1、高考资源网（ ）与您相伴。欢迎广大教师踊跃来稿！。 孝感三中2014届高三物理复习新信息题综合检测卷（四） 陈老师 该试卷是通过系统复习后对复习效果的检测，它着重从思维方法和物理模型进行考核；特别是弹簧模型和磁场模型的展示，通过学生做题检测从中发现学生存在的知识掌握不足，而进行调整复习方案。达到全面掌握高中整个物理内容和系列模型的求解方法，直至到高考榜上有名为止。 整卷分数：110分 用时： 90分钟学校： 班级： 姓名： 分数：一、 选择题：本大题共8小题，每小题6分，计48分。其中15小题是单选题；68小题是多选，选对得6分，少选得3分，不选或选错得0分。1、通常我们把太阳系中行星自转一周
2、的时间称为“1天”，绕太阳公转一周的时间称为“1年”。与地球相比较，金星“1天”的时间约是地球“1天”时间的243倍。由此可知：（ ）A金星的半径约是地球半径的243倍B金星的质量约是地球质量的243倍C地球的自转角速度约是金星自转角速度的243倍D地球表面的重力加速度约是金星表面重力加速度的243倍F452、倾角为45的斜面固定于墙角，一质量分布均匀的光滑球体在大小为F的水平推力作用下静止在如图所示的位置，F的作用线通过球心。设球所受重力大小为G，竖直墙对球的弹力大小为N1，斜面对球的弹力大小为N2 ，则下列说法正确的是：（ ）AN1一定等于F BN1一定大于FCN2一定大于G DN2一定大
3、于N13、如图甲，真空中有一半径为R、电荷量为Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴。理论分析表明，x 轴上各点的场强随x变化关系如图乙，已知x1与R两点间距大于R与x2的两点间距，则：（ ）Ax2处场强大小为Bx1、x2两点处的电势相同C球内部的电场为匀强电场D假设将试探电荷沿x轴移动，则从x1移到R处和从R移到x2处静电力做功相同aabQPb4、如图所示，在斜面顶端a处以速度va水平抛出一小球，经过时间ta恰好落在斜面底端P处；今在P点正上方与a等高的b处以速度vb水平抛出另一小球，经过时间tb恰好落在斜面的中点Q处。若不计空气阻力，下列关系式正确的是：（ ）Ava=2vb
4、 Bva=vbCta=2tb Dta=2tb5、如图甲所示，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物块正沿斜面以速度v0匀速下滑，斜劈保持静止，地面对斜劈的摩擦力为f1；如图乙所示，若对该物块施加一平行于斜面向下的推力F1，使其加速下滑，则地面对斜劈的摩擦力为f2；如图丙所示，若对该物块施加一平行于斜面向上的推力F2，使其减速下滑，则地面对斜劈的摩擦力为f3。下列关于f1、f2、f3的大小关系正确的是：( )Af10 Bf2f3 Cf2f3 Df2f36、右图为过山车以及轨道简化模型，以下判断正确的是：（ ）过山车在圆轨道上做匀速圆周运动过山车在圆轨道最高点时的速度应不小于过山车在圆轨道最低点时乘
5、客处于超重状态过山车在斜面h=2R高处由静止滑下能通过圆轨道最高点7、如图，正点电荷放在O 点，图中画出它产生的电场的六条对称分布的电场线。以水平电场线上的O 点为圆心画一个圆，与电场线分别相交于 a、b、c、d、e，下列说法正确的是：（ ）b、e两点的电场强度相同a点电势高于e点电势b、c两点间电势差等于 e、d两点间电势差电子沿圆周由d运动到 c，电场力不做功8、图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，为交流电流表。线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动，从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图像如图乙所示，以下判断正确的是：（ ）
6、 A线圈转动的角速度为50rad/sB电流表的示数为10AC0.01s时线圈平面与磁感线平行D0.02s时电阻R中电流的方向自左向右二、填空题：本大题共2小题，共15分。9小题6分，10小题9分。要将答案填写在横线上，或将图填在指定的相应处。9、（6分）在“探究加速度与质量的关系”的实验中备有器材：A.长木板；B.电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C.细绳、小车、砝码；D.装有细砂的小桶；E.薄木板；F.毫米刻度尺；还缺少的一件器材是 。实验得到如图（a）所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为 。同学甲根据实验
7、数据画出如图（b）所示a图线，从图线可得砂和砂桶的总质量为 kg；(g取10m/s2)同学乙根据实验数据画出了图（c），从图线可知乙同学操作过程中可能 。10、（9分）某同学要测量一由新材料制成的粗细均匀的圆柱形导体的电阻率。步骤如下：(1)用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为 cm；0 252015乙丙5670510甲cm(2)用螺旋测微器测量其直径如图乙所示，由图可知其直径为 mm；(3)用多用电表的电阻“10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱形导体的电阻，表盘的示数如图丙所示，则该电阻的阻值约为 。(4)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下
8、：待测圆柱形导体电阻R电流表A1(量程04 mA，内阻约50 )电流表A2(量程010 mA，内阻约30 )电压表V1(量程03 V，内阻约10 k)电压表V2(量程015 V，内阻约25 k)直流电源E(电动势4 V，内阻不计)滑动变阻器R1(阻值范围015 ，额定电流2.0 A)滑动变阻器R2(阻值范围02 k，额定电流0.5 A)开关S，导线若干。为减小实验误差，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出合理的测量电路图，并标明所用器材的代号。 三、计算题：本大题共4小题，计47分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确
9、写出数值和单位。0RmABOCDL11、（10分）如图所示，半径R=0.4 m的光滑圆弧轨道BC固定在竖直平面内，轨道的上端点B和圆心O的连线与水平方向的夹角=30，下端点C为轨道的最低点且与粗糙水平面相切，一轻质弹簧右端固定在竖直挡板上。质量m=0.1 kg的小物块(可视为质点)从空中A点以0=2 m/s的速度水平抛出，恰好从B端沿轨道切线方向进入轨道，经过C点后沿水平面向右运动至D点时，弹簧被压缩至最短，C、D间的水平距离L=1.2 m，小物块与水平面间的动摩擦因数=0.5，取g=10 m/s2。求：(1)小物块经过圆弧轨道上B点时速度B的大小；(2)小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力N
10、C的大小；(3)弹簧的弹性势能的最大值EPm。12、（11分）如图所示，在匀强电场中建立直角坐标系xOy，y轴竖直向上，一质量为m、电荷量为+q的微粒从x轴上的M点射出，方向与x轴夹角为，微粒恰能以速度v做匀速直线运动，重力加速度为g。(1)求匀强电场场强E的大小；yxNO(2)若再叠加一圆形边界的匀强磁场，使微粒能到达x轴上的N点，M、N两点关于原点O对称，距离为L，微粒运动轨迹也关于y轴对称。已知磁场的磁感应强度大小为B，方向垂直xOy平面向外，求磁场区域的最小面积S及微粒从M运动到N的时间t。13、（12分）如图甲所示，在倾角为370的粗糙斜面的底端，一质量m=1kg可视为质点的滑块压缩
11、一轻弹簧并锁定，滑块与弹簧不相连。t=0时解除锁定，计算机通过传感器描绘出滑块的速度时间图象如图乙所示，其中oab段为曲线，bc段为直线，在t1=0.1s时滑块已上滑s=0.2m的距离，g取10m/s2。求：（1）物体离开弹簧后在图中bc段对应的加速度a及动摩擦因数的大小（2）t2=0.3s和t3=0.4s时滑块的速度v1、v2的大小；（3）锁定时弹簧具有的弹性势能14、（14分）y如图所示，坐标系xOy在竖直平面内，x轴正方向水平向右，y轴正方向竖直向上。y0的区域有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B；在第一象限的空间内有与x轴平行的匀强电场（图中未画出）；第四象限有与x轴同方
12、向的匀强电场；第三象限也存在着匀强电场（图中未画出）。一个质量为m、电荷量为q的带电微粒从第一象限的P点由静止释放，恰好能在坐标平面内沿与x轴成=30角的直线斜向下运动，经过x轴上的a点进入y0的区域后开始做匀速直线运动，经过y轴上的b点进入x0的区域后做匀速圆周运动，最后通过x轴上的c点，且Oa=Oc。已知重力加速度为g，空气阻力可忽略不计。求：（1）微粒的电性及第一象限电场的电场强度E1；（2）带电微粒由P点运动到c点的过程中，其电势能的变化量大小；（3）带电微粒从a点运动到c点所经历的时间。参 考 答 案一、选择题：本大题共8小题，每小题6分，计48分。其中15小题是单选题；68小题是多
13、选，选对得6分，少选得3分，不选或选错得0分。1、C2、C3、A4、B5、C6、BC7、CD8、BCD二、填空题：本大题共2小题，共15分。9小题6分，10小题9分。要将答案填写在横线上，或将图填在指定的相应处9、（6分）天平；（1分）；（1分）0.02kg(0.018-0.022kg均可)；（2分）末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够。（2分）R1ESRV1A210、（9分）(1) 5.015 (2分) (2) 4.700 (2分) (3) 220 (2分)(4)如图所示 (3分)(电压表选V1、电流表选A2、分压接法、电流表外接各1分)三、计算题：本大题共4小题，计47分。解答应写出必要的文字说明
14、、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。11、（10分）(1)小物块恰好从B端沿切线方向进入轨道，据几何关系有B = = 4 m/s (1分)(2)小物块由B运动到C，据机械能守恒有 mgR(1+sin)= mC2mB2 (1分)在C点处，据牛顿第二定律有NC - mg = m (2分)解得NC = 8 N (1分)根据牛顿第三定律，小物块经过圆弧轨道上C点时对轨道压力大小NC为8 N (1分)(3)小物块从B运动到D，据能量关系有EPm= mB2+mgR(1+sin)-mgL (2分)= 0.142 J +0.1100.4(1+) J
15、-0.50.1101.2 J=0.8 J (2分)12、（11分）(1)对微粒有qE-mg = 0 (1分) 得E = (1分)(2)微粒在磁场中有qvB=m (1分) 得R = 如图所示，当PQ为圆形磁场的直径时，圆形磁场面积最小。有r=Rsin (1分)yPQNxM其面积S=r2 = (1分)又T = (或T = ) 根据几何关系可知偏转角为2则在磁场中运动的时间t2 = = (1分)又 MP=QN= (1分)且有t1 = t3 = (1分)故运动的时间t = t1t2t3 = = = + (2分)13、（12分）（1）由图象可知0.1s物体离开弹簧向上做匀减速运动，加速度的大小 1分根据
16、牛顿第二定律，有： 1分解得： 2分（2）根据速度时间公式，得：t2=0.3s时的速度大小 2分 0.3s后滑块开始下滑，下滑的加速度 2分t2=0.4s时的速度大小 2分（3）由功能关系可得： 2分14、（14分）（1）在第一象限内，带电微粒从静止开始沿Pa做匀加速直线运动，受重力mg和电场力qE1的合力一定沿Pa方向，电场力qE1一定水平向左。1分带电微粒在第四象限内受重力mg、电场力qE2和洛仑兹力qvB做匀速直线运动，所受合力为零。分析受力可知微粒所受电场力一定水平向右，故微粒一定带正电。所以，在第一象限内E1方向水平向左（或沿x轴负方向）。1分根据平行四边形定则，有 mg=qE1ta
17、n 1分解得 E1=mg/q 1分（2）带电粒子从a点运动到c点的过程中，速度大小不变，即动能不变，且重力做功为零，所以从a点运动到c点的过程中，电场力对带电粒子做功为零。由于带电微粒在第四象限内所受合力为零，因此有 qvBcos=mg 1分带电粒子通过a点的水平分速度vx=vcos= 1分带电粒子在第一象限时的水平加速度ax=qE1/m=g1分带电粒子在第一象限运动过程中沿水平方向的位移x=0.5分由P点到a点过程中电场力对带电粒子所做的功W电=qE1x=1分因此带电微粒由P点运动到c点的过程中，电势能的变化量大小 E电=0.5分说明：其他方法正确的同样得分。但用动能定理的水平分量式求解的不
18、能得分。（3）在第三象限内，带电微粒由b点到c点受重力mg、电场力qE3和洛仑兹力qvB做匀速圆周运动，一定是重力与电场力平衡，所以有qE3=mg 1分设带电微粒做匀速圆周运动的半径为R，根据牛顿第二定律，有 qvB=mv2/R 带电微粒做匀速圆周运动的周期 T= 带电微粒在第三象限运动的轨迹如图所示，连接bc弦，因Oa=Oc，所以abc为等腰三角形，即Ocb=Oab=30。过b点做ab的垂线，与x轴交于d点，因Oba=60，所以Obd=30, 因此bcd为等腰三角形，bc弦的垂直平分线必交于轴上的d点,即d点为圆轨迹的圆心 1分所以带电粒子在第四象限运动的位移xab=Rcot=R其在第四象限运动的时间t1= 1分由上述几何关系可知，带电微粒在第三象限做匀速圆周运动转过的圆心角为120，即转过1/3圆周，所以从b到c的运动时间 t2= 1分因此从a点运动到c点的时间 t=t1+t2=+=1分高考资源网版权所有！投稿可联系QQ：1084591801试卷、试题、教案、学案等教学资源均可投稿。