1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015年江西省南昌市十所省重点中学高考数学二模试卷（理科）（四）一、选择题：共12小题，每小题5分，共60分在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的一项1（5分）设集合A=x|2x4，集合B=x|y=lg（x1），则AB等于（） A （1，2） B 1，2 C 1，2） D （1，2【考点】： 对数函数的定义域；交集及其运算【专题】： 函数的性质及应用【分析】： 解指数不等式求出集合A，求出对数函数的定义域即求出集合B，然后求解它们的交集【解析】： 解：A=x|2x4=x|x2，由x10得x1B=x|y=lg（x1）=x|x1AB=x|1x2故选D
2、【点评】： 本题考查指数不等式的解法，交集及其运算，对数函数的定义域，考查计算能力2（5分）下面是关于复数z=的四个命题：p1：|z|=2，p2：z2=2i，p3：z的共轭复数为1+i，p4：z的虚部为1，其中真命题为（） A p2，p3 B p1，p2 C p2，p4 D p3，p4【考点】： 复数代数形式的乘除运算【专题】： 数系的扩充和复数【分析】： 利用复数的运算法则可得：复数z=1+i，再利用复数的模的计算公式、共轭复数的定义、虚部的定义即可判断出真假【解析】： 解：复数z=1+i的四个命题：p1：|z|=2，因此是假命题；p2：z2=（1+i）2=2i，是真命题；p3：z的共轭复数
3、为1i，是假命题；p4：z的虚部为1，是真命题其中真命题为p2，p4故选：C【点评】： 本题考查了复数的运算法则、复数的模的计算公式、共轭复数的定义、虚部的定义、命题的真假判定，考查了推理能力与计算能力，属于基础题3（5分）下列四个结论：若x0，则xsinx恒成立；命题“若xsinx=0，则x=0”的逆否命题为“若x0，则xsinx0”；“命题pq为真”是“命题pq为真”的充分不必要条件；命题“xR，xlnx0”的否定是“x0R，x0lnx00”其中正确结论的个数是（） A 1个 B 2个 C 3个 D 4个【考点】： 命题的真假判断与应用【专题】： 阅读型；函数的性质及应用；简易逻辑【分析】
4、： 令y=xsinx，求出导数，判断单调性，即可判断；由命题的逆否命题，先将体积、结论调换，再分别对它们否定，即可判断；由命题pq为真，则p，q中至少有一个为真，不能推出pq为真，即可判断；由全称性命题的否定为存在性命题，即可判断【解析】： 解：对于，令y=xsinx，则y=1cosx0，则有函数y=xsinx在R上递增，则当x0时，xsinx00=0，则xsinx恒成立则对；对于，命题“若xsinx=0，则x=0”的逆否命题为“若x0，则xsinx0”，则对；对于，命题pq为真，则p，q中至少有一个为真，不能推出pq为真，反之成立，则应为必要不充分条件，则错；对于，命题“xR，xlnx0”的
5、否定是“x0R，x0lnx00”则对综上可得，其中正确的叙述共有3个故选C【点评】： 本题考查函数的单调性的运用，考查复合命题的真假和真值表的运用，考查充分必要条件的判断和命题的否定，属于基础题和易错题4（5分）如图是一个无盖器皿的三视图，正视图、侧视图和俯视图中的正方形边长为2，正视图、侧视图中的虚线都是半圆，则该器皿的表面积是（） A +24 B +20 C 2+24 D 2+20【考点】： 由三视图求面积、体积【专题】： 计算题；空间位置关系与距离【分析】： 该器皿的表面积可分为两部分：去掉一个圆的正方体的表面积s1和半球的表面积s2，即可求出该器皿的表面积【解析】： 解：该器皿的表面积
6、可分为两部分：去掉一个圆的正方体的表面积s1和半球的表面积s2，s1=62212=24，s2=2，故s=s1+s2=+24故选：A【点评】： 由三视图求表面积与体积，关键是正确分析原图形的几何特征5（5分）（2014江西）阅读如图程序框图，运行相应的程序，则程序运行后输出的结果为（） A 7 B 9 C 10 D 11【考点】： 程序框图【专题】： 算法和程序框图【分析】： 算法的功能是求S=0+lg+lg+lg+lg的值，根据条件确定跳出循环的i值【解析】： 解：由程序框图知：算法的功能是求S=0+lg+lg+lg+lg的值，S=lg+lg+lg=lg1，而S=lg+lg+lg=lg1，跳出
7、循环的i值为9，输出i=9故选：B【点评】： 本题考查了循环结构的程序框图，根据框图的流程判断算法的功能是解题的关键6（5分）已知实数x，y满足，若目标函数z=mx+y的最大值为2m+10，最小值为2m2，则实数m的取值范围是（） A 1，2 B 2，1 C 2，3 D 1，3【考点】： 简单线性规划的应用【专题】： 不等式的解法及应用【分析】： 作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，由z=mx+y的最大值为2m+10，即当目标函数经过点（2，10）时，取得最大，当经过点（2，2）时，取得最小值，利用数形结合确定m的取值范围【解析】： 解：作出不等式组对应的平面区域如图：（阴影部
8、分ABC）由目标函数z=mx+y得y=mx+z，则直线的截距最大，z最大，直线的截距最小，z最小目标函数z=mx+y的最大值为2m+10，最小值为2m2，当目标函数经过点（2，10）时，取得最大，当经过点（2，2）时，取得最小值，目标函数z=mx+y的目标函数的斜率m满足比x+y=0的斜率大，比2xy+6=0的斜率小，即1m2，故选：A【点评】： 本题主要考查线性规划的应用，结合目标函数的几何意义，确定目标函数的斜率是解决本题的关键，利用数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法7（5分）对于函数f（x）=x3cos3（x+），下列说法正确的是（） A f（x）是奇函数且在（）上递减 B f（
9、x）是奇函数且在（）上递增 C f（x）是偶函数且在（）上递减 D f（x）是偶函数且在（）上递增【考点】： 函数奇偶性的判断；函数单调性的判断与证明【专题】： 探究型【分析】： 由题设条件知，可先化简函数解析式，再研究函数的性质，根据得出的函数的性质选出正确选项【解析】： 解：f（x）=x3cos3（x+）=x3cos（3x+）=x3sin3x由于f（x）=x3sin3x=f（x），可知此函数是偶函数，又x3与sin3x在（）上递增，可得f（x）=x3sin3x在（）上递减，对照四个选项，C正确故选C【点评】： 本题考查函数奇偶性与函数单调性的判断，解题的关键是熟练掌握函数奇偶性的判断方法与
10、函数单调性的判断方法，除了用定义法判断之外，掌握一些基本函数的单调性，利用基本函数的单调性判断一些由这些基本函数组合的函数的性质可以方便解题8（5分）（2015甘肃二模）定义：在数列an中，若满足=d（nN+，d为常数），称an为“等差比数列”已知在“等差比数列”an中，a1=a2=1，a3=3，则（） A 4201521 B 4201421 C 4201321 D 420132【考点】： 进行简单的合情推理【专题】： 计算题；推理和证明【分析】： 确定=1+2（n1）=2n1，再代入，即可得出结论【解析】： 解：由题意，d=31=2，=1，=1+2（n1）=2n1，利用叠乘法可得=42014
11、21，故选：B【点评】： 本题考查新定义，考查数列通项的求解，解题的关键是对新定义的理解9（5分）设函数y=f（x）在区间（a，b）上的导函数为f（x），f（x）在区间（a，b）上的导函数为f（x），若在区间（a，b）上f（x）0恒成立，则称函数f（x）在区间（a，b）“凸函数“；已知f（x）=x4x3x2在（1，3）上为“凸函数”，则实数取值范围是（） A （，） B ，5 C （，2） D 2，+）【考点】： 利用导数研究函数的单调性【专题】： 导数的综合应用【分析】： 函数在区间（1，3）上为“凸函数”，所以f（x）0，即对函数y=f（x）二次求导，转化为不等式问题解决即可；【解析】：
12、解：f（x）=x4x3x2，f（x）=x3x23x，f（x）=x2mx3，f（x）为区间（1，3）上的“凸函数”，则有f（x）=x2mx30在区间（1，3）上恒成立，解得m2故选：D【点评】： 本题考查函数的导数与不等式恒成立问题的解法，关键是要理解题目所给信息（新定义），考查知识迁移与转化能力，属于中档题10（5分）在爸爸去哪儿第二季第四期中，村长给6位“萌娃”布置一项搜寻空投食物的任务已知：食物投掷地点有远、近两处； 由于Grace年纪尚小，所以要么不参与该项任务，但此时另需一位小孩在大本营陪同，要么参与搜寻近处投掷点的食物；所有参与搜寻任务的小孩须被均分成两组，一组去远处，一组去近处则不
13、同的搜寻方案有（） A 40种 B 70种 C 80种 D 100种【考点】： 进行简单的合情推理【专题】： 计算题；推理和证明【分析】： Grace不参与该项任务，需一位小孩在大本营陪同，则其余4人被均分成两组，一组去远处，一组去近处；Grace参与该项任务，则从其余5人中选2人去近处，即可得出结论【解析】： 解：Grace不参与该项任务，则有=30种；Grace参与该项任务，则有=10种，故共有30+10=40种故选：A【点评】： 本题考查进行简单的合情推理，考查分类讨论的数学思想，考查学生分析解决问题的能力，比较基础11（5分）椭圆的左右焦点分别为F1，F2，若椭圆C上恰好有6个不同的点
14、P，使得F1F2P为等腰三角形，则椭圆C的离心率的取值范围是（） A B C D 【考点】： 椭圆的简单性质【专题】： 计算题；压轴题；圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】： 分等腰三角形F1F2P以F1F2为底和以F1F2为一腰两种情况进行讨论，结合以椭圆焦点为圆心半径为2c的圆与椭圆位置关系的判断，建立关于a、c的不等式，解之即可得到椭圆C的离心率的取值范围【解析】： 解：当点P与短轴的顶点重合时，F1F2P构成以F1F2为底边的等腰三角形，此种情况有2个满足条件的等腰F1F2P；当F1F2P构成以F1F2为一腰的等腰三角形时，以F2P作为等腰三角形的底边为例，F1F2=F1P，点P在以F1
15、为圆心，半径为焦距2c的圆上因此，当以F1为圆心，半径为2c的圆与椭圆C有2交点时，存在2个满足条件的等腰F1F2P，在F1F2P1中，F1F2+P1F1P1F2，即2c+2c2a2c，由此得知3ca所以离心率e当e=时，F1F2P是等边三角形，与中的三角形重复，故e同理，当F1P为等腰三角形的底边时，在e且e时也存在2个满足条件的等腰F1F2P这样，总共有6个不同的点P使得F1F2P为等腰三角形综上所述，离心率的取值范围是：e（，）（，1）【点评】： 本题给出椭圆的焦点三角形中，共有6个不同点P使得F1F2P为等腰三角形，求椭圆离心率e的取值范围着重考查了椭圆的标准方程和简单几何性质等知识，
16、属于基础题12（5分）已知实数a，b，c，d满足=1其中e是自然对数的底数，则（ac）2+（bd）2的最小值为（） A 8 B 10 C 12 D 18第卷【考点】： 两点间距离公式的应用【专题】： 计算题；函数的性质及应用【分析】： 由已知得点（a，b）在曲线y=x2ex上，点（c，d）在曲线y=2x上，（ac）2+（bd）2的几何意义就是曲线y=x2ex到曲线y=2x上点的距离最小值的平方由此能求出（ac）2+（bd）2的最小值【解析】： 解：实数a，b，c，d满足=1，b=a2ea，d=2c，点（a，b）在曲线y=x2ex上，点（c，d）在曲线y=2x上，（ac）2+（bd）2的几何意义
17、就是曲线y=x2ex到曲线y=2x上点的距离最小值的平方考查曲线y=x2ex上和直线y=2x平行的切线，y=12ex，求出y=x2ex上和直线y=2x平行的切线方程，令y=12ex=1，解得x=0，切点为（0，2），该切点到直线y=2x的距离d=2就是所要求的两曲线间的最小距离，故（ac）2+（bd）2的最小值为d2=8故选：A【点评】： 本题考查代数式的最小值的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意两点间距离公式的合理运用二、填空题：本大题共四小题，每小题5分13（5分）已知向量=（1，），=（3，m）若向量在方向上的投影为3，则实数m=【考点】： 平面向量数量积的运算【专题】： 平面向量及
18、应用【分析】： 由投影的定义即得，所以得到，解出m即可【解析】： 解：根据投影的概念：；故答案为：【点评】： 考查投影的概念，两向量夹角余弦公式的坐标运算，数量积的坐标运算，根据向量坐标求其长度14（5分）已知a=2cos（x+）dx，则二项式（x2+）5的展开式中x的系数为80【考点】： 定积分；二项式定理的应用【专题】： 计算题【分析】： 根据定积分的运算法则求出a的值，再根据二项式定理的公式，求出一次项的系数；【解析】： 解：a=2cos（x+）dx=2sin（x+）=2sin（）2sin=2，二项式（x2+）5=（x2）5，Tr+1=，令103r=1，可得r=3，二项式（x2+）5的展
19、开式中x的系数=80；故答案为：80；【点评】： 此题主要考查定积分的运算法则和二项式定理的应用，是一道综合题，比较简单；15（5分）对于集合a1，a2，an和常数a0，定义：为集合a1，a2，an相对a0的“正弦方差”，则集合相对a0的“正弦方差”为【考点】： 三角函数的化简求值【专题】： 计算题；压轴题；新定义【分析】： 先根据题意表示出正弦方差，进而利用二倍角公式把正弦的平方转化成余弦的二倍角，进而利用两角和公式进一步化简整理，求得结果即可【解析】： 解：因为集合相对a0的“正弦方差”，W=故答案为：【点评】： 本题主要考查了三角函数中二倍角，两角和公式的应用考查了学生综合分析问题和基本
20、的运算能力16（5分）已知动点P在棱长为1的正方体ABCDA1B1C1D1的表面上运动，且PA=r（0r），记点P的轨迹长度为f（r）给出以下四个命题：f（1）=f（）=f（）=函数f（r）在（0，1）上是增函数，f（r）在（，）上是减函数其中为真命题的是（写出所有真命题的序号）【考点】： 棱柱的结构特征【专题】： 空间位置关系与距离【分析】： 由题意画出图形并得出相应的解析式，画出其图象，经过讨论即可得出答案【解析】： 解：如图所示：当0r1时，f（r）=3r=r，f（）=，此时，由一次函数的单调性可得：0f（r）5，当1r时，在平面ABCD内，设以点A为圆心，r为半径的圆弧与BC、CD分别
21、交于点E、F，则cosDAF=，EAF=2DAF，cosEAF=sin2DAF=2=，cosEAG=，f（r）=3rarccos+3rarccos；当r时，CM=，cosMAN=，f（r）=3rarccos，综上，当0r1时，f（r）=r，当1r时，f（r）=3rarccos+3rarccos；当r时，f（r）=3rarccos，故只有正确故答案为：【点评】： 熟练掌握数形结合、分类讨论的思想方法、数形结合的思想方法是解题的关键三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤17（12分）在ABC中，角A，B，C的对应边分别是a，b，c满足b2+c2=bc+a2（）求角A的大小；（）已知等差
22、数列an的公差不为零，若a1cosA=1，且a2，a4，a8成等比数列，求的前n项和Sn【考点】： 数列的求和；等比数列的性质；余弦定理【专题】： 等差数列与等比数列【分析】： （）由已知条件推导出=，所以cosA=，由此能求出A=（）由已知条件推导出（a1+3d）2=（a1+d）（a1+7d），且d0，由此能求出an=2n，从而得以=，进而能求出的前n项和Sn【解析】： 解：（）b2+c2a2=bc，=，cosA=，A（0，），A=（）设an的公差为d，a1cosA=1，且a2，a4，a8成等比数列，a1=2，且=a2a8，（a1+3d）2=（a1+d）（a1+7d），且d0，解得d=2，a
23、n=2n，=，Sn=（1）+（）+（）+（）=1=【点评】： 本题考查角的大小的求法，考查数列的前n项和的求法，是中档题，解题时要认真审题，注意裂项求和法的合理运用18（12分）某大学的一个社会实践调查小组，在对大学生的良好“光盘习惯”的调査中，随机发放了l20份问巻对收回的l00份有效问卷进行统计，得到如下2x2列联表：（1）现已按是否能做到光盘分层从45份女生问卷中抽取了9份问卷，若从这9份问卷中随机抽取4份，并记其中能做到光盘的问卷的份数为，试求随机变量的分布列和数学期望（2）如果认为良好“光盘习惯”与性别有关犯错误的概率不超过P，那么根据临界值表最精确的P的值应为多少？请说明理由附：独
24、立性检验统计量K2=，其中n=a+b+c+d，独立性检验临界表：【考点】： 独立性检验的应用【专题】： 应用题；概率与统计【分析】： （1）因为9份女生问卷是用分层抽样取到的，所以这9份问卷中有6份做不到光盘，3份能做到光盘因为表示从这9份问卷中随机抽取的4份中能做到光盘的问卷份数，所以有0，1，2，3的可能取值，求出相应的概率，可得随机变量的分布列和数学期望；（2）计算K2=3.03，可得结论【解析】： 解：（1）因为9份女生问卷是用分层抽样取到的，所以这9份问卷中有6份做不到光盘，3份能做到光盘因为表示从这9份问卷中随机抽取的4份中能做到光盘的问卷份数，所以有0，1，2，3的可能取值，所以
25、P（=0）=，P（=1）=，P（=2）=，P（=3）=的分布列如下所以E=0+1+2+3=；（2）K2=3.03因为2.7063.033.840所以能在犯错误的概率不超过0.10的前提下认为良好“光盘习惯”与性别有关，即P=0.1【点评】： 本题考查随机变量的分布列和数学期望，考查独立性检验，考查学生分析解决问题的能力，知识综合19（12分）在如图所示的空间几何体中，平面ACD平面ABC，ACD与ACB是边长为2的等边三角形，BE=2，BE和平面ABC所成的角为60，且点E在平面ABC上的射影落在ABC的平分线上（）求证：DE平面ABC；（）求二面角EBCA的余弦值【考点】： 用空间向量求平面
26、间的夹角；直线与平面平行的判定；与二面角有关的立体几何综合题【专题】： 空间位置关系与距离；空间向量及应用【分析】： （）取AC中点O，连接BO，DO，由题设条件推导出DO平面ABC，作EF平面ABC，由已知条件推导出EBF=60，由此能证明DE平面ABC（）法一：作FGBC，垂足为G，连接EG，能推导出EGF就是二面角EBCA的平面角，由此能求出二面角EBCA的余弦值法二：以OA为x轴，以OB为y轴，以OD为z轴，建立空间直角坐标系Oxyz，利用向量法能求出二面角EBCA的余弦值【解析】： （本小题满分12分）解：（）由题意知，ABC，ACD都是边长为2的等边三角形，取AC中点O，连接BO，
27、DO，则BOAC，DOAC，（2分）又平面ACD平面ABC，DO平面ABC，作EF平面ABC，那么EFDO，根据题意，点F落在BO上，BE和平面ABC所成的角为60，EBF=60，BE=2，（4分）四边形DEFO是平行四边形，DEOF，DE不包含于平面ABC，OF平面ABC，DE平面ABC（6分）（）解法一：作FGBC，垂足为G，连接EG，EF平面ABC，EFBC，又EFFG=F，BC平面EFG，EGBC，EGF就是二面角EBCA的平面角（9分）RtEFG中，即二面角EBCA的余弦值为（12分）解法二：建立如图所示的空间直角坐标系Oxyz，B（0，0），C（1，0，0），E（0，），=（1，0
28、），=（0，1，），平面ABC的一个法向量为设平面BCE的一个法向量为则，（9分）所以，又由图知，所求二面角的平面角是锐角，二面角EBCA的余弦值为（12分）【点评】： 本题考查直线与平面平行的证明，考查二面角的余弦值的求法，解题时要注意空间思维能力的培养，注意向量法的合理运用20（12分）已知抛物线E：y2=2px（p0）的准线与x轴交于点K，过点K作圆C：（x2）2+y2=1的两条切线，切点为M，N，|MN|=（1）求抛物线E的方程（2）设A、B是抛物线E上分别位于x轴两侧的两个动点，且=（其中O为坐标原点）求证：直线AB必过定点，并求出该定点Q的坐标过点Q作AB的垂线与抛物线交于G、D两
29、点，求四边形AGBD面积的最小值【考点】： 抛物线的简单性质【专题】： 平面向量及应用；直线与圆；圆锥曲线的定义、性质与方程【分析】： （1）求得K的坐标，圆的圆心和半径，运用对称性可得MR的长，由勾股定理和锐角的三角函数，可得CK=3，再由点到直线的距离公式即可求得p=2，进而得到抛物线方程；（2）设出直线方程，榴莲么抛物线方程，运用韦达定理和向量的数量积的坐标表示，化简整理，即可得到定点Q；运用弦长公式和四边形的面积公式，换元整理，结合基本不等式，即可求得最小值【解析】： （1）解：由已知可得K（，0），圆C：（x2）2+y2=1的圆心C（2，0），半径r=1设MN与x轴交于R，由圆的对称
30、性可得|MR|=，于是|CR|=，即有|CK|=3，即有2+=3，解得p=2，则抛物线E的方程为y2=4x；（2）证明：设直线AB：x=my+t，A（，y1），B（，y2），联立抛物线方程可得y24my4t=0，y1+y2=4m，y1y2=4t，=，即有（）2+y1y2=，解得y1y2=18或2（舍去），即4t=18，解得t=则有AB恒过定点Q（，0）；解：由可得|AB|=|y2y1|=，同理|GD|=|y2y1|=，则四边形AGBD面积S=|AB|GD|=4，令m2+=（2），则S=4是关于的增函数，则当=2时，S取得最小值，且为88当且仅当m=1时，四边形AGBD面积的最小值为88【点评】
31、： 本题考查抛物线的方程和性质，主要考查抛物线方程和直线方程联立，运用韦达定理和弦长公式，同时考查直线和圆的位置关系，向量的数量积的坐标表示，具有一定的运算量，属于中档题21（12分）设函数f（x）=（1ax）ln（x+1）bx，其中a和b是实数，曲线y=f（x）恒与x轴相切于坐标原点（1）求常数b的值（2）当0x1时，关于x的不等式f（x）0恒成立，求实数a的取值范围（3）求证：对于任意的正整数n，不等式（1+）n【考点】： 利用导数研究曲线上某点切线方程；利用导数研究函数的单调性【专题】： 导数的概念及应用；导数的综合应用；不等式的解法及应用【分析】： （1）求出函数的导数，求得切线的斜率
32、，由条件可得f（0）=0，即可得到b=1；（2）求出f（x）的导数，对a讨论，当a时，当a0时，当a0时，求出单调区间，求得最小值，即可得到a的范围；（3）对要证的不等式等价变形，可得ln（1+）0，且（+1）ln（1+）0运用（2）中的结论，通过a的取值，即可得证【解析】： （1）解：对f（x）求导得：f（x）=aln（1+x）+b，根据条件知f（0）=0，所以1b=0，解得b=1；（2）解：由（1）得f（x）=（1ax）ln（x+1）x，0x1，f（x）=aln（1+x）+1f（x）=当a时，由于0x1，有f（x）0，于是f（x）在0.1上单调递增，从而f（x）f（0）=0，因此f（x）在
33、0.1上单调递增，即f（x）f（0）而且仅有f（0）=0；当a0时，由于0x1，有f（x）0，于是f（x）在0.1上单调递减，从而f（x）f（0）=0，因此f（x）在0.1上单调递减，即f（x）f（0）而且仅有f（0）=0；当a0时，令m=min1，当0xm时，f（x）0，于是f（x）在0，m上单调递减，从而f（x）f（0）=0，因此f（x）在0，m上单调递减，即f（x）f（0）而且仅有f（0）=0综上可知，所求实数a的取值范围是（，（3）证明：要证对于任意的正整数n，不等式（1+）n即证对于任意的正整数n，nln（1+）1（n+1）ln（1+）即证ln（1+）（+1）ln（1+）即证ln（1
34、+）0，且（+1）ln（1+）0对于相当于（2）中a=0，有f（x）在0，1上单调递减，即f（x）f（0）而且仅有f（0）=0取x=，有ln（1+）0；对于相当于（2）中a=1，有x0，1，f（x）0而且仅有f（0）=0取x=，有（+1）ln（1+）0成立则有对于任意的正整数n，不等式（1+）n【点评】： 本题考查导数的运用：求切线斜率和单调区间，主要考查函数的单调性的运用，运用分类讨论的思想方法和等价转化的思想方法是解题的关键请考生在第22、23、24三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题记分答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑选修4-1：几何证明选讲22（10分）如图所示，
35、PA为圆O的切线，A为切点，PO交圆O于B，C两点，PA=20，PB=10，BAC的角平分线与BC和圆O分别交于点D和E（）求证ABPC=PAAC（）求ADAE的值【考点】： 与圆有关的比例线段【专题】： 直线与圆【分析】： （1）由已知条件推导出PABPCA，由此能够证明ABPC=PAAC（2）由切割线定理求出PC=40，BC=30，由已知条件条件推导出ACEADB，由此能求出ADAE的值【解析】： （1）证明：PA为圆O的切线，PAB=ACP，又P为公共角，PABPCA，ABPC=PAAC（4分）（2）解：PA为圆O的切线，BC是过点O的割线，PA2=PBPC，PC=40，BC=30，又C
36、AB=90，AC2+AB2=BC2=900，又由（1）知，AC=12，AB=6，连接EC，则CAE=EAB，ACEADB，（10分）【点评】： 本题考查三角形相似的证明和应用，考查线段乘积的求法，是中档题，解题时要注意切割线定理的合理运用选修4-4：坐标系与参数方程23在直角坐标系xOy中，圆C的参数方程为参数）以O为极点，x轴的非负半轴为极轴建立极坐标系（）求圆C的极坐标方程；（）直线l的极坐标方程是，射线OM：=与圆C的交点为O、P，与直线l的交点为Q，求线段PQ的长【考点】： 简单曲线的极坐标方程；点的极坐标和直角坐标的互化【专题】： 坐标系和参数方程【分析】： 解：（I）利用cos2+
37、sin2=1，即可把圆C的参数方程化为直角坐标方程（II）设（1，1）为点P的极坐标，由，联立即可解得设（2，2）为点Q的极坐标，同理可解得利用|PQ|=|12|即可得出【解析】： 解：（I）利用cos2+sin2=1，把圆C的参数方程为参数）化为（x1）2+y2=1，22cos=0，即=2cos（II）设（1，1）为点P的极坐标，由，解得设（2，2）为点Q的极坐标，由，解得1=2，|PQ|=|12|=2|PQ|=2【点评】： 本题考查了利用极坐标方程求曲线的交点弦长，考查了推理能力与计算能力，属于中档题选修4-5：不等式选讲24设函数f（x）=|2x1|x+2|（）解不等式f（x）0；（）若
38、x0R，使得f（x0）+2m24m，求实数m的取值范围【考点】： 绝对值不等式的解法【专题】： 不等式的解法及应用【分析】： （）不等式f（x）0，即|2x1|x+2|，平方后解一元二次不等式求得它的解集（）根据f（x）的解析式，求出f（x）的最小值为f（），再根据f（）+2m24m，求得m的范围【解析】： 解：（）不等式f（x）0，即|2x1|x+2|，即 4x24x+1x2+4x+4，即 3x28x+30，求得它的解集为x|x，或x3（）f（x）=|2x1|x+2|=，故f（x）的最小值为f（）=，根据x0R，使得f（x0）+2m24m，可得4m2m2，即4m28m50，求得m【点评】： 本题主要考查绝对值不等式的解法，带有绝对会的函数，函数的能成立问题，体现了等价转化和分类讨论的数学思想，属于中档题- 20 - 版权所有高考资源网