1、高考资源网（） 您身边的高考专家樟树中学、丰城九中、宜春一中、万载中学、宜丰中学、高安二中2017届六校联考物理试卷出题人：丰城九中 丁耀华 审题人：丰城九中 胡军满分:100分 时间：90分钟一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。第1到7小题只有一个选项正确，第8到10题有多个选项正确）1. 某同学骑自行车在公路上行驶,突然发现前方有危险.他立刻停止蹬脚踏板,自行车在地面阻力f1的作用下减速.3s后,他估计如果自行车只在地面阻力作用下减速行进,还可能出现危险.于是他握住两边的车闸,自行车在地面阻力f1和制动力f2作用下,又经过1s后静止.自行车运动的v-t图象如图所示,由图可知
2、f1f2等于( )A.11 B.12 C.14 D.15【答案】C【试题解析】本题考查了速度时间关系图像、牛顿第二定律等相关知识点，意在考查考生的分析能力。只靠地面摩擦减速时，根据图像可知加速度大小为a1=1m/s2，由牛顿第二定律知f1=ma1=m；当他握住手刹之后，加速度大小为a2=5m/s2，由牛顿第二定律知f1+f2=ma2=5m，联立可知f2=4m，所以f1f2=14，故ABD错误，C正确；综上本题选C。2在平面的跑道上进行了一次比赛，汽车与摩托车同时一起跑线出发，图示为汽车和摩托车运动的vt图象，则下列说法中正确的是（）A运动初始阶段摩托车在前，t1时刻摩托车与汽车相距最远B运动初
3、始阶段摩托车在前，t3时刻摩托车与汽车相距最远C当汽车与摩托车再次相遇时，汽车已经达到速度2v0D当汽车与摩托车再次相遇时，汽车没有达到最大速度2v0【答案】D【试题解析】本题考查了速度时间关系图像，意在考查考生的分析能力。0-t2时间内摩托车比汽车的速度大，摩托车在前，两者间距增大，t2时刻之后，摩托车比汽车的速度小，两者间距减小，所在在t2时刻两者相距最远，AB错误；根据图线与时间轴围成的面积表示位移，可知t3时刻汽车的位移比摩托车大，所以在t3时刻之前两者相遇，汽车没有达到最大速度2v0，C错误，D正确；综上本题选D。3如图所示，轻弹簧的一端与物块P相连，另一端固定在木板上先将木板水平放
4、置，并使弹簧处于拉伸状态缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动，在这个过程中，物块P所受静摩擦力的大小变化情况是（）A先减小后增大 B先增大后减小C一直增大 D保持不变【答案】A【试题解析】本题考查的是受力分析、共点力的平衡以及静摩擦力概念的问题。设物块的重力为G，木板与水平面的夹角为，弹簧的弹力大小为F，静摩擦力大小为f；由题，缓慢抬起木板的右端，使倾角逐渐增大，直至物块P刚要沿木板向下滑动的过程中，弹簧的拉力不变，物块P的重力沿木板向下的分力先小于弹簧的弹力，后大于弹簧的弹力，物块P所受的静摩擦力方向先木板向下，后沿木板向上；当物块P的重力沿木板向下的分力小于弹簧
5、的弹力时，则有，增大时，F不变，f减小；当物块P的重力沿木板向下的分力大于弹簧的弹力时，则有，增大时，F不变，f增大；所以物块P所受静摩擦力的大小先减小后增大。综上本题答案选A。4如图所示，斜面顶端固定有半径为R的轻质滑轮，用不可伸长的轻质细绳将半径为r的球沿斜面缓慢拉升不计各处摩擦，且Rr.设绳对球的拉力为F，斜面对球的支持力为FN，则关于F和FN的变化情况，下列说法正确的是( )AF一直增大，FN一直减小 BF一直增大，FN先减小后增大CF一直减小，FN保持不变 DF一直减小，FN一直增大【答案】A【试题解析】本题考查了共点力的平衡，意在考查考生对动态图解的应用能力。对球受力分析，受到三个
6、力作用，重力G为恒力，斜面的支持力FN，方向垂直斜面向上，如图所示：当球沿斜面上升时，细绳的拉力F与竖直方向的夹角减小，分析可知FN减小，F增大，A正确，BCD错误，综上本题选A。5如图所示，相同的乒乓球1、2恰好在等高处水平越过球网，不计乒乓球的旋转和空气阻力，乒乓球自最高点到落台的过程中，正确的是（）A过网时球1的速度小于球2的速度B球1的飞行时间大于球2的飞行时间C球1的速度变化率小于球2的速度变化率D落台时，球1的重力功率等于球2的重力功率【答案】D【试题解析】本题考查了运动的合成与分解、功和功率的知识，意在考查考生的理解和应用能力。将小球运动视为平抛运动，将其分解为水平方向匀速直线运
7、动和竖直方向的匀变速直线运动，根据过网时的速度方向均垂直于球网，知竖直方向末速度为零，根据vy=v0-gt和h=知竖直方向初速度相同，运动时间相同，水平初速度1的大于2的，故过网时球1的速度大于球2的速度；PG=mgvy相同，AB错误，D正确；不计乒乓球的旋转和空气阻力，知两球加速度相同，故球1的速度变化率等于球2的速度变化率，C错误；综上本题选D。6如图所示，长为L的直杆一端可绕固定轴O无摩擦转动，另一端靠在以水平速度v匀速向左运动、表面光滑的竖直挡板上，当直杆与竖直方向夹角为时，直杆端点A的线速度为( )A Bvsin C Dvcos 【答案】C【试题解析】本题考查了运动的合成与分解，意在
8、考查考生的理解能力。将A点的线速度(实际速度)分解为水平和竖直，得，综上本题选C。7 倾角为37的光滑斜面上固定一个槽，劲度系数k=20N/m、原长l0=0.6m的轻弹簧下端与轻杆相连，开始时杆在槽外的长度l=0.3m，且杆可在槽内移动，杆与槽间的滑动摩擦力大小Ff=6N，杆与槽之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力质量m=1kg的小车从距弹簧上端L=0.6m处由静止释放沿斜面向下运动已知弹性势能，式中x为弹簧的形变量g取10m/s2，sin37=0.6若只考虑沿斜面向下的运动过程，关于小车和杆的运动情况，下列说法正确的是（）A小车先做匀加速运动，后做加速度逐渐减小的变加速运动B在杆滑动之前，小车的
9、机械能守恒C杆在完全进入槽内前瞬间速度为3m/sD杆在完全进入槽内前瞬间弹性势能大于0.9J【答案】C【试题解析】本题考查了胡克定律、共点力平衡、机械能守恒等相关知识点，意在考查考生的综合分析能力。一开始小车受恒力向下做匀加速运动，后来接触到弹簧，合力逐渐变小，做加速度逐渐变小的变加速运动，最后受到弹簧轻杆的力和重力沿斜面向下的分力平衡，做匀速直线运动，A错误；以小车为研究对象，弹簧的弹力做负功，所以小车的机械能减小，B错误；当弹簧和杆整体受到的力等于静摩擦力时，轻杆开始滑动，此时由平衡得：弹簧压缩量由公式F=kx，解得x=0.3m，此时整个系统开始做匀速运动，设此时速度为v，从小车开始运动到
10、完全进入槽内，根据能量守恒得：，代入数据求得：v=3m/s，C正确；小车刚匀速运动时，弹簧的弹性势能为此后，小车和弹簧都做匀速运动，弹簧的压缩量不变，则弹性势能一直等于0.9J，D错误；综上本题选C。8我国首个空间实验室“天宫一号”发射轨道为一椭圆，如图甲所示，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是卫星运行轨道上的近地点和远地点若A点在地面附近，且卫星所受阻力可以忽略不计之后“天宫一号”和“神舟八号”对接，如乙图所示，A代表“天宫一号”，B代表“神舟八号”，虚线为各自的轨道由以上信息，可以判定（）A图甲中卫星运动到A点时其速率一定大于7.9km/sB图甲中若要卫星在B点所在的高度做
11、匀速圆周运动，需在B点加速C图乙中“天宫一号”的向心加速度大于“神舟八号”的向心加速度D图乙中“神舟八号”加速有可能与“天宫一号”实现对接【答案】ABD【试题解析】本题考查了万有引力定律的应用、宇宙速度等相关知识，意在考查考生的理解能力。卫星做椭圆运动，在近地点(地球附近)的速度在第一、第二宇宙速度之间，A点的速度一定大于7.9km/s故A正确；在B点，万有引力大于向心力，若要卫星在B点所在的高度做匀速圆周运动，需要在B点加速，B正确；根据：G =ma，有a=G，天宫一号的半径大，向心加速度小，C错误；神舟八号在轨道上加速，由于万有引力小于所需的向心力，神舟八号会做离心运动，离开原轨道，可能与
12、天宫一号对接，D正确；综上本题选ABD。9如图所示，一个质量为m的物体(可视为质点)，由斜面底端的A点以某一初速度冲上倾角为30的固定斜面做匀减速直线运动，减速的加速度大小为g，物体沿斜面上升的最大高度为h，在此过程中（ ）A.物体克服摩擦力做功 B.物体的动能损失了mghC.物体的重力势能增加了mgh D.系统机械能损失了mgh【答案】CD【试题解析】本题考查了重力做功、功能关系、动能定理等相关知识，意在考查考生的分析能力。物体在斜面上能够上升的最大高度为h，所以重力势能增加了mgh，C正确；根据动能定理得：物体动能的变化量Ek=W 合 =-ma2h=-2mgh，即动能损失了2mgh，B错误
13、；物体的重力势能增加了mgh，动能损失了2mgh，物体的动能与重力势能之和等于机械能，所以物体的机械能减小mgh，根据能量守恒得知，物体克服摩擦力做功为mgh，系统生热mgh，A错误，D正确；综上本题选CD。10.如图所示，甲、乙两种粗糙面不同的传送带，倾斜放于水平地面，与水平面的夹角相同，以同样恒定速率v向上运动。现将一质量为m的小物体（视为质点）轻轻放在A处，小物体在甲传送带上到达B处时恰好达到速率v；在乙上到达离B竖直高度为h的C处时达到速率v，已知B处离地面高度皆为H。则在物体从A到B过程中( )A将小物体传送到B处，两种系统产生的热量乙更多B将小物体传送到B处，两种传送带消耗的电能甲
14、更多C两种传送带与小物体之间的动摩擦因数甲更大D两种传送带对小物体做功相等【答案】BD【试题解析】根据牛顿第二定律得：f1-mgsin=ma1=，f1=1mgcosf2-mgsin=ma2=，f2=2mgcos；可见f1f2，两种传送带与小物体之间的动摩擦因数乙更大，C错误；由摩擦生热Q=fS相对知：Q甲=f1S1=f1(vt1-)=f1 ；Q乙=f2S2=f2 解得：Q甲=mgH+mv2，Q乙=mg(H-h)+mv2，Q甲Q乙，A错误；根据能量守恒定律，电动机消耗的电能E电等于摩擦产生的热量Q与物块增加机械能的和，因物块两次从A到B增加的机械能相同，Q甲Q乙，所以将小物体传送到B处，两种传送
15、带消耗的电能甲更多，B正确；传送带对小物体做功等于小物块的机械能的增加量，动能增加量相等，重力势能的增加量也相同，故两种传送带对小物体做功相等，D正确；综上本题选BD。二、实验题（本大题共2小题，共12分）11（6分）在验证机械能守恒定律的实验中，得到了一条如图所示的纸带，纸带上的点记录了物体在不同时刻的位置，物体的质量为m，打点周期为T当打点计时器打点4时，物体的动能增加的表达式为Ek=物体重力势能减小的表达式为EP=，实验中是通过比较来验证机械能守恒定律的【答案】 mgD4 与mgD4是否相等【试题解析】本题考查了验证机械能守恒的实验，意在考查考生对机械能守恒定律的理解。打点4时物体的速度
16、：v=，此时物体的动能：Ek=mv2=；重力势能的减小量：EP=mgh=mgD4；通过比较与mgD4是否相等来验证机械能守恒定律。12（6分）某实验小组应用如图甲所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知小车的质量为M，砝码和砝码盘的总质量为m，所使用的打点计时器所 接的交流电的频率为50Hz，实验步骤如下：A按图甲所示，安装好实验装置，其中与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直；B调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；C挂上砝码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度；D改变砝码盘中砝码的质量，重复步骤C，求得小车在不同合力作用下的加速度根据以上实
17、验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是A小车的加速度与砝码盘的加速度大小相等B弹簧测力计的读数为小车所受合外力来源:Zxxk.ComC实验过程中砝码处于超重状态D砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）实验中打出的一条纸带如图乙所示，由该纸带可求得小车的加速度为m/s2（结果保留2位有效数字）（3）由本实验得到的数据作出小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系图象（见图丙），与本实验相符合的是【答案】(1)B；(2)0.16；(3)A【试题解析】本题考查了探究加速度与力的关系，意在考查考生对牛顿第二定律的理解。(1)由图可知，小车的加速度是砝码盘的加速度大小的2倍，故A
18、错误；同一根细绳，且已平衡摩擦力，则弹簧测力计的读数为小车所受合外力，故B正确；实验过程中，砝码向下加速运动，处于失重状态，故C错误；由于不是砝码的重力，即为小车的拉力，故不需要砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量的条件，故D错误；综上本题选B。(2)在匀变速直线运动中连续相等时间内的位移差为常数，即x=aT2，解得：a=将x=0.16 cm，T=0.1 s带入解得：a=0.16 m/s2(3)由题意可知，小车的加速度a与弹簧测力计的示数F的关系应该是成正比，即为过原点的一条倾斜直线，故A符合；三、计算题（本大题共4题，共48分。解答本大题时，要求写出必要的文字和演算步骤）13.(9分)如图
19、所示，水平粗糙桌面上有A、B两个小滑块，之间连接一弹簧，A、B的质量均为m，现用水平恒力F拉滑块B， 使A、B一起在桌面上以加速度a向右做匀加速直线运动，已知弹簧在弹性限度内，两物块与桌面间的动摩擦因数相同，重力加速度为g.求(1)两物块与桌面的动摩擦因数 (2)撤掉F的瞬间，A的加速度，B的加速度.【答案】(1)= (2) A的加速度仍为a,B a2= 2g+a 方向向左【试题解析】本题考查了整体、隔离法、牛顿第二定律等知识点，意在考查考生的应用能力。(1)对A、B整体分析有F-2mg=2ma，得=(2)对A隔离分析有F弹-mg=ma 得F弹=mg+ma撤掉F的瞬间弹簧弹力不变,A的加速度仍
20、为a对B有F弹+mg=ma2 a2= 2g+a 方向向左14(10分)如图所示为一足够长斜面，其倾角为=37，一质量m=10kg物体，在斜面底部受到一个沿斜面向上的F=100N的力作用由静止开始运动，物体在2s内位移为4m，2s末撤去力F，（sin 37=0.6，cos 37=0.8，g=10m/s2）求：（1）物体与斜面间的动摩擦因数；（2）物体沿斜面上滑的最大距离【答案】(1)为0.25；(2) 10 m【试题解析】本题考查了匀变速直线运动的规律、牛顿第二定律的应用，意在考查考生对运动学问题的分析和处理能力。(1)02 s内物体物体做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式得：x=a1t12
21、解得：a1=2 m/s2由牛顿第二定律得：Fmgcos37mgsin37=ma1解得：=0.25；(2)在F被撤消后，物体还要继续向上运动，且是做匀减速运动，当速度为零位移达到最大值。设这过程的加速度为a2，撤消力F时的速度为v1，匀减速运动的时间为t2，由牛顿第二定律得：mgcos37+mgsin37=ma2，解得：a2=8 m/s2，2 s末的速度为：v1=a1t=4 m/s，物体减速运动的时间：t2=0.5 s，物体的总位移：S=(t1+t2)=10 m。15(14分)如图所示,质量mB=3.5kg的物体B通过一轻弹簧固连在地面上,弹簧的劲度系数k=100N/m一轻绳一端与物体B连接,绕
22、过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2后,另一端与套在光滑直杆顶端的、质量mA=1.6kg的小球A连接已知直杆固定,杆长L为0.8m,且与水平面的夹角=37初始时使小球A静止不动,与A端相连的绳子保持水平,此时绳子中的张力F为45N已知AO1=0.5m,重力加速度g取10m/s2,绳子不可伸长现将小球A从静止释放,则：(1)若直线CO1与杆垂直,求物体A运动到C点的过程中绳子拉力对物体A所做的功；(2)求小球A运动到底端D点时的速度【答案】(1) W=7 J (2) vA=2 m/s【试题解析】本题考查了动能定理、机械能守恒定律、运动的合成与分解等知识点，意在考查考生综合分析和解决能力。(1)释
23、放小球前，B处于静止状态，由于绳子拉力大于重力，故弹簧被拉伸，设弹簧形变量为x有：kx=FmBg所以x=0.1 m对A球从顶点运动到C的过程应用动能定理得：W+mAgh=mAvA20 其中：h= xCO1cos37而xCO1= xAO1sin37=0.3 m物体B下降的高度h=xAO1xCO1=0.2 m 由此可知弹簧此时被压缩了0.1 m，此时弹簧弹性势能与初状态相等，对于A、B、和弹簧组成的系统机械能守恒：mAgh+mBgh=mAvA2+mBvB2 由题意知，小球A运动方向与绳垂直，此瞬间B物体速度vB=0 由得，W=7 J(2)由题意知，杆长L=0.8 m，故CDO1=37故DO1=AO
24、1，当A到达D时，弹簧弹性势能与初状态相等，物体B又回到原位置，在D点对A的速度沿平行于绳和垂直于绳两方向进行分解，可得平行于绳方向的速度即为B的速度，由几何关系得：vB= vAcos37 对于整个下降过程由机械能守恒得：mAgLsin37=mAvA 2+mBvB 2 由得：vA=2 m/s16.（15分）嘉年华上有一种回力球游戏，如图所示，A、B分别为一固定在竖直平面内的光滑半圆形轨道的最高点和最低点，B点距水平地面的高度为h，某人在水平地面C点处以某一初速度抛出一个质量为m的小球，小球恰好水平进入半圆轨道内侧的最低点B，并恰好能过最高点A后水平抛出，又恰好回到C点抛球人手中若不计空气阻力，
25、已知当地重力加速度为g，求：来源:学。科。网Z。X。X。K（1）小球刚进入半圆形轨道最低点B时轨道对小球的支持力；（2）半圆形轨道的半径；（3）小球抛出时的初速度大小 【答案】(1) 6mg；(2) 2h；(3) 【试题解析】本题考查了动能定理、牛顿第二定律、圆周运动的规律等知识点，意在考查考生的分析和应用能力。(1)设半圆形轨道的半径为R，小球经过A点时的速度为vA，小球经过B点时的速度为vB，小球经过B点时轨道对小球的支持力为N。在A点：mg=解得：，从B点到A点的过程中，根据动能定理有：，解得：。在B点：Nmg=m解得：N=6mg，方向为竖直向上。(2)C到B的逆过程为平抛运动，有：h=A到C的过程，有：又vBtBC=vAtAC，解得：R=2h。(3)设小球抛出时的初速度大小为v0，从C到B的过程中，根据动能定理有：解得：高考资源网版权所有，侵权必究！
