1、高考资源网（） 您身边的高考专家2015-2016学年江西省南昌市八一中学、洪都中学等五校联考高一（下）月考物理试卷（5月份）一选择题（共48分，1-7题单选，8-12题多选）1关于物体的平抛运动，下列说法正确的是（）A由于物体受力的大小和方向不变，因此平抛运动是匀变速运动B由于物体速度的方向不断变化，因此平抛运动不是匀变速运动C物体的运动时间只由抛出时的初速度决定，与高度无关D平抛运动的水平距离由初速度决定2石英钟是家里的常见物品，关于正常走时的时钟，下列说法正确的是（）A分针的周期是时针周期的B分针角速度是时针角速度的60倍C秒针的周期是时针周期的D秒针角速度是分针角速度的60倍3如图所示
2、，在同一竖直面内，小球a、b从高度不同的两点，分别以初速度va和vb沿水平方向抛出，经过时间ta和tb后落到与两抛出点水平距离相等的P点，若不计空气阻力，下列关系式正确的是（）Atatb，vavbBtatb，vavbCtatb，vavbDtatb，vavb4质量为1kg的滑块以2m/s的速度在光滑的水平面上向右滑行，从某一时刻起在滑块上施加一个水平向左的2N的作用力经过一段时间后，滑块的速度方向变为向左，大小变为6m/s，在这段时间内水平力对滑块所做的功为（）A0B10 JC16 JD20 J5质量为m=2kg的物体，在光滑的水平面上以v1=10m/s的速度匀速向西运动若有大小为6N、方向向北
3、的恒力F作用于物体，2s末力F的功率为（）A80 WB64 WC48 WD36 W6沿着高度相同，坡度不同，粗糙程度也不同的斜面向上拉同一物体到顶端，下列说法中正确的是（）A沿坡度小、长度大的斜面上升克服重力做的功多B沿坡度大、粗糙程度大的斜面上升克服重力做的功多C沿坡度大、粗糙程度大的斜面上升克服重力做的功少D上述几种情况重力做功同样多7如图所示，质量为m的物体从半径为R的l/4圆轨道的上端由静止滑到最低点，然后又沿水平地面运动一段距离停下来，物体与圆轨道和水平面间的滑动摩擦因数均为，物体全程克服摩擦力做功为（）A0BmgRCRmgD2mgR8同步卫星离地心距离为r，运行速率为v1，加速度为
4、a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则下列比值正确的是（）A =B =（）2C =D =（）9牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律在创建万有引力定律的过程中，牛顿（）A接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想B根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即Fm的结论C根据Fm和牛顿第三定律，分析了地月间的引力关系，进而得出Fm1m2D根据大量实验数据得出了比例系数G的大小10甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两
5、卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（）A乙的周期大于甲的周期B乙的速度大于第一宇宙速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲在运行时能经过北极的正上方11在高处的某一点将三个质量相同的小球以 相同的速率v0分别上抛、平抛、下抛，那么以下说法正确的是（）A从抛出到落地过程中，重力对它们所做的功都相等B从抛出到落地过程中，重力对它们做功的平均功率都相等C三个球落地时，重力的瞬时功率相同D从抛出到落地过程中，重力势能变化相等12如图所示，小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由abc的运动过程中，以下叙述正确的是（）A小球在b点时动能最大
6、Bc点时弹簧具有弹性势能最大C小球的重力势能随时间均匀减少Db点到c点过程，小球重力势能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量二实验题13在用斜槽轨道做“研究平抛物体运动”的实验中，简要步骤如下：A让小球多次从 释放，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置B按图安装器材时，注意让斜槽，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线C取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹完成上述步骤，将正确的答案填在答题纸上上述实验步骤的合理顺序是某同学做“研究平抛物体运动”实验时在白纸上画出小球的运动轨迹如图所示，根据图中的数据，计算小球做平抛运动的初速度v0=m/s（g=
7、9.8m/s2）14某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图1所示的“探究物体加速度与物体质量、受力之间关系”的实验装置（1）实验时，该同学想用钩码的重力表示滑块受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为在实验中应该采取的两项措施是和（2）如图2所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间距离已在图中标出，测出滑块的质量为M，钩码的总质量为m从打B点到打E点的过程中，为达到实验目的，该同学应该寻找和之间的数值关系（用题中和图中的物理量符号表示）三计算题（6+9+8+13=36分）15如图所示，质量为m的
8、物体，放于水平面上，物体上竖直固定一长度为l、劲度系数为k的轻质弹簧现用手拉住弹簧上端P缓慢向上提，使物体离开地面上升一段距离在这一过程中，若P端上移的距离为H，求物体重力做的功16一根0.5m长的绳子，当它受到50N的拉力时即被拉断，如果在它的一端挂着一个质量为1kg的物体时（g取10m/s2）（1）使物体在光滑水平面上做匀速圆周运动，求拉断绳子时物体的角速度；（2）如果这个物体在竖直平面上做圆周运动，最少需要多大的角速度才能把绳子拉断？这时物体的线速度多大？17宇航员在地球表面以一定的初速度竖直上抛一个小球，经过时间t小球落回原处；若他在某星球表面以相同的初速度竖直上抛同一小球，需经过时间
9、4t小球落回原处 （取地球表面重力加速度g=10m/s2，空气阻力不计）（1）求该星球表面的重力加速度g；（2）已知该星球的半径与地球半径之比为R星：R地=1：3，求该星球的质量与地球质量之比M星：M地18目前，上海有若干辆超级电容车试运行，运行中无需连接电缆，只需在候客上车间隙充电30秒钟到 1分钟，就能行驶3到5公里假设有一辆超级电容车，质量m=1103 kg，额定功率P=20kW当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的0.1倍，g取10m/s2，问：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是多少？（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度做匀加速直
10、线运动，这一过程能维持多长时间？（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，求此过程中超级电容车的位移2015-2016学年江西省南昌市八一中学、洪都中学等五校联考高一（下）月考物理试卷（5月份）参考答案与试题解析一选择题（共48分，1-7题单选，8-12题多选）1关于物体的平抛运动，下列说法正确的是（）A由于物体受力的大小和方向不变，因此平抛运动是匀变速运动B由于物体速度的方向不断变化，因此平抛运动不是匀变速运动C物体的运动时间只由抛出时的初速度决定，与高度无关D平抛运动的水平距离由初速度决定【考点】平抛运动【分析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，运动
11、的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移【解答】解：A、平抛运动所受的合力大小和方向不变，则加速度不变，可知平抛运动是匀变速曲线运动，故A正确，B错误C、根据t=知，平抛运动的时间由高度决定，与初速度无关，故C错误D、根据x=知，平抛运动的水平距离由高度和初速度共同决定，故D错误故选：A2石英钟是家里的常见物品，关于正常走时的时钟，下列说法正确的是（）A分针的周期是时针周期的B分针角速度是时针角速度的60倍C秒针的周期是时针周期的D秒针角速度是分针角速度的60倍【考点】线速度、角速度和周期、转速【分析】时针、分针、秒针的周期不同，从而求出周期之比；由公式=即可求出角速度之比【解答】解：A
12、、分针的周期60min=1h，时针的周期是12h，它们的周期比为1：12故A错误；B、由公式=得，时针的周期是12h，分针的周期是1h，它们的周期比为12：1，则角速度之比为1：12故B错误C、秒针的周期是1min，而时针的周期为12h，即为720min，因此秒针的周期是时针周期的，故C错误；D、秒针的周期是1min，分针的周期60min，所以它们的周期比为1：60，则角速度之比为60：1，即秒针角速度是分针角速度的60倍故D正确故选：D3如图所示，在同一竖直面内，小球a、b从高度不同的两点，分别以初速度va和vb沿水平方向抛出，经过时间ta和tb后落到与两抛出点水平距离相等的P点，若不计空气
13、阻力，下列关系式正确的是（）Atatb，vavbBtatb，vavbCtatb，vavbDtatb，vavb【考点】平抛运动【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度比较运动的时间，结合水平位移相等，比较初速度的大小【解答】解：根据h=知，可知tatb由于水平位移相等，根据x=v0t知，vavb故B正确，A、C、D错误故选：B4质量为1kg的滑块以2m/s的速度在光滑的水平面上向右滑行，从某一时刻起在滑块上施加一个水平向左的2N的作用力经过一段时间后，滑块的速度方向变为向左，大小变为6m/s，在这段时间内水平力对滑块所做的功为（）A0B10 JC16 JD
14、20 J【考点】动能定理的应用；功的计算【分析】在力F作用的过程中只有F对物体做功，力F对物体做的功等于物体动能的变化【解答】解：根据动能定理有，力F对物体做的功为：W=mv22=162122J=16J；故选：C5质量为m=2kg的物体，在光滑的水平面上以v1=10m/s的速度匀速向西运动若有大小为6N、方向向北的恒力F作用于物体，2s末力F的功率为（）A80 WB64 WC48 WD36 W【考点】功率、平均功率和瞬时功率【分析】根据牛顿第二定律求出物体的加速度，结合速度时间公式求出向北方向的分速度，根据瞬时功率的公式求出2s末F的功率【解答】解：物体的加速度为：a=，2s末向北方向的分速度
15、为：v1=at=32m/s=6m/s，则2s末F的功率为：P=Fv1=66W=36W故选：D6沿着高度相同，坡度不同，粗糙程度也不同的斜面向上拉同一物体到顶端，下列说法中正确的是（）A沿坡度小、长度大的斜面上升克服重力做的功多B沿坡度大、粗糙程度大的斜面上升克服重力做的功多C沿坡度大、粗糙程度大的斜面上升克服重力做的功少D上述几种情况重力做功同样多【考点】功的计算【分析】解决本题的关键是知道重力做功的特点只跟始末位置有关，跟路径无关只要下落的高度相同，重力做的功就相同【解答】解：重力做功只与高度有关，与路径无关，又斜面的高度相同，因此，题中所述几种情况重力做功同样多故ABC错误，D正确故选：D
16、7如图所示，质量为m的物体从半径为R的l/4圆轨道的上端由静止滑到最低点，然后又沿水平地面运动一段距离停下来，物体与圆轨道和水平面间的滑动摩擦因数均为，物体全程克服摩擦力做功为（）A0BmgRCRmgD2mgR【考点】动能定理的应用【分析】物体在AB段和BC段摩擦力均做负功，全程重力做功为mgR，对全程由动能定理可求得物体克服摩擦力所做的功【解答】解：设物体全程克服摩擦力做功为W对全程由动能定理可知，mgRW=0则得W=mgR故选B8同步卫星离地心距离为r，运行速率为v1，加速度为a1；地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2，第一宇宙速度为v2，地球半径为R，则下列比值正确的是（）A =
17、B =（）2C =D =（）【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【分析】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比运用万有引力提供向心力列出等式和运用圆周运动的物理量之间的关系列出等式解决问题【解答】解：A、B、因为地球同步卫星的角速度和地球赤道上的物体随地球自转的角速度相同，由a1=2r，a2=2R可得， =，故A正确，B错误；C、D、对于地球同步卫星和以第一宇宙速度运动的近地卫星，由万有引力提供做匀速圆周运动所需向心力，得：G=m，得v=则得 =，故C错误，D正确故选：AD9牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，
18、建立了万有引力定律在创建万有引力定律的过程中，牛顿（）A接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想B根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即Fm的结论C根据Fm和牛顿第三定律，分析了地月间的引力关系，进而得出Fm1m2D根据大量实验数据得出了比例系数G的大小【考点】万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定【分析】解答本题需掌握：关于是什么原因使行星绕着太阳运动的问题，伽利略、开普勒和法国数学家笛卡尔都提出过自己的解释，在创建万有引力定律的过程中，牛顿时期的科学家，如胡克、哈雷等人对这一问题的认识更进一步胡克等人认为，行星绕太阳运动是因
19、为受到太阳对它的引力，甚至证明了如果行星运动的轨道是圆形的，它所受到的引力的大小与行星到太阳的距离的二次方成反比；由牛顿第三定律，作用力与反作用力大小相等、方向相反并且总是在同一条直线上，而且力的性质相同；卡文迪许测量出万有引力常量【解答】解：题干要求“在创建万有引力定律的过程中”，牛顿接受了平方反比猜想，和物体受地球的引力与其质量成正比，即Fm的结论；然后进行月地检验，进一步得出该规律适用与月地系统；而提出万有引力定律后100多年，后来卡文迪许利用扭称测量出万有引力常量G的大小，后来根据大量实验数据不断的测定比例系数G的大小，即D选项是在建立万有引力定律后才进行的探索，因此符合题意的只有AB
20、故选：AB10甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（）A乙的周期大于甲的周期B乙的速度大于第一宇宙速度C甲的加速度小于乙的加速度D甲在运行时能经过北极的正上方【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【分析】甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道以下判断正确的是（【解答】解：A、B、C人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有：F=F向F=GF向=m=m2r=m（）2r因而=m=m2r=m（）2r=
21、ma解得：v=T=a=由式可以知道，人造卫星的轨道半径越大，线速度越小、周期越大，加速度越小，由于甲卫星的高度大，轨道半径大，故甲卫星的线速度小、周期大，加速度小；根据式，第一宇宙速度是近地圆轨道的环绕速度，也是圆轨道运行的最大速度；则C正确D、甲只能在赤道上空，则D错误故选：C11在高处的某一点将三个质量相同的小球以 相同的速率v0分别上抛、平抛、下抛，那么以下说法正确的是（）A从抛出到落地过程中，重力对它们所做的功都相等B从抛出到落地过程中，重力对它们做功的平均功率都相等C三个球落地时，重力的瞬时功率相同D从抛出到落地过程中，重力势能变化相等【考点】功能关系；功率、平均功率和瞬时功率【分析
22、】小球沿着不同的方向抛出，都只有重力做功，机械能守恒，故可得到落地时速度大小相等，但方向不同；根据瞬时功率表达式P=Fvcos判断瞬时功率的大小【解答】解：AB、根据重力做功公式W=mgh可知，三个小球重力做功相同，落地的时间不同，竖直上抛时间最长，竖直下抛时间最短，所以运动过程中，三个小球重力做功的平均功率不同，下抛平均功率最大，故A正确，B错误；C、三个球落地时速度大小相等，根据瞬时功率表达式P=Fvcos，做平抛的小球落地时速度方向与竖直方向有夹角，所以平抛的功率最小，故C错误；D、从抛出到落地过程中，三个球重力做功相同，根据功能关系，重力势能变化相等，故D正确故选：AD12如图所示，小
23、球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由abc的运动过程中，以下叙述正确的是（）A小球在b点时动能最大Bc点时弹簧具有弹性势能最大C小球的重力势能随时间均匀减少Db点到c点过程，小球重力势能的减少量小于弹簧弹性势能的增加量【考点】功能关系；弹性势能【分析】开始小球做自由落体运动，小球从b点接触弹簧，弹力逐渐增大，开始小于重力，到bc间某位置等于重力，后大于重力，因此，小球从b到c过程中先做加速运动，后做减速运动，到c点速度减为零，弹簧压缩到最短，因此明确了整个过程中小球的运动情况，根据功能关系可正确解答本题【解答】解：A、当小球重
24、力等于弹力时，加速度为零，速度最大，即动能最大，该位移处于b与c之间，故A错误；B、在c位置，弹簧的形变量最大，弹簧具有弹性势能最大，故B正确；C、由于小球下落过程中做变加速运动，下落位移与时间不成正比，因此小球的重力势能减小，但是并非均匀减小，故C错误；D、小球下落过程只有重力与弹簧弹力做功，到c点时小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量，故D正确故选：BD二实验题13在用斜槽轨道做“研究平抛物体运动”的实验中，简要步骤如下：A让小球多次从斜槽同一位置 释放，在一张印有小方格的纸记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置B按图安装器材时，注意让斜槽末端切线水平，记下平抛初位置O点和过O点的竖直线
25、C取下白纸，以O为原点，以竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹完成上述步骤，将正确的答案填在答题纸上上述实验步骤的合理顺序是BAC某同学做“研究平抛物体运动”实验时在白纸上画出小球的运动轨迹如图所示，根据图中的数据，计算小球做平抛运动的初速度v0=1.4m/s（g=9.8m/s2）【考点】研究平抛物体的运动【分析】实验中为保证小球的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放，为了保证小球的初速度水平，注意让斜槽末端切线水平根据组装器材、进行实验、数据处理的顺序排列实验步骤根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度【
26、解答】解：A、为了保证小球的初速度相等，让小球多次从斜槽的同一位置释放B、为了保证小球的初速度水平，注意让斜槽末端切线水平实验时应先组装器材，步骤为B，然后进行实验，步骤为A，最后数据处理，步骤为C则合理顺序为：BAC在竖直方向上，根据y=gT2得，T=s=0.1s，则初速度故答案为：故答案为：斜槽同一位置，末端切线水平，BAC，1.414某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图1所示的“探究物体加速度与物体质量、受力之间关系”的实验装置（1）实验时，该同学想用钩码的重力表示滑块受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为在实验中应该采取的两项措施是平衡摩擦力和钩码质量远小
27、于滑块质量（2）如图2所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间距离已在图中标出，测出滑块的质量为M，钩码的总质量为m从打B点到打E点的过程中，为达到实验目的，该同学应该寻找mg（x2+x3+x4）和frac12M（fracx_4+x_52T）2frac12M（fracx_1+x_22T）2之间的数值关系（用题中和图中的物理量符号表示）【考点】探究功与速度变化的关系【分析】（1）小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次要想用钩码的重力表示小车受到的合外力，必须要满足钩
28、码的质量远小于小车的总质量（2）根据纸带分别求出B点和E点的速度，进而求出滑块动能的变化量以及合外力做的功，再根据动能定理求出需要比较的量【解答】解：（1）小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma 钩码有：mgF=ma F=由此可知当Mm时，够码的重力等于绳子的拉力即为小车是合外力，（2）B点速度，E点速度，动能的变化量=合外力做的功W=mg（x2+x3+x4），由动能定理可知为达到实验目的，应探究mg（x2+x3+x4）和之间的数值关系故答案为：（1）平衡摩擦力，钩码质量远小于滑块质量；（
29、2）mg（x2+x3+x4），三计算题（6+9+8+13=36分）15如图所示，质量为m的物体，放于水平面上，物体上竖直固定一长度为l、劲度系数为k的轻质弹簧现用手拉住弹簧上端P缓慢向上提，使物体离开地面上升一段距离在这一过程中，若P端上移的距离为H，求物体重力做的功【考点】功的计算【分析】本题的关键是根据共点力平衡求出弹簧伸长的长度，然后求出物体上升的距离，即可求解【解答】解：弹簧的伸长量为：故物体上升的高度为：物体重力做功为：W=mgh=mg（答：物体重力做的功为mg（16一根0.5m长的绳子，当它受到50N的拉力时即被拉断，如果在它的一端挂着一个质量为1kg的物体时（g取10m/s2）（
30、1）使物体在光滑水平面上做匀速圆周运动，求拉断绳子时物体的角速度；（2）如果这个物体在竖直平面上做圆周运动，最少需要多大的角速度才能把绳子拉断？这时物体的线速度多大？【考点】向心力；线速度、角速度和周期、转速【分析】物体在光滑水平面内做匀速圆周运动，靠拉力提供向心力，结合拉力的大小求出角速度的大小物体在竖直平面内做圆周运动，在最低点拉力最大，根据牛顿第二定律求出绳子达到最大拉力时的角速度和线速度【解答】解：（1）根据牛顿第二定律得，F=mL2，解得（2）在最低点，有：Fmg=mL2，解得=，则线速度v=答：（1）拉断绳子时物体的角速度为10rad/s（2）最小需要rad/s的角速度才能把绳子拉
31、断，这时物体的线速度大小为17宇航员在地球表面以一定的初速度竖直上抛一个小球，经过时间t小球落回原处；若他在某星球表面以相同的初速度竖直上抛同一小球，需经过时间4t小球落回原处 （取地球表面重力加速度g=10m/s2，空气阻力不计）（1）求该星球表面的重力加速度g；（2）已知该星球的半径与地球半径之比为R星：R地=1：3，求该星球的质量与地球质量之比M星：M地【考点】万有引力定律及其应用【分析】（1）根据竖直上抛运动规律可求得星球表面的重力加速度；（2）根据星球表面上万有引力充当向心力即可明确质量与半径和重力加速度的关系，则可求得质量之比【解答】解：（1）根据竖直上抛运动规律可知：而在某星球表
32、面有：联立解得：（2）根据万有引力等于重力得：联立可得：答：（1）求该星球表面的重力加速度g为；（2）已知该星球的半径与地球半径之比为R星：R地=1：3，求该星球的质量与地球质量之比18目前，上海有若干辆超级电容车试运行，运行中无需连接电缆，只需在候客上车间隙充电30秒钟到 1分钟，就能行驶3到5公里假设有一辆超级电容车，质量m=1103 kg，额定功率P=20kW当超级电容车在平直水平路面上行驶时，受到的阻力f是车重的0.1倍，g取10m/s2，问：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是多少？（2）若超级电容车从静止开始，保持以0.5m/s2的加速度做匀加速直线运动，这一过程能维
33、持多长时间？（3）若超级电容车从静止开始，保持额定功率做加速运动，50s后达到最大速度，求此过程中超级电容车的位移【考点】功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律【分析】（1）当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=Fv求出最大速度（2）根据牛顿第二定律求出牵引力的大小，结合P=Fv求出匀加速直线运动的末速度，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间（3）根据最大速度的大小，结合动能定理求出超级电容车的位移【解答】解：（1）当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=Fv=fvm得最大速度为：（2）根据牛顿第二定律得：Ff=ma，解得：F=f+ma=0.110000+10000.5N=1500N，则匀加速直线运动的末速度为：v=，匀加速直线运动的时间为：t=（3）根据动能定理得：Ptfx=，代入数据解得：x=800m答：（1）超级电容车在此路面上行驶所能达到的最大速度是20m/s；（2）这一过程能维持26.7s；（3）此过程中的位移大小为800m2016年7月17日高考资源网版权所有，侵权必究！