1、2013-2014学年度高三第三次月考物 理 试 题一、选择题：共12个小题，每小题4分，共48分。其中1-6题为单选，7-12为不定项选择。1. 在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A第谷通过对天体运动的长期观察，发现了行星运动三定律B亚里士多德认为力的真正效应总是改变物体的速度，而不仅仅是使之运动C牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因 D卡文迪许第一次在实验室里测出了引力常量【答案】D【考点】物理学史【KS5U解析】卡文迪许测出了万有引力常量G；开普勒得出了开普勒行星运动定律；亚里士多德的错误观点延续了两千多年。2. 在如图所示的电
2、路中，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A电压表和电流表的示数都增大 B灯L2变暗，电流表的示数减小C灯L1变亮，电压表的示数减小 D灯L2变亮，电容器的带电量增加【答案】C【考点】闭合电路的欧姆定律；电容【KS5U解析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，R与灯L2并联的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮R与灯L2并联电路的电压U并=U-U1，U减小，U1增大，U并减小，灯L2变暗流过电流表的电流IA=I-I2，I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大3. 太阳
3、围绕银河系中心的运动可视为匀速圆周运动，其运动速度约为地球公转速度的7倍，轨道半径约为地球公转轨道半径的2109倍，为了粗略估算银河系中恒星的数目，可认为银河系中所有恒星的质量都集中在银河系中心，且银河系中恒星的平均质量约等于太阳质量，则银河系中恒星数目约为A109B1011C1013D1015【答案】B【考点】万有引力定律及其应用【KS5U解析】研究地球绕太阳做圆周运动的向心力，由太阳对地球的万有引力充当根据万有引力定律和牛顿第二定律有，整理得,太阳绕银河系运动也是由万有引力充当向心力，同理可得4如图所示，在倾角为37（tan37=3/4）的斜面底端正上方h高处平抛一物体，该物体落到斜面上时
4、速度方向正好与斜面垂直，则物体抛出时的初速度的大小是A BCD【答案】D【考点】平抛运动【KS5U解析】解：设飞行的时间为t，则，因为是垂直装上斜面，斜面与水平面之间的夹角为37，所以：，因为斜面与水平面之间的夹角为37，由三角形的边角关系可知，解得：选项D正确 5均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM=ON=2R已知M点的场强大小为E，则N点的场强大小为A B C D【答案】A【考点】电场强度；电场的叠加【KS5U解析】将带电量为2q的球
5、面放在O处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场则在M、N点所产生的电场为，由题知当半球面如图所示产生的场强为E，则N点的场强为6. 一平行板电容器，两板之间的距离和两板面积都可以调节，电容器两板与电池相连接以表示电容器的电量，表示两极板间的电场强度，则 A.当减小、减小时，不变、不变 B.当增大、不变时，增大、增大C.当减小、减小时，增大、增大 D.当增大、不变时，减小、减小【答案】D【考点】电容器的动态分析【KS5U解析】电容器的两极板与电池相连故电容器两极板之间的电压U保持不变，这是本题的突破口根据，可得随d变化，确定两极板间的电场强度E的变化由电容的决定式
6、，可根据S以及d的变化判断电容C的变化情况，最后根据Q=CU判断电容器所带电量Q的变化7如图所示，a，b，c，d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行。已知a点电势为20V，b点电势为24V。d点电势为12V。一个质子从b点以v0的速度射入电场，入射方向与bc成45，一段时间后经过C点。不计质子的重力，下列判断正确的是Ac点的电势低于a点的电势B电场强度方向由b指向dC质子从b运动到c所用的时间为D质子从b运动到c，电场力做功为4 eV【答案】AC【考点】电势能；电势【KS5U解析】A、在匀强电场中，沿着电场线方向每前进
7、相同的距离，电势变化相等，故Ua-Ud=Ub-Uc，解得Uc=16V，则c点电势低于a点电势故A正确；B、设ad连线中点为O，则其电势为16V，故co为等势面，电场线与等势面垂直，则电场线沿着bo方向故B错误；C、由上可知，电场线沿着bo方向，质子从b运动到c做为在平抛运动，垂直于bo方向做匀速运动，位移大小为,则运动时间为，C正确；D、根据W=qU，质子从b点运动到c点，电场力做功为W=qUbc=1e（24V-16V）=8eV，故D错误；8. 在空军演习中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v t图像如图所示，则下列说法正确的是 A010s内空降兵和伞整体所受重
8、力大于空气阻力B第10s末空降兵打开降落伞，此后做匀减速运动至第15s末C10s15s空降兵竖直方向的加速度向上，加速度大小在逐渐减小D15s后空降兵保持匀速下落，此过程中机械能守恒【答案】AC【考点】机械能守恒定律；匀变速直线运动的图像【KS5U解析】A、由图可知，前10s内空降兵做加速度减小的加速运动，故合外力应向下，故重力大于空气阻力，故A正确；B、10s后空降兵打开降落伞，由图象可知，其做加速度减小的减速运动，故B错误；C、10 s-15 s内空降兵的加速度向上，速度在减小，加速度也在减小，故C正确；D、因空降兵在下落过程中受到空气阻力，故机械能不守恒，故D错误；9. 如图所示，小车上
9、有固定支架，支架上用细线拴一个小球，线长为l（小球可看作质点），小车与小球一起以速度v0沿水平方向向左匀速运动。当小车突然碰到矮墙后车立即停止运动，此后小球升高的最大高度可能是（线未被拉断）A大于 B小于 C等于D等于2l【答案】BCD【考点】牛顿第二定律；向心力【KS5U解析】如果小球的速度不能使小球做圆周运动，由机械能守恒可得，所以最大高度可能是，所以C正确如果有空气的阻力的话，机械能不守恒，最大高度就要小于；所以B正确如果小球的速度能使小球做圆周运动，那么最大的高度就是圆周运动的直径2L，所以D正确10. 如图所示，一个质量为m的物体以某一速度从A点冲上倾角为30的斜面，其运动的加速度大
10、小为3g/4，这个物体在斜面上升的最大高度为h，则这个过程中，下列判断正确的是A重力势能增加了 B动能减少了 C机械能减少了 D物体克服摩擦力的功率随时间在均匀减小【答案】BD【考点】机械能守恒定律以及功能关系【KS5U解析】由题，物体在斜面上上升的最大高度为h，物体克服重力做功为mgh，则重力势能增加了mgh故A错误；根据动能定理得：，则物体的动能损失了故B正确；由上知道，重力势能增加了mgh，物体的动能损失，则机械能损失了；摩擦力大小不变，物体的速度均匀变化，则摩擦力的功率均匀变化。11. 质量相等的两木块A、B用一轻弹簧栓接，静置于水平地面上。现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上
11、做匀加速直线运动。从木块A开始做匀加速直线运动到木块B将要离开地面时的这一过程，下列说法正确的是（设此过程弹簧始终处于弹性限度内 ）A力F一直增大B弹簧的弹性势能一直减小C木块A的动能和重力势能之和一直增大D两木块A、B和轻弹簧组成的系统机械能先增大后减小【答案】AC【考点】机械能守恒定律；动能定理的应用【KS5U解析】解：A、最初弹簧被压缩，A物体受到竖直向上的弹力等于重力，由于A物体做匀加速直线运动，对A受力分析，列出牛顿第二定律解出对应的表达式；当B物体要离开地面时地面的支持力为零，弹簧对B物体向上的拉力等于B物体的重力，即弹簧对A物体向下的拉力等于B的重力，再列出牛顿第二定律即可解出此
12、所需的拉力F大小得出拉力一直增大，故A正确；B、在A上升过程中，弹簧从压缩到伸长，所以弹簧的弹性势能先减小后增大，故B错误；C、在上升过程中由于物体A做匀加速运动，所以物体A的速度增大，高度升高，则木块A的动能和重力势能之和增大，故C正确；D、在上升过程中，除重力与弹力做功外，还有拉力做正功，所以两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能一直增大故D错误；12. 质量为m，带电量为+q的小球从距离地面高为h处以一定的初速度水平抛出，在距抛出点水平距离L处，有一根管口比小球直径略大的竖直细管，管的上口距离地面h/2为使小球能无碰撞的通过管子，可以在管口上方的整个区域内加上水平方向的匀强电场，如图，则
13、下列说法中正确的是A.所加电场方向应该水平向左B.小球平抛的水平初速度大小为C.所加电场的电场强度为 D.小球落地的动能为mgh+ 【答案】AC【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；平抛运动；电场强度【KS5U解析】（1）竖直方向，自由落体运动，则运动时间为：，水平方向，粒子做匀减速运动，减速至0位移解得，故小球的初速度为（2）水平方向，根据牛顿第二定律：，又由运动学公式：解得，方向水平向右（3）由动能定理：WG+W电=EK，即：解得：三、实验题（13题8分，14题10分）13. 利用光电门可以测量运动物体挡光时间内的平均速度，因为挡光片较窄，所以可看做测量的是瞬时速度。为了测量做匀变速直线运
14、动小车的加速度，将宽度均为b的挡光片A、B固定在小车上，如右图所示。（1）当小车匀变速经过光电门时，测得A、B先后挡光的时间分别为t1和t2，A、B开始挡光时刻的时间间隔为t，则小车的加速度a=_。（2）（单选题）实验中，若挡光片的宽度b较大，用上述方法测得的加速度与真实值间会有一定的差距，则下列说法正确的是（）A若小车做匀加速运动，则测量值大于真实值；若小车做匀减速运动，则测量值小于真实值B若小车做匀加速运动，则测量值小于真实值；若小车做匀减速运动，则测量值大于真实值C无论小车做匀加速运动还是做匀减速运动，测量值均大于真实值D无论小车做匀加速运动还是做匀减速运动，测量值均小于真实值【答案】（
15、1）（2）B【考点】测定匀变速直线运动的加速度【KS5U解析】（1）通过第一个光电门的速度：通过第一个光电门的速度：故其加速度为：故答案为：（2）利用挡板的长度除以挡板通过的时间求出的挡板通过的平均速度，等于其通过时的中间时刻的瞬时速度，若加速运动，则其两次通过挡板时，时间差小于A、B开始挡光时刻的间隔为t，因此测量结果小于真实值，若减速则时间差小于A、B开始挡光时刻的间隔为t，测量值大于真实值，故ACD错误，B正确14. 某实验小组设计了如图(a)所示的实验装置研究加速度和力的关系。（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持_不变，用钩码重力作为小车所受的拉力。（2）如图(b)是某次实验打出
16、的纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，电源的频率为50Hz。从纸带上测出x1=3.20cm，x2= 4.56cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm。则木块加速度大小=_m/s2（保留2位有效数字）。（3）通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a与所受拉力F的关系图象。在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条图线，如图(c)所示。图线_ (选填“”或“”)是在轨道水平的情况下得到的。（4）随着钩码的数量增大到一定程度，图(c)中的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_。A小车与轨道之间存在摩擦 B导轨保持了水平
17、状态C所挂钩码的总质量太大 D所用小车的质量太大【答案】（1）小车质量（2）1.3（3）（4）C【考点】探究加速度与质量和力的关系【KS5U解析】采用控制变量法，保证质量不变的时候，研究加速度与力的关系。根据逐差法可以求出加速度为1.3m/s2.当轨道水平时，没有平衡摩擦力所以图像应该是2.当钩码的质量远大于小车的质量的时候，钩码的重力就不等于小车受到的拉力。三、计算题15(12分)F1是英文Formula One的缩写，即一级方程式赛车，是仅次于奥运会和世界杯的世界第三大赛事。F1赛车的变速系统非常强劲，从时速0加速到100 km/h仅需2.3秒，此时加速度仍达10m/s2，时速为200 k
18、m/h时的加速度仍有3m/s2，从0加速到200 km/h再急停到0只需12秒。假定F1赛车加速时的加速度随时间的增大而均匀减小，急停时的加速度大小恒为9.2 m/s2。上海F1赛道全长5.451km，比赛要求选手跑完56圈决出胜负。求： （1）若某车手平均时速为210km/h，则跑完全程用多长时间？ （2）该车手的F1赛车的最大加速度。【答案】，【考点】匀变速直线运动【KS5U解析】（1）由（3分）（2）设赛车加速时的加速度（2分）当时： （1分）车从200km/h降到0用时为t0秒，（1分）则车加速到200km/h用时t=12-6=6s（1分）当时：（1分）有解得（1分）16.（16分）
19、如图所示，水平放置的平行板电容器，与某一电源相连，它的极板长L04 m，两板间距离d4103 m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v0从两板中央平行极板射入，开关S闭合前，两板不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正中央，已知微粒质量为m4105 kg，电荷量q1108 C（g10 m/s2）求：（1）微粒入射速度v0为多少？ （2）为使微粒能从平行板电容器的右边射出电场，电容器的上板应与电源的正极还是负极相连？所加的电压U应取什么范围？【答案】10m/s，120 VU200 V【考点】带电粒子在电场中的运动【KS5U解析】（1）（2分） （2分） 可解得（1分）（2）电容器的上板
20、应接电源的负极（3分），当所加的电压为U1时，微粒恰好从下板的右边缘射出 （2分） （2分）解得：U1120 V（1分）当所加的电压为U2时，微粒恰好从上板的右边缘射出（2分）（2分） 解得U2200 V （1分） 所以120 VU200 V （2分）17.（16分）如图所示，A、B、C质量分别为mA=0.7kg，mB=0.2kg，mC=0.1kg，B为套在细绳上的圆环，A与水平桌面的动摩擦因数=0.2，另一圆环D固定在桌边，离地面高h2=0.3m，当B、C从静止下降h1=0.3m，C穿环而过，B被D挡住，不计绳子质量和滑轮的摩擦，取g=10m/s2，若开始时A离桌面足够远. （1）请判断C能否落到地面. （2）A在桌面上滑行的距离是多少？【答案】能，0.765m【考点】动能定理【KS5U解析】（1）设B、C一起下降h1时，A、B、C的共同速度为v，B被挡住后，C再下落h后，A、C两者均静止，分别对A、B、C一起运动h1和A、C一起再下降h应用动能定理得，联立并代入已知数据解得，h=0.96m， 显然hh2，因此B被挡后C能落至地面. （2）设C落至地面时，对A、C应用能定理得，对A应用动能定理得，联立并代入数据解得， s=0.165m所以A滑行的距离为=（0.3+0.3+0.165）=0.765m