线与反射光线，这种现象叫做光的全反射，发生这种现象时的入射角叫做这种物质的临界角。当入射角大于临界角时，只发生反射，不发生折射。(1
8、)上述玻璃的临界角是_.(2)折射光线消失后反射光线的亮度会增强，其原因是折射光消失后，入射光几乎全部变为_.(3)当光从空气射向玻璃，_(选填“会”或“不会”)发生光的全反射现象。(4)一个三棱镜由上述玻璃构成，让一束光垂直于玻璃三棱镜的一个面射入(如图8所示)，请在图中完成这束入射光的光路图_。【答案】 (1). （1）41.8； (2). （2）反射光； (3). （3）不会；【解析】【详解】（1）由题意可以知道，当入射角为41.8时，折射光线消失了，所以玻璃的临界角为41.8，（2）当入射光线从一种介质斜射入另一种介质时，会发生折射，同时也发生反射，所以反射光线要比入射光线暗一些，而当
9、光从小于临界角向临界角靠近，当折射光线消失后，发生了全反射，光线全变为反射光线，所以反射光线亮度增强了。（3）光只有从水或玻璃射向空气时，才会发生全反射，所以光从空气射向玻璃，入射角增大，折射光不可能完全消失；（4）光线从空气进入玻璃时，因是垂直照射，所以方向不变；当从玻璃中斜射入空气时，其入射角为45大于临界角，故其发生全反射，其大致路径如下图：【点睛】本题主要考查了光的折射现象以及光的全反射现象的实验，要读数实验的过程，并能总结出相应的结论加以运用。同时还考查了光的折射的光路图，有一定综合性。三、实验探究题（共7分）6.小明利用如图所示的电路“探究串、并联电路中电流的关系”。 (1)探究串
10、联电路中电流的关系。用笔画线代替导线将开关S3连入电路中_。(要求：只闭合开火S3后，R1、R2以及电流表串联；导线不许交叉)小明将S3闭合后，发现电流表均无示数。于是他用一只电压表对电路故障(电路中只有一处故障)进行了检测，将电压表接在R1两端时，电压表与电流表均无示数；接在R2两端时，电压表有示数，电流表无示数。电路中的故障是_。小明排除故障后继续实验，读出了电路中各电流表的示数，得到了串联电路中电流的关系是：串联电路中各处电流相等。(2)完成上述实验后，小明继续探究并联电路中电流的关系。各开关的连接情况是_(填写各开关断开或闭合)。分析实验中各电流表的读数(如图15所示)，可知并联电路中
11、电流的关系是：_.电阻R1：R2=_.(3)为了验证结论的普遍性，你可以采用的方法是：_.（4）在电源电压不变的情况F，小明两次实验中电路消耗的最大功率与最小功率之比P最大：P最小=_.【答案】 (1). ：（1）电路连接如图所示： (2). R2断路； (3). （2）闭合S1、S2断开S3； (4). 并联电路干路电流等于各支路电流的和； (5). 1：2 (6). （3）改变电源电压； (7). 9：2。【解析】【详解】（1）按从电源正极依次把各个元件连接起来，组成了一条电流的路径，电路连接如图所示：闭合开关后，电流表无示数，说明电路故障为断路；电压表的示数接近电源电压，说明电压表的正负
12、接线柱与电源两极相连，因此电路故障为与电压表并联的R2断路。（2）闭合开关S1、S2，断开开关S3，电路有两条路径一条为：S1-R1-A2，另一条为：R2-A3-S2；如实物图可知电流表选用0-3A的量程，I1=2.4A，I2=1.6A，I3=0.8A，则I1=I2+I3即并联电路干路电流等于各支路电流的和；并联电路电压处处相等，在电压相等的情况下电流和电阻成反比，即R1：R2=I3：I2=0.8A：1.6A=1：2。（3）为了验证结论的普遍性，应多次测量，可以采用的方法是：改变电源电压；在电源电压不变的情况下P最大：P最小=。【点睛】本题考查了用电压表判断故障时、电路的连接、并联电路电流的规
13、律、比值等问题是一道综合性实验题，有一定的难度。三、计算应用题（第27小题10分，28题11分，解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）7.如图所示，某建筑工地用电动机、定滑轮和斜面组成的装置，将重为1 600 N的建材山斜面底端匀速拉到顶端。已知斜面倾角为30。，斜面高为4.5 m，建材移动的速度为0.4 m/s，电动机的输出功率为400 W，斜面的效率与整个装置的效率之比1：2=10：9。(忽略定滑轮处摩擦及绳中)求：(1)对建材做的有用功。(2)斜面的效率。(3)电动机消耗的电能【答案】（1）对建材做的有用功为7200J。（2）斜面的效率为80%。（3）电动机
14、消耗的电能为10000J。【解析】【详解】（1）对建材做的有用功：W有用=Gh=1600N4.5m=7200J；（2）因为在RtABC中，BAC=30，所以，AC=2BC=24.5m=9m，根据 可得，拉力 拉力做的总功：W总=Fs=1000N9m=9000J，斜面的效率：；（3）因为斜面的效率与整个装置的效率之比1：2=10：9，1=80%。则 ，所以根据 可得，电动机消耗的电能：。【点睛】此题考查功和效率的计算，同时考查速度公式及其应用，关键是利用直角三角形中，30角所对直角边等于斜边一半求出斜面的长度，同时要求熟练运用各种公式及其变形。8.如图所示，电源电压可调，灯泡L规格为“1 5 V
15、 45 W”，且灯丝电阻不随温度变化。电流表量程为“OO6 A”和“O3 A，滑动变阻器尺的规格分别为“25 2 A和“1 O 3 A”。(1)将电源电压调到1 8V，闭合开关，移动P，使灯泡正常发光。求灯泡的电阻和灯泡消耗的最小功率。(2)将电源电压调到l 5 V，用定值电阻R0替换灯泡，P置于中点A，闭合开关，电流表指针指到满偏刻度的三分之二位置(可能重新选择了电表最程和变阻器R)。然后将P从A移到最左端B，两表示数的I-U关系如图所示。通过计算判断所用变阻器的规格.【答案】（1）灯泡的电阻和灯泡消耗的最小功率分别为5、7.2W。（2）所用变阻器的规格为“252A”。【解析】【详解】由电路
16、图可知，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）由得： ；由P=UI可得，灯的额定电流：因串联电路中各处的电流相等，且灯泡能正常发光，所以使用滑动变阻器是“103A”。则当滑动变阻器连入的电阻最大阻值为10，电路中的电流最小，电功率最小；总电流 灯泡消耗的最小功率：P灯小=I2R灯=（1.2A）25=7.2W。（2）将电源电压调到l5V，用定值电阻R0替换灯泡，当滑动变阻器P置于中点A时，根据电阻的串联和欧姆定律可得： ；当滑动变阻器P置于B时，滑动变阻器连入的电阻为0，则根据电阻的串联和欧姆定律可得：IB= ；由图乙可知：IA=IB，即：；解得：R=R0；由于P置于中点A，电流表指针指到满偏刻度的三分之二位置；即IA的可能值为0.4A或2A；根据IA=IB可知：IB的可能值为0.6A或3A；所以，由I=U/R得：R与R0可能值为：； ；根据题干可知；滑动变阻器的规格为“252A”。【点睛】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据灯泡的额定电压和电流表的量程确定电路中的最大电流。