1、2014-2015学年浙江省台州市书生中学高三（上）第一次月考物理试卷 一、单项选择题（每小题有一个选项正确，共12题，每小题3分，共36分）1（3分）（2015高安市校级一模）在物理学的重大发现中科学家们总结出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法和建立物理模型法等以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（）A在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法B根据速度的定义式，当t趋近于零时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法C在实验探究加速度与力、质量的关系时，运用了控制变量法D在推导匀变速直线运动位移公式时，把
2、整个运动过程等分成很多小段，然后将各小段位移相加，运用了微元法考点：质点的认识版权所有分析：在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度；等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，效果要相同；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；解答：解：A、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况；没有采用假设法；故A错误；B、根据速度定义式v=，当t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B正确；C、在实验探究加
3、速度与力、质量的关系时，因为三量之间相互都有关系，故应采用控制变量法；故C正确；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法故D正确；本题选错误的；故选：A点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习2（3分）（2014秋塘沽区校级月考）伽利略曾说过：“科学是在不断改变思维角度的探索中前进的”他在著名的斜面实验中，让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下，他通过实验观察和逻辑推理，得到的正确结
4、论有（）A倾角一定时，小球在斜面上的速度与时间的平方成正比B倾角一定时，小球在斜面上的位移与时间的平方成正比C斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端时的速度与倾角无关D斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间与倾角无关考点：物理学史版权所有专题：常规题型分析：伽利略通过通验观察和逻辑推理发现，小球沿斜面滚下的运动的确是匀加速直线运动，换用不同的质量的小球，从不同高度开始滚动，只要斜面的倾角一定，小球的加速度都是相同的；不断增大斜面的倾角，重复上述实验，得知小球的加速度随斜面倾角的增大而增大解答：解：A、B、伽利略通过实验测定出小球沿斜面下滑的运动是匀加速直线运动，位移与时间的二次方成正比，并证
5、明了速度随时间均匀变化，故A错误，B正确；C、若斜面光滑，C选项从理论上讲是正确的，但伽利略并没有能够用实验证明这一点，故C错误；D、斜面长度一定时，小球从顶端滚到底端所需的时间随倾角的增大而减小，故D错误；故选：B点评：本题关键要明确伽利略对自由落体运动的研究的实验过程，可以通过阅读课本了解，同时实验事实与理论应该是一致的，故可结合匀变速运动的知识求解3（3分）（2014秋椒江区校级月考）下列说法正确的是（）A对运动员“大力扣篮”过程进行技术分析时，可以把运动员看做质点B“和谐号”动车组行驶313 km从成都抵达重庆，这里的“313 km“指的是位移大小C高台跳水运动员腾空至最高位置时，处于
6、超重状态D绕地球做匀速圆周运动的卫星，处在完全失重状态考点：质点的认识；位移与路程；超重和失重版权所有分析：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可，位移是初末位置的有向线段，而路程即为轨迹的长度，当加速度向下的时处于失重，而加速度向上时处于起重解答：解：A、研究“大力扣篮”过程进行技术分析时，运动员的身体不能忽略，所以不可以把运动员看成质点，所以A错误B、这里的“313 km“指的是路程，而不是位移大小，所以B错误C、研究跳水运动员腾空至最高位置时，加速度向下，处于失重状态，所以C错误D、做匀速圆周运动的卫星，处在完全失重状态，所
7、以D正确故选：D点评：考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略，注意理解位移与路程，及失重与超重的区别4（3分）（2014浏阳市校级模拟）粗糙的水平地面上有一只木箱，现用一水平力拉木箱匀速前进，则（）A拉力与地面对木箱的摩擦力是一对作用力与反作用力B木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对平衡力C木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力是一对作用力与反作用力D木箱对地面的压力与木箱受到的重力是一对平衡力考点：牛顿第三定律版权所有分析：粗糙水平地面上的木箱受到重力、地面的支持力、水平拉力以及地面的摩擦力，这四
8、个力的合力为零，使木箱匀速运动解答：解：A、木箱在水平方向上受到水平拉力和地面的摩擦力，这两个力是一对平衡力，故A错误B、木箱对地面的压力，受力物体是地面，施力物体是木箱；地面对木箱的支持力，受力物体是木箱，施力物体是地面，这是一对作用力和反作用力，故B错误C、木箱对地面的压力与地面对木箱的支持力等大、反向、作用在两个不同的物体上，是一对作用力与反作用力，故C正确D、木箱对地面的压力受力物体是地面，施力物体木箱；木箱所受的重力受力物体是木箱，施力物体是地球，这两个力涉及到木箱、地球、地面，方向都向下，不是一对作用力和反作用力，也不是一对平衡力，故D错误故选：C点评：正确分析木箱的受力情况，确定
9、每个力的受力物体和施力物体，从而判定两个力是一对平衡力、一对作用力反作用力还是两者都不是5（3分）（2014秋周口校级月考）如图所示为一物体做直线运动时的图象，但纵坐标表示的物理量未标出已知物体在前2s时间内向东运动，则以下判断正确的是（）A若纵坐标表示速度，则物体在4s内的位移为4 mB若纵坐标表示速度，则物体在4s内的加速度大小不变，方向始终向东C若纵坐标表示位移，则物体在4s内的运动方向始终向东D若纵坐标表示位移，则物体在4s内的位移为零考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系版权所有专题：运动学中的图像专题分析：位移时间图线的斜率表示速度，速度时间图线的斜率表示加速
10、度，图线与时间轴围成的面积表示位移，在速度时间图线中，速度的正负表示运动的方向解答：解：A、若纵坐标表示速度，因为速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移，则4s内的位移为零，故A错误B、若纵坐标表示速度，图线的斜率表示加速度，物体在前4s内的加速度大小不变，方向始终向西，故B错误C、若纵坐标表示位移，物体的运动方向始终向东，故C正确D、若纵坐标表示位移，物体在4s内的位移为4m，故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道位移时间图线和速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、与时间轴围成的面积表示的含义6（3分）（2014秋椒江区校级月考）跳伞运动员从悬停的直升机上跳下，经过一段时间后开启降落伞如图
11、所示是跳伞过程中的vt图象若将人和伞看成一个系统，则有（）A系统先加速下降，接着减速上升B系统受到的合外力始终向下C阻力对系统始终做负功D系统始终处于失重状态考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：从vt图象可以看出，跳伞运动员先加速下降，后减速下降，最后匀速下降；机械能守恒的条件是只有重力做功解答：解：A、从vt图象可以看出，跳伞运动员先加速下降，后减速下降，最后匀速下降，故A错误；B、加速下降过程，加速度向下，合力向下；减速下降过程，加速度向上，故合力向上；故B错误；C、阻力向上，与位移相反，一直做负功，故C正确；D、从vt图象可以看出，跳伞运动员先
12、加速下降，后减速下降，最后匀速下降，故D错误；故选：C点评：本题关键是分析清楚运动员的运动规律，知道机械能守恒的条件，基础题7（3分）（2011福清市校级模拟）2008北京奥运会取得了举世瞩目的成功，某运动员（可看作质点）参加跳板跳水比赛，起跳过程中，将运动员离开跳板时做为计时起点，其速度与时间关系图象如图所示，则（）At1时刻开始进入水面Bt2时刻开始进入水面Ct3时刻已浮出水面D0t2的时间内，运动员处于超重状态考点：匀变速直线运动的图像版权所有专题：运动学中的图像专题分析：根据速度图象的变化，速度的正负表示速度的方向，分析运动员的运动情况根据斜率等于加速度，确定出运动员加速度的方向，判断
13、运动员处于超重还是失重状态解答：解：A、由图可知，t1时刻起跳达到最高点，速度为零故A错误B、t2时刻运动员开始减速，说明进入水面故B正确C、t3时刻运动员在水中速度减到零，到达水下最深处故C错误D、0t2的时间内，图线的斜率是正值，说明加速度向下，运动员处于失重状态故D错误故选B点评：vt图象是物理学中非常基础的一种图象，我们应充分利用图象的“轴、距、斜率、面、点、线”等量所代表的物理意义来解决问题8（3分）（2014湖北模拟）在某潜艇的潜水实验中，潜艇内的显示屏上显示出了从水面开始下潜到最后返回水面10min内全过程的深度曲线（a）和速度图象（b），则有（）A潜艇内人员感到超重发生在01m
14、in和810min的时间段内B全过程中最大加速度是0.05m/s2C（a）图中h3代表本次最大深度，应为720mD潜艇在810min时间段内机械能守恒考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系版权所有专题：运动学中的图像专题分析：根据图象分析物体的运动方向和加速度的方向，从而知道超重或失重，右边图象与时间轴围成的面积表示位移的大小解答：解：A、在01min内，潜艇向下做匀加速运动，加速度向下，处于失重状态，810min内向上做减速运动，加速度向下，处于失重状态故A错误B、在01min内和34min内图线的斜率的绝对值最大，则加速度最大，所以最大加速度a=故B错误C、（a）图中
15、h3代表本次最大深度，由右图可知，图线与时间轴围成的面积表示位移，知4min末达到最大深度，最大深度h=故C正确D、810min内向上做匀减速运动，加速度为知潜艇不是只有重力做功，机械能不守恒故D错误故选：C点评：本题主要考查了对图象的理解与应用，特别注意对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了9（3分）（2014金凤区校级一模）如图所示，质量为m的小球置于倾角为30的光滑斜面上，劲度系数为k的轻质弹簧，一端系在小球上，另一端固定在墙上的P点，小球静止时，弹簧与竖直方向的夹角为30，则弹簧的伸长量为（）ABCD考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成
16、与分解的运用版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：以小球为研究对象，分析受力情况可知：小球受到重力、弹簧的拉力和斜面的支持力，作出力图，由平衡条件和胡克定律求解弹簧的伸长量解答：解：以小球为研究对象，分析受力情况：小球受到重力mg、弹簧的拉力F和斜面的支持力N，作出力图，如图作出F和N的合力，由平衡条件可知，F和N的合力与重力mg大小相等，方向相反由对称性可知，N=F，则有 2Fcos30=mg又由胡克定律得 F=kx联立解得 x=故选C点评：本题解题关键是分析物体的受力情况，作出力图此题运用合成法进行求解，也可以根据正交分解法处理10（3分）（2013武汉模拟）如图所示，固定在水平地面
17、上的物体A，左侧是圆弧面，右侧是倾角为的斜面，一根轻绳跨过物体A顶点上的小滑轮，绳两端分别系有质量为m1、m2的小球，当两球静止时，小球m1与圆心连线跟水平方向的夹角也为，不计一切摩擦，则m1、m2之间的关系是（）Am1=m2tanBm1=m2cotCm1=m2cosDm1=m2考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：分别对物体受力分析，由共点力的平衡即可得出两物体的质量之比，分析时抓住绳子拉力大小相等解答：解：设绳子对两球的拉力大小为T，对m2：根据平衡条件得：T=m2gsin对m1：根据平衡条件得：T=m1gcos联立解得：m1=m2ta
18、n故选：A点评：本题的解题关键抓住绳子拉力大小相等，采用隔离法，由平衡条件求解质量之比11（3分）（2015德阳模拟）如图所示，三个重均为100N的物块，叠放在水平桌面上，各接触面水平，水平拉力F=20N 作用在物块2上，三条轻质绳结于O点，与物块3连接的绳水平，与天花板连接的绳与水平方向成45角，竖直绳悬挂重为20N的小球P整个装置处于静止状态则（）A物块1和2之间的摩擦力大小为20NB水平绳的拉力大小为15NC桌面对物块3的支持力大小为320ND物块3受5个力的作用考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：对绳子的连接点受力分析，然后根据
19、平衡条件并运用正交分解法列式求解水平绳的拉力；先后对物体1，物体1、2整体、物体1、2、3整体受力分析，然后根据平衡条件求解12之间的摩擦力解答：解：A、对物体1受力分析，受重力和支持力，假如受水平方向的摩擦力，则不能保持平衡，故物体1与物体2间的摩擦力为0，A错误；B、对绳子的连接点受力分析，受到三根绳子的三个拉力，如图，根据平衡条件，有：x方向：T2cos45=T1y方向：T2sin45=mg解得：T1=mg=20N即故水平绳中的拉力为20NB错误；C、对物体1、2、3整体受力分析，受重力、支持力、向左的拉力为20N、绳子a的拉力也为20N，竖直方向：N=3mg=300N，故C错误；D、对
20、物体1和物体2整体研究，受重力、支持力、向左的拉力F和向右的静摩擦力f23，根据平衡条件得：f23=F=20N；1、2间摩擦力0，23间摩擦力20N，则3与桌面间摩擦力0，故3受重力、支持力、压力、2给的摩擦力、绳子拉力，共5力作用，D正确；故选：D点评：本题关键在于灵活地选择研究对象，然后根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解12（3分）（2009中山市模拟）如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住、现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是（）A若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B若加速度足够大，斜面对球的弹力可能
21、为零C斜面和挡板对球的弹力的合力等于maD斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：分析小球受到的重mg、斜面的支持力FN2、竖直挡板的水平弹力FN1，然后向水平和竖直分解斜面的支持力FN2，在竖直方向列力的平衡方程，在水平方向列牛顿第二定律方程，根据所列的方程分析即可选出答案解答：解：小球受到的重mg、斜面的支持力FN2、竖直挡板的水平弹力FN1，设斜面的倾斜角为 则竖直方向有：FN2cos=mgmg和不变，无论加速度如何变化，FN2不变且不可能为零，故B错，D对 水平方向有：FN1FN2sin=ma FN2sin0，
22、若加速度足够小，竖直挡板的水平弹力不可能为零，故A错 斜面和挡板对球的弹力的合力即为竖直方向的FN2cos与水平方向的力ma的合成，因此大于ma，故C错误 故选D点评：本题结合力的正交分解考察牛顿第二定律，正确的分析受力与正确的分解力是关键13（2014雨花区校级模拟）如图，对斜面上的物块施以一个沿斜面向上的拉力F作用时，物块恰能沿斜面匀速上滑在此过程中斜面相对水平地面静止不动，物块和斜面的质量分别为m、M，则（）A地面对斜面的支持力等于（ M+m）gB地面对斜面的支持力小于（ M+m）gC斜面受到地面向左的摩擦力为mgsinFD斜面受到地面的摩擦力为零考点：共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的
23、判断与计算；物体的弹性和弹力版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题分析：本题中物体沿斜面匀速下滑，合力为零，斜面保持静止，合力为零，可以以整体为研究对象，分析受力，根据平衡条件求解地面对斜面的支持力和摩擦力解答：解：以整体为研究对象，分析受力情况：总重力（M+m）g、地面的支持力N和地面的摩擦力f、拉力F由于F有水平向右的分力，则由平衡条件可知：f一定水平向左根据平衡条件可得：f=FcosN=（M+m）gFsin由上可知，N（M+m）g故B正确故选：B点评：本题的关键是采用整体法当两个物体的加速度都为零，可以运用整体法研究，比较简便二、不定项选择题（每小题有一个或多个选项正确，共6小题，每小题
24、4分，共24分）.14（4分）（2014山东）一质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所示，在图中标出的时刻中，质点所受合外力的方向与速度方向相同的有（）At1Bt2Ct3Dt4考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律，合外力方向与加速度方向相同，当加速度与速度同向时物体做加速运动解答：解：A、C、t1时刻与t3时刻，物体正加速，故加速度与速度同向，而加速度和合力同向，故合力与速度同方向，故A正确，C正确；B、D、t2时刻与t4时刻，物体正减速，故合力与速度反向，故B错误，D错误；故选：AC点评：本题关键是明确直线运动
25、中，物体加速时合力与速度同向；物体减速时合力与速度反向，基础题目15（4分）（2014吉林校级二模）甲、乙两车某时刻由同一地点，沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的位移时间图象，即xt图象如图所示，甲图象过O点的切线与AB平行，过C点的切线与OA平行，则下列说法中正确的是（）A在两车相遇前，t1时刻两车相距最远B0t2时间内甲车的瞬时速度始终大于乙车的瞬时速度C甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度Dt3时刻甲车在乙车的前方考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的图像版权所有专题：直线运动规律专题分析：在位移时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜
26、率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间解答：解：A、图象的纵坐标表示物体所在的位置；由图可知t1时刻CA相距最大，即两车的距离最大，故A正确；B、图象斜率表示速度，由图可知，0t1时间C的斜率大于A，之后C的斜率小于A，故B错误；C、图象的斜率表示物体的速度，由图可知，甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，故C正确；D、t3时刻两车的位置相同，两车处在同一位置，故D错误；故选：AC点评：本题考查xt图象，在分析图象时要注意先明确图象的坐标，再根据图象的性质进行分析16（4分）（2012陕西校级模拟）如图所示，贴着竖直侧面的物体A的质量mA=0.2kg，放在水平面上的物体B
27、的质量mB=1.0kg，绳的质量、绳和滑轮间的摩擦均不计，且绳的OB部分水平，OA部分竖直，A和B恰好一起做匀速运动取g=10m/s2，则下列判断正确的是（）A物体B与水平面间的动摩擦因数为0.2B如果用12N的水平力向左拉物体B，物体A和B也能做匀速运动C若在物体B上放一个质量为mB的物体后再由静止释放，根据Ff=FN可知B受到的摩擦力将增大1倍D若在物体B上放一个质量为mB的物体后再由静止释放，则物体B受到的摩擦力大小与正压力的大小无关且保持不变考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据B物体受力平衡，通过滑动摩擦力公式求出动摩擦因数的大小在物体B上
28、再放一个物体，通过物体能否运动，根据平衡判断摩擦力的大小解答：解：A、因为B做匀速直线运动，滑动摩擦力等于拉力，有f=mAg=2N，则动摩擦因数故A正确B、因为B所受的滑动摩擦力为2N，用12N的水平力向左拉物体B，物体A和B将处于静止故B错误C、若在物体B上放一个质量为mB的物体后再由静止释放，系统处于静止状态，B所受的摩擦力为静摩擦力，大小等于A的重力，保持不变故C错误，D正确故选AD点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，通过滑动摩擦力公式和共点力平衡进行分析17（4分）（2013秋新洲区期末）如图所示，小物体A与传送带相对静止，传送带（倾角为）以逆时针方向加速度为a加速转动时（重力加速
29、度为g）（）A只有agsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用B只有agsin，A才受沿传送带向上的静摩擦力作用C只有a=gsin，A才不受传送带的摩擦力作用D无论a为多大，A都受沿传送带向上的静摩擦力作用考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：传送带专题分析：小物体A与传送带相对静止，说明它们的加速度的大小是相同的，对物体受力分析可以知道物体的受到的摩擦力的情况解答：解：当A不受传送带的摩擦力的时候，对物体受力分析可知，此时物体的加速度的大小为gsin；A、当传送带的加速度agsin时，物体相对传送带有向后滑的趋势，所以物体A将受到沿传送带向下的静摩擦力作用，所以A
30、错误；B、当传送带的加速度agsin时，物体相对传送带有向下滑的趋势，所以物体A将受到沿传送带向上的静摩擦力作用，所以B正确；C、当传送带的加速度a=gsin时，物体的加速度和传送带的加速度相同，此时物体和传送带一起运动，没有相对运动的趋势，此时物体A不受摩擦力作用，所以C正确；D、由前面的分析可知，D错误故选：BC点评：当物体的加速度相同时，物体将一起运动，物体之间没有相对运动，本题关键的就是对“小物体A与传送带相对静止”这句话的理解18（4分）（2014江苏）如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为，B与地面间的动摩擦因数为，最大静摩擦力等于
31、滑动摩擦力，重力加速度为g，现对A施加一水平拉力F，则（）A当F2mg时，A、B都相对地面静止B当F=mg时，A的加速度为gC当F3mg时，A相对B滑动D无论F为何值，B的加速度不会超过g考点：牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力然后通过整体法隔离法逐项分析解答：解：A、设B对A的摩擦力为f1，A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3，由牛顿第三定律可知f1与f2大小相等，方向相反，f1和f2的最大值均为2mg，f3的最大值为，故当0F时，
32、A、B均保持静止；继续增大F，在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为F，加速度为a，则对A，有F2mg=2ma，对A、B整体，有F，解得F=3mg，故当F3mg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F3mg时，A相对于B滑动当F=时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F=3ma，解得a=，故B、C正确D、对B来说，其所受合力的最大值Fm=2mg，即B的加速度不会超过，故D正确故选：BCD点评：本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的
33、最大拉力19（4分）（2011广东校级模拟）有一物体通过两个细线绳悬挂在小车的车顶上，小车在水平面上做直线运动某时刻正处于右图所示状态关于此时刻物体的受力情况，下列说法正确的是（）A若小车向左运动，AC绳的拉力可能为零B若小车向右运动，AC绳的拉力可能为零C无论小车做何种运动，物体均受到三个力的作用D无论小车做何种运动，两个绳拉力的合力一定等于物体的重力考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：小车在水平面上做直线运动，若小车向左做匀减速运动时，AC绳的拉力可能为零若小车向右做匀加速运动时，AC绳的拉力可能为零小车可能受到两个力作用，也可能受三个力作用只有
34、当小车做匀速直线运动时，两个绳拉力的合力才等于物体的重力解答：解：A、若小车向左做匀减速运动时，加速度水平向右，可以由BC绳的拉力与重力的合力产生加速度，AC绳的拉力为零故A正确 B、若小车向右做匀加速运动时，加速度水平向右，AC绳的拉力可能为零故B正确 C、由上分析可知，小车可能受到两个力作用，也可能受三个力作用故C错误 D、只有当小车做匀速直线运动时，两个绳拉力的合力才等于物体的重力故D错误故选AB点评：本题考查根据牛顿第二定律分析物体受力情况的能力，由加速度方向，运用牛顿定律分析受力是受力分析常用方法之一三、实验题（每空2分，共20分）20（4分）（2014秋西湖区校级期末）现用频闪照相
35、方法来研究物块的变速运动在一小物块沿斜面向下运动的过程中，用频闪相机拍摄的不同时刻物块的位置如图所示拍摄时频闪频率是10Hz；通过斜面上固定的刻度尺读取的5个连续影像间的距离依次为x1、x2、x3、x4已知斜面顶端的高度h和斜面的长度s数据如下表所示重力加速度大小g=9.80m/s2单位：cmx1x2x3x4hS10.7615.0519.3423.6548.0080.00根据表中数据，完成下列填空：（1）物块的加速度a=4.30m/s2（保留3位有效数字）（2）因为物块加速度小于=5.88m/s2可知斜面是粗糙的考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：直线运动规律专题分析：正确解答
36、本题需要掌握：在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数；熟练应用逐差法求物体的加速度解答：解：（1）根据逐差法求加速度的原理可知：m/s 2（2）若斜面光滑则：m/s 24.30m/s2知斜面是粗糙的故答案为：4.30，物块加速度小于=5.88m/s2点评：逐差法是求物体加速度的一个重要方法，要熟练掌握其应用，提高解决实验能力21（6分）（2014浙江）在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，某同学把两根弹簧如图1连接起来进行探究（1）某次测量如图2，指针示数为16.00cm（2）在弹性限度内，将50g的钩码逐个挂在弹簧下端，得到指针A、B的示数LA、LB如表用表数据计算弹簧I的劲度系数为12
37、.5N/m（重力加速度g=10m/s2）由表数据能（填“能”或“不能”）计算出弹簧的劲度系数钩码数1234LA/cm15.7119.7123.6627.76LB/cm29.9635.7641.5147.36考点：探究弹力和弹簧伸长的关系菁优网版权所有专题：实验题分析：（1）刻度尺的读数需估读，需读到最小刻度的下一位（2）根据弹簧形变量的变化量，结合胡克定律求出劲度系数通过弹簧弹力的变化量和形变量的变化量可以求出弹簧的劲度系数解答：解：（1）刻度尺读数需读到最小刻度的下一位，指针示数为16.00cm（2）由表格中的数据可知，当弹力的变化量F=0.5N时，弹簧形变量的变化量为x=4.00cm，根据
38、胡克定律知：结合L1和L2示数的变化，可以得出弹簧形变量的变化量，结合弹力变化量，根据胡克定律能求出弹簧的劲度系数故答案为：（1）16.00；（2）12.5，能点评：解决本题的关键掌握胡克定律，知道F=kx，x表示形变量，以及知道其变形式F=kx，x为形变量的变化量22（10分）（2014江苏）小明通过实验验证力的平行四边形定则（1）Q点为橡皮筋被拉伸后伸长到的位置，两弹簧测力计共同作用时，拉力F1和F2的方向分别过P1和P2点；一个弹簧测力计拉橡皮筋时，拉力F3的方向过P3点，三个力的大小分别为：F1=3.30N、F2=3.85N和F3=4.25N请根据图中给出的标度作图求出F1和F2的合力
39、（2）仔细分析实验，小明怀疑实验中的橡皮筋被多次拉伸后弹性发生了变化，影响实验结果，他用弹簧测力计先后两次将橡皮筋拉伸到相同长度，发现读数不相同，于是进一步探究了拉伸过程对橡皮筋弹性的影响 实验装置如图2所示，将一张白纸固定在竖直放置的木板上，橡皮筋的上端固定与O点，下端N挂一重物，用与白纸平行的水平力缓慢地移动N，在白纸上记录下N的轨迹重复上述过程，再次记录下N的轨迹 两次实验记录的轨迹如图3所示，过O点作一条直线与轨迹交于a、b两点，则实验中橡皮筋分别被拉伸到a和b时所受拉力Fa、Fb的大小关系为Fa=Fb（3）根据（2）中的实验，可以得出的实验结果有哪些？（填写选项前的字母）（A）橡皮筋
40、的长度与受到的拉力成正比；（B）两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长；（C）两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较大；（D）两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋两次的长度之差越大（4）根据小明的上述实验探究，请对验证力的平行四边形定则实验提出两点注意事项考点：验证力的平行四边形定则版权所有专题：实验题分析：根据平行四边形定则先作出F2与F1的合力，根据图中给出的标度求出合力根据平衡条件进行分析求解根据（2）中的实验分析结果结合实验数据进行求解解答：解：（1）根据平行四边形定则求F2与F1的合力，作图如下，根据图中给出的标度得出F1和F2的合力大小是4.70N（2）过O点作一
41、条直线与轨迹交于a、b两点，实验中橡皮筋分别被拉伸到a和b时所受拉力Fa、Fb的方向相同，由于缓慢地移动N，根据平衡条件得Fa、Fb的大小关系为Fa=Fb（3）A、两次受到的拉力相同时，橡皮筋第2次的长度较长；故A错误，B正确；C、两次被拉伸到相同长度时，橡皮筋第2次受到的拉力较小，故C错误；D、从开始缓慢地移动N，橡皮筋受到的拉力增大，从图3中发现两次实验记录的轨迹间距在增大，所以两次受到的拉力相同时，拉力越大，橡皮筋两次的长度之差越大，故D正确；故选：BD（4）根据小明的上述实验探究，对验证力的平行四边形定则实验注意事项有橡皮筋拉伸不宜过长；选用新橡皮筋（或：拉力不宜过大；选用弹性好的橡皮
42、筋；换用弹性好的弹簧）故答案为：（1）如图（2）Fa=Fb（3）BD（4）橡皮筋拉伸不宜过长；选用新橡皮筋（或：拉力不宜过大；选用弹性好的橡皮筋；换用弹性好的弹簧）点评：解决本题的关键知道合力与分力遵循平行四边形定则，知道缓慢地移动可以看成物体处于平衡状态，掌握平衡条件的应用四、计算题（本题共3小题，6+6+8共20分）23（6分）（2014山东）研究表明，一般人的刹车反应时间（即图甲中“反应过程”所用时间）t0=0.4s，但饮酒会导致反应时间延长，在某次试验中，志愿者少量饮酒后驾车以v1=72km/h的速度在试验场的水平路面上匀速行驶，从发现情况到汽车停止，行驶距离L=39m，减速过程中汽车
43、位移x与速度v的关系曲线如同乙所示，此过程可视为匀变速直线运动，取重力加速度的大小g=10m/s2，求：（1）减速过程汽车加速度的大小及所用时间；（2）饮酒使志愿者反应时间比一般人增加了多少；（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）由图中所给数据结合位移速度公式可求得加速度，进而由速度变化与加速度求得减速时间 （2）由行驶距离与刹车距离可求得反应时间内的运动距离，再求出反应时间进行比较（3）对志愿者受力分析由牛顿第二定律求减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值解
44、答：解：（1）设刹车加速度为a，由题可知刹车初速度v0=20m/s，末速度 vt=0 位移 x=25m 由式可得：a=8m/s2 t=2.5s（2）反应时间内的位移为x=Lx=14m 则反应时间为t= 则反应的增加量为t=0.70.4=0.3s （3）设志愿者所受合外力的大小为F，汽车对志愿者的作用力的大小为F0，志愿者质量为m，受力如图，由牛顿第二定律得 F=ma 由平行四边形定则得： 由式可得：答：（1）减速过程汽车加速度的大小为8m/s所用时间为2.5s（2）饮酒使志愿者反应时间比一般人增加了0.3S（3）减速过程汽车对志愿者作用力的大小与志愿者重力大小的比值为点评：考查运动学公式，正确
45、应用速度位移公式求加速度是解题的关键，注意受力分析24（6分）（2014临汾校级四模）如图所示，在水平地面上，光滑物块甲在外力作用下从A点以a1=5m/s2的加速度由静止开始向右做匀加速运动（A点为计时起点），同时物块乙从B点以初速度v0向左匀减速运动物块甲运动到C点时去掉外力作用，t=1.0s时，两物块相遇已知物块乙与水平面间的动摩擦因数=0.2，A、C两点间的距离s1=0.1m，B、C两点间的距离s2=3.8m重力加速度g=10m/s2，求：（1）甲、乙两物块相遇的位置离C点的距离；（2）物块乙的初速度v0的大小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律
46、综合专题分析：（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出甲运动到C点的速度，从而结合速度时间公式求出甲运动到C点的时间，撤去外力后，甲做匀速直线运动，结合时间求出相遇时的位置距离C点的距离（2）根据牛顿第二定律求出乙的加速度大小，结合位移时间公式求出乙的初速度大小解答：解：（1）设物块甲到C点时的速度为v1，由运动规律得：v12=2as解得：v1=1 m/s 物块甲到C点所用的时间t1=0.2s 所以两物块相遇的位置在C点右侧，x=v1（tt1）=0.8m （2）设物块乙运动的加速度为a2，由牛顿第二定律得：mg=ma2a2=2m/s2由运动规律得：s2x=v0ta2t2解得：v0=4m/s
47、答：（1）甲、乙两物块相遇的位置离C点的距离为0.8m；（2）物块乙的初速度v0的大小为4m/s点评：本题考查了运动学中的相遇问题，抓住位移关系、时间关系，运用运动学公式进行求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁25（8分）（2015硚口区校级模拟）如图，可看作质点的小物块放在长木板正中间，已知长木板质量为M=4kg，长度为L=2m，小物块质量为m=1kg，长木板置于光滑水平地面上，两物体皆静止现在用一大小为F的水平恒力作用于小物块上，发现只有当F超过2.5N时，才能让两物体间产生相对滑动设两物体间的最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小，重力加速度g=10m/s2，试求：（1）小物块和长木板间
48、的动摩擦因数（2）若一开始力F就作用在长木板上，且F=12N，则小物块经过多长时间从长木板上掉下？考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系版权所有专题：牛顿运动定律综合专题分析：（1）对整体为研究对象，根据牛顿第二定律列方程求出二者一起匀加速的最大加速度，然后以M为研究对象，根据牛顿第二定律列方程求出摩擦因数；（2）小物块从模板上滑下时二者位移差等于木板长，结合运动学公式列方程求解解答：（1）设两物体间的最大静摩擦力为f，当F=2.5N作用于m时，对整体由牛顿第二定律有：F=（M+m）a对M，由牛顿第二定律有：f=Ma由可得：f=2N小物块竖直方向上受力平衡，所受支持力N=mg，由摩擦力公式有 f=mg得：=0.2（2）F=12N作用于M时，两物体发生相对滑动，设M、m加速度分别为a1、a2，对M，由牛顿第二定律Ff=Ma1得：a1=2.5m/s2对m，由牛顿第二定律f=ma2得：a2=2m/s2由匀变速直线运动规律，两物体在t时间内位移为m刚滑下M时有：由得：t=2s答：（1）小物块和长木板间的动摩擦因数为0.2；（2）若一开始力F就作用在长木板上，且F=12N，则小物块经过2s从长木板上掉下点评：该题涉及到相对运动的过程，列牛顿第二定律方程时一定要先确定研究对象，要认真分析物体的受力情况和运动情况，并能熟练地运用匀变速直线运动的公式
