1、河北省永年县第二中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题一、选择题1. 下列公式中，F、q、E、r分别表示电场力、电荷量、场强、距离，Fk ，Ek，E，以下关于这三个公式的说法中正确的是()A. 都只对真空中的点电荷或点电荷的电场才成立B. 只对真空中的点电荷或点电荷的电场成立，对任何电场都成立C. 只对真空中的点电荷或点电荷的电场成立，对任何电场都成立D. 适用于任何电场【答案】B【解析】是库仑定律的公式，只适用于点电荷；是由库仑定律和电场强度的定义式推导出来的，也只适用于点电荷；是电场强度的定义式，采用比值法定义，适用于任何静电场；故B正确，ACD错误；故选B。2. 如图所示，
2、带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力的作用下(不计重力)，一带电粒子径迹如图中虚线所示，以下判断正确的是() A. A、B两点相比较，A点场强小B. 粒子在A点时加速度大C. 粒子带正电D. 因粒子运动方向不确定，无法判断粒子的电性【答案】A【解析】由题意知带电粒子只在电场力作用下运动，根据力与轨迹的关系知，力要指向轨迹弯曲的内侧，同时电场力与电场的方向共线可判断电场力的方向，如图所示由图知A点处电场线稀疏，所以A处场强较小，粒子在B处受电场力较小，加速度较小，故A正确，故B错误；电场力与电场方向相反，所以粒子带负电，故CD错误；故选A。3. 如图所示，一个电子沿等量异种点电荷连线的中垂
3、线由AOB匀速飞过，电子的重力不计，电子除受电场力以外，受到的另一个力的大小和方向的变化情况为()A. 先变大后变小，方向水平向左B. 先变大后变小，方向水平向右C. 先变小后变大，方向水平向左D. 先变小后变大，方向水平向右【答案】B【解析】根据等量异种电荷周围的电场线分布知，从AOB，电场强度的方向不变，水平向右，电场强度的大小先增大后减小则电子所受电场力的大小先变大，后变小，方向水平向左，则外力的大小先变大后变小，方向水平向右，故B正确，ACD错误。4. 氢原子核外只有一个电子，它绕氢原子核运动一周的时间约为2.41016 s，则下列说法正确的是()电子绕核运动的等效电流为6.7104
4、A电子绕核运动的等效电流为1.5103 A等效电流的方向与电子的运动方向相反等效电流的方向与电子的运动方向相同A. B. C. D. 【答案】A【解析】根据电流的定义，电子绕核运动的等效电流为，等效电流方向与正电荷的运动方向相同，与负电荷的运动方向相反，故A正确，BCD错误；故选A。5. 不考虑温度对电阻的影响，关于一个“220 V,40 W”的灯泡，下列说法正确的是()A. 接在110 V的线路上时的功率为20 WB. 接在110 V的线路上时的功率为10 WC. 接在55 V的线路上时的功率为5 WD. 灯泡两端所加电压为零时，它的电阻为零【答案】B C、若接在55V的电路上，电压减小为，
5、电阻不变，根据公式，实际功率减小为，为，故C错误；D、灯泡两端所加电压为零时，导体电阻与电压无关，它的电阻为不变，故D错误；故选B。6. 如图所示是将滑动变阻器作分压器用的电路，A、B为分压器的输出端，R是负载电阻，电源电压为U保持恒定，滑动片P位于变阻器的中央，下列判断错误的是（）A. 空载(不接R)时，输出电压为U/2B. 接上负载R时，输出电压小于U/2C. 负载电阻R的阻值越大，输出电压越低D. 接上负载R后，要使输出电压为U/2，滑动片P须向上移动至某一位置【答案】C【解析】A、空载（不接R）时，触头把滑动变阻器分成相等的两部分，由串联电路特点可知，输出电压为电源电压的一半，即，故A
6、正确；B、接上负载R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则A、B间的输出电压小于，故B正确；C、负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联阻值越大，输出电压越大，故C错误；D、接上负载R时，电路总电阻变小，干路电流变大，滑动变阻器上半部分电压变大，大于电源电压的一半，则A、B间的输出电压小于，要使输出电压等于，滑片应向上移动，故D正确；故错误的是选C。7. 如图所示，电流表A1(03 A)和A2(00.6 A)是由两个相同的灵敏电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接入电路中。闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是()A
7、A1、A2的读数之比为11 B A1、A2的读数之比为51C A1、A2的指针偏转角度之比为51D A1、A2的指针偏转角度之比为11【答案】BD【解析】电流表是由小量程的电流表与电阻并联改装而成的，A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故BD正确，AC错误；故选BD。8. 关于电源的电动势，下面说法正确的是( )A. 在电源内部把其他形式的能转化为电能B. 电动势在数值上等于电路中通过1 C电荷量时电源提供的总
8、能量C. 电源的电动势跟电源的体积有关，跟外电路有关D. 电动势有方向，因此电动势是矢量【答案】AB【解析】电源是通过内部非静电力做功，将其他形式的能转化为电能的装置，A正确；根据可知，电动势在数值上等于电路中通过1C电荷量时电源提供的总能量，B正确；电源的电动势跟电源的体积无关，跟外电路无关，C错误；电动势有方向，但电动势是标量，故D错误9. 如图甲是某电场中的一条电场线，A、B是这条电场线上的两点，若将一负电荷从A点自由释放，负电荷沿电场线从A到B运动过程中的速度图象如图乙所示比较A、B两点电势的高低和场强大小可知( ) A. AB B. AEB D. EAEB【答案】BC【解析】由v-t
9、图象可知，v变大，a变小，则电场力方向向右，且为负电荷，故电场线由BA，EAEB，故B、C正确。10. 如图光滑绝缘水平桌面上有A、B两带电小球（可看成点电荷），A球带电量为+2q，B球带电量为-q，将它们同时由静止开始释放，A球加速度大小为B球的3倍现在AB中点固定一个带电小球C（可看作点电荷），再同时由静止释放A、B两球，释放瞬间两球加速度大小相等则C球带电量可能为（ ）A. q B. q C. q D. q【答案】CD【解析】试题分析：由题意，当由静止开始释放两球时，A球加速度的大小为B球的3倍根据牛顿第二定律可知，A、B两个带电小球的质量之比为mA:mB=1：3；当在AB中点固定一个带
10、电小球C，由静止释放A、B两球，释放瞬间两球加速度大小相等，若C球带正电，根据库仑定律与牛顿第二定律，且有：对A来说，对B来说，综上解得，；当在AB中点固定一个带电小球C，由静止释放A、B两球，释放瞬间两球加速度大小相等，若有C球带负电，根据库仑定律与牛顿第二定律，且有：对A来说，对B来说，综上解得，故CD正确考点：库仑定律；牛顿第一定律.二、实验题11. 用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，测量结果如图甲，其读数为_mm。用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的内径，则该游标卡尺的游标尺每一小格的长度为_mm，测量结果如图乙所示，此工件的直径为_cm。【答案】 (1). 1.554（1.552-1.
11、556） (2). 0.98 (3). 1.114（1.113-1.115）【解析】解：螺旋测微器的固定刻度为1.5mm，可动刻度为：5.40.01mm=0.054mm，所以最终读数为：1.5mm+0.054mm=1.554mm游标为50分度的卡尺，该游标卡尺的标尺每一小格的长度为0.98mm，游标卡尺的主尺读数为11mm，游标尺上第7个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为：70.02mm=0.14mm，所以最终读数为：11mm+0.14mm=11.14mm=1.114cm故答案为：1.554；0.98；1.114【点评】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这
12、些基本仪器进行有关测量12. 在“测定金属导线的电阻率”的实验中，待测金属导线的电阻Rx约为5 。实验室备有下列实验器材：A电压表V1(量程3 V，内阻约为15 k)B电压表V2(量程15 V，内阻约为75 k)C电流表A1(量程3 A，内阻约为0.2 )D电流表A2(量程600 mA，内阻约为1 )E变阻器R1(0100 ，0.3 A)F变阻器R2(02 000 ，0.1 A)G电池E(电动势为3 V，内阻约为0.3 )H开关S，导线若干(1)为了提高实验精确度，减小实验误差，应选用的实验器材有_。(2)为了减小实验误差，应选用图甲中_(填“a”或“b”)为该实验的电路图，并按所选择的电路图
13、把实物图乙用导线连接起来_。【答案】 (1). （1）ADEGH (2). （2）b (3). 实物图连接：【解析】(1)电源电动势是3V，电压表应选A；电压表V1（量程03V，内阻约为15k），通过待测电阻的最大电流约为，因此电流表选D；电流表A2（量程00.6A，内阻约为1）, 待测金属导线的电阻Rx约为5 ，滑动变阻器的阻值选小的，故选E，应选用的实验器材有ADEGH(2)由于，电流表应采用外接法，由电路图可知，应选（b）所示电路图；(3)根据实验电路图（b）连接实物电路图，如图所示四、计算题13. 一台小型电动机在3 V电压下工作，通过它的电流大小是0.2 A，用此电动机提升重力为4
14、N的物体时，在30 s内可使该物体匀速提升3 m。若不计除电动机线圈发热以外的其他能量损失，求在提升重物的30 s内，电动机线圈所产生的热量。【答案】6 J【解析】电动机提升重物的机械功率为电动机输入的功率为由能量关系得热功率所产生的热量14. 如图所示，在沿水平方向的匀强电场中有一固定点O，用一根长度为l0.40 m的绝缘细线把质量为m0.20 kg，带有正电荷的金属小球悬挂在O点，小球静止在B点时细线与竖直方向的夹角为37。现将小球拉至位置A使细线水平后由静止释放，求：(1)小球运动通过最低点C时的速度大小；(2)小球通过最低点C时细线对小球的拉力大小。(g取10 m/s2，sin37o=
15、3/5,cos370=4/5)【答案】(1)m/s(2)3 N（2）小球从A到C的运动过程由动能定理得 到达最低点时竖直方向由牛顿第二定律得 解得：15. 如图电子带电量为-e，质量为m，在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动，然后射入电势差为U2的两块平行极板间的偏转电场中，极板长度为L1，间距为d，入射方向跟极板平行。电子射出偏转电场打在距离其右侧L2的挡板上，挡板与偏转电场右边界平行。整个装置处在真空中，重力可忽略。求：（1）电子射入偏转电场时的初速度为多大？（2）电子射出偏转电场时，沿偏转电场方向的位移为多大？（3）电子打在挡板上的偏移距离y=？【答案】（1） （2） （3） 【解析】（1）对电子在电场中加速，由动能定理得：，解得：（2）对电子在偏转电场中做类似平抛运动，有：，其中：，解得；（3）电子射出电场后，做匀速直线运动打到挡板上，在从电场射出，到打到荧光屏上的这段时间内，竖直方向上的位移为而电子打到荧光屏上时的侧位移为联立解得