1、2015-2016学年宁夏银川市六盘山高中高一（上）期末物理试卷A卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1开创实验和科学推理之先河，通过巧妙设计斜面对接理想实验，成功揭示“力和运动关系”真谛的科学家是（）A亚里士多德B伽利略C笛卡尔D牛顿2关于滑动摩擦力，下列说法正确的是（）A滑动摩擦力的大小与接触面积有关B滑动摩擦力的大小与物体运动快慢有关C滑动摩擦力总是阻碍物体的运动D滑动摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反3当你在竖直升降的电梯内有失重感觉时，电梯的运动状态可能是（）A匀速上升B匀速下降C加速下降D减速下降4三个共点力F1
2、=30N，F2=40N，F3=50N，它们合力的大小不可能的是（）A0B20NC100ND150N5一本书放在水平桌面上，下列说法正确的是（）A书受的重力和书对桌子的压力是一对平衡力B书受的重力和书对桌子的压力是一对作用力和反作用力C书受的支持力和书对桌子的压力是一对平衡力D书受的支持力和书对桌子的压力是一对作用力和反作用力6关于两个物体间的相互作用，说法正确的是（）A马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C马拉车不论动或不动，马拉车的力总等于车拉马的力D马拉车不动或匀速运动时，才有马拉车的力与车拉马的力大小相等7某人站在如图所示的台秤上，在他迅
3、速下蹲的全过程中，台秤示数变化的情况是（）A先变大后变小，最后等于他的重力B变大，最后大于他的重力C先变小后变大，最后等于他的重力D变小，最后小于他的重力8物体的运动状态发生改变，则它的（）A加速度一定发生了改变B速度大小肯定发生了变化C所受的外力一定变化D肯定受外力但外力不一定改变9跳高运动员从地面起跳是由于（）A地面对人的支持力大于他对地面的压力B运动员对地面的压力等于地面对他的支持力C地面对运动员的支持力大于他受的重力D地面对运动员的支持力等于他受的重力10如图，物体在受到一水平拉力F=10N作用下，沿水平面向右运动已知，物体与水平面的动摩擦因数=0.2，物体质量m=5kg，重力加速度g
4、=10m/s2，则物体所受摩擦力为（）A10N，水平向左B10N，水平向右C20N，水平向左D20N，水平向右11如图所示，小球自由下落，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是（）A加速度变小，速度变小B加速度变大，速度变小C加速度先变小后变大，速度先变大后变小D加速度先变大后变小，速度先变大后变小12放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上始终静止如图所示，如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角变小，那么地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是（）AN变小，f变大BN变大，f变小CN变小，
5、f变小DN变大，f变大二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，选不全得2分，选错得0分）13一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向一致，当合外力增大时，则物体运动的加速度和速度的变化是（）A加速度增大B加速度减小C速度增大D速度减小14在研究摩擦力的实验中，每次用弹簧秤水平拉一放在水平桌面上的小木块，小木块运动状态及弹簧秤的读数如表所示（每次木块与桌面的接触面相同）实验次数小木块运动状态弹簧秤读数（N）1静止0.42静止0.63加速0.74匀速0.55减速0.3则由表可知（）A木块受到的最大摩擦力为0.7NB木块受到的最
6、大静摩擦力可能为0.6NC在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的D在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有二次是相同的15一物体在几个力的共同作用下处于静止状态现使其中向东的一个力F的值逐渐减小到零，又马上使其恢复到原值（方向不变），则（）A物体始终向西运动B物体先向西运动后向东运动C物体的加速度先增大后减小D物体的速度先增大后减小16一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是（）A这段运动所用时间是4 sB这段运动的加速度是3.5 m/s2C自开始计时起，2 s末的速度是7 m/sD从开始计时起，经过14 m处的速度是
7、5 m/s17如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，并被弹簧反向弹回若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）AP做变加速直线运动B有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大CP的加速度大小不变，但方向改变一次DP的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小三、填空题（本题共4小题，每空1分，共8分）18在国际单位制中规定，质量、和的单位为力学基本单位用基本单位表示，1N=19匀速直线运动是保持不变的运动，而匀变速直线运动是的运动20将一根原长为20cm的轻弹簧上端固定，在它的下端挂30N的重物时，弹簧
8、的长度变为26cm该弹簧的劲度系数等于N/m21歼击机在进入战斗状态时要丢掉副油箱，这样做它的惯性将（填“增大”、“减小”或“不变”），它的运动状态（填“易于改变”、“不易于改变”）四实验题（本题每空2分，共10分）22某同学用如图甲所示装置探究小车的加速度与力、质量的关系，在实验中，他把钩码的重力当作小车受到的合力（1）为减小把钩码的重力当作小车受到的合力而带来的误差，实验中，除了拉小车的细线与长木板平行外，还应采取的措施有：；（2）木块从静止开始运动，利用打点计时器在纸带上记录木块的运动情况，如图乙所示，其中O点为纸带上记录到的第一点，A、B、C是该同学在纸带上所取的一些点，A、B与B、C
9、间的距离图乙已标明已知打点计时器所用交流电源频率f=50Hz，木块运动的加速度a=m/s2（以下计算结果均保留两位有效数字）（3）如果猜想力一定时，加速度与质量成反比，为对此猜想进行验证，应画图象（4）在保持小车及车中的砝码质量m一定，探究加速度a与所受合外力F的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，得到的aF关系如图丙所示其原因是四、计算题（本题共4小题，第23-25题每小题6分，第26题8分，共26分写出必要的文字说明和解题步骤，只有结果的不得分，有单位的结果必须写单位）23质量是8kg的木箱，静止在光滑的水平地面上在16N的水平推力作用下，5s内通过的位移是多少？24如图所示，一质量为m的物
10、体，悬挂在AO、BO两轻绳上若BO绳与水平方向的夹角=60，AO绳水平则AO绳、BO绳的拉力分别是多大？（要求画出受力分析示意图）25一个滑雪的人，质量m=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角=30，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）26一质量为2kg的物体用弹簧竖直悬挂起来，弹簧伸长了4cm，将物体放在表面粗糙的桌面上，用该弹簧沿水平方向拉，物体2秒内加速前进了16m，弹簧的伸长为6cm求（1）弹簧的劲度系数；（2）物体在桌面运动的加速度；（3）物体与桌面之间的摩擦系数B卷一、选择题（选择1-3题是单项
11、，4-6题是多项，每题5分共计30分）27作用于O点的五个恒力的矢量图的末端跟O点恰好构成一个正六边形，如图这五个恒力的合力是最大恒力的（）A2倍B3倍C4倍D5倍28如图所示，用不可伸长的轻质细线和轻质弹簧分别竖直吊起质量相同的小球A、B，突然剪断轻绳的瞬间，A、B小球的加速度aA和aB分别为（）AaA=0，aB=gBaA=g，aB=0CaA=0，aB=2gDaA=2g，aB=029一质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示则物块（）A仍处于静止状态B沿斜面加速下滑C受到的摩擦力不变D受到的合外力增大30两个共点力的夹角固定不变，其合力为F，当其中一个
12、力增大时，下列叙述正确的是（）AF一定增大BF大小可以不变CF可能增大，也可能减小D当090，F一定增大31如图，5个质量相同的木块并排放在水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数均相同，当用力F推第一块使它们共同加速运动时，下列说法正确的是（）A由左向右，两块木块之间的相互作用力依次变小B由左向右，两块木块之间的相互作用力依次变大C第2块与第3块木块之间弹力大小为0.6FD第3块与第4块木块之间弹力大小为0.6F32某实验小组，利用DIS系统观察超重和失重现象，他们在电梯内做实验，在电梯的地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个质量为20N的物块，如图甲所示，实验中计算机显示出传感器所有物块的
13、压力大小随时间变化的关系，如图乙所示以下根据图象分析得出的结论中正确的是（）A从时刻t1到t2，物块处于失重状态B从时刻t3到t4，物块处于失重状态C电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层D电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层二、计算题（本题共2小题，每小题10分，共20分）33如图，一儿童玩具静止在水平面上，一个幼儿用与水平方向成53角的恒力拉着它沿水平面做直线运动，已知：拉力F=3.0N，玩具的质量m=0.5kg，经时间t=2.0秒，玩具移动了x=4m，这时幼儿松开手，问：玩具还能运动多远？（取g=10m/s2，
14、sin53=0.8，cos53=0.6）34直升机沿水平方向匀速飞往水源取水灭火，悬挂着m=500kg空箱的悬索与竖直方向的夹角1=45直升机取水后飞往火场，加速度沿水平方向，大小稳定在a=1.5m/s2时，悬索与竖直方向的夹角2=14如果空气阻力大小不变，且忽略悬索的质量，试求水箱中水的质量M（取重力加速度g=10m/s2；sin14=0.242；cos14=0.970）2015-2016学年宁夏银川市六盘山高中高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析A卷一、单项选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1开创实验和科学推理之先河，通过巧妙设计
15、斜面对接理想实验，成功揭示“力和运动关系”真谛的科学家是（）A亚里士多德B伽利略C笛卡尔D牛顿【考点】物理学史【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才会运动，但这是不对的，伽利略通过巧妙设计斜面对接理想实验，推翻了亚里士多德的观点，认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体运动状态的原因，成功揭示“力和运动关系”真谛，故B正确故选：B2关于滑动摩擦力，下列说法正确的是（）A滑动摩擦力的大小与接触面积有关B滑动摩擦力的大小与物体运动快慢有关C滑动摩擦力总是阻碍物体的运动D滑动摩擦力的方向总是与物体的相对运动方向相反【考点
16、】滑动摩擦力【分析】滑动摩擦力不一定是阻力，也可以是动力滑动摩擦力总是与物体相对运动的方向相反，滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度以及正压力有关【解答】解：A、滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度以及正压力有关，与接触面积及速度无关，故AB错误；C、滑动摩擦力阻碍物体间的相对运动，总是与物体相对运动的方向相反，故C错误，D正确故选：D3当你在竖直升降的电梯内有失重感觉时，电梯的运动状态可能是（）A匀速上升B匀速下降C加速下降D减速下降【考点】超重和失重【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度，合力也向下；超重状态：当物体对接触面的压力大
17、于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上【解答】解：失重时具有向下的加速度，运动状态可以是减速上升或加速下降故C正确故选：C4三个共点力F1=30N，F2=40N，F3=50N，它们合力的大小不可能的是（）A0B20NC100ND150N【考点】力的合成【分析】当三个力的方向相同时，合力最大，三个力的合力不一定为零，当第三个力不在剩余两个力的合力范围内，合力不能为零【解答】解：F1=30N、F2=40N、F3=50N，三个力最大值等于三个力之和即120NF1、F2两个力的合力最大为70N，最小为10N，F3=50N在这两个力的合力范围内，所以三个力最小值是0N因
18、此三个力的合力范围0F120N，故D不可能，ABC可能本题选择不可能的，故选：D5一本书放在水平桌面上，下列说法正确的是（）A书受的重力和书对桌子的压力是一对平衡力B书受的重力和书对桌子的压力是一对作用力和反作用力C书受的支持力和书对桌子的压力是一对平衡力D书受的支持力和书对桌子的压力是一对作用力和反作用力【考点】牛顿第三定律；共点力平衡的条件及其应用【分析】根据平衡力和相互作用力的条件进行判断平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上相互作用力：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上【解答】解：A、书受到的重力方向竖直向下，书对桌面的压力的方向
19、是竖直向下，受力方向相同，不是一对平衡力，也不是相互作用力故A、B错误；C、书受的支持力和书对桌子的压力，大小相等、方向相反、分别作用在书和桌子，是一对作用力和反作用力，故C错误，D正确；故选：D6关于两个物体间的相互作用，说法正确的是（）A马拉车不动，是因为马拉车的力小于车拉马的力B马拉车前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力C马拉车不论动或不动，马拉车的力总等于车拉马的力D马拉车不动或匀速运动时，才有马拉车的力与车拉马的力大小相等【考点】作用力和反作用力【分析】作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失【解答】解：A、马拉车的力和车拉马的力是作用
20、力和反作用力，大小相等，方向相反，故A，B错误C、马拉车不论动或不动，任何情况下马拉车的力总等于车拉马的力，故C正确，D错误故选：C7某人站在如图所示的台秤上，在他迅速下蹲的全过程中，台秤示数变化的情况是（）A先变大后变小，最后等于他的重力B变大，最后大于他的重力C先变小后变大，最后等于他的重力D变小，最后小于他的重力【考点】加速度与力的关系图像；超重和失重【分析】失重状态：当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；超重状态：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度【解答】解：人先是加速下降，有向下的加速度，此
21、时的人对体重计的压力减小，后是减速下降，有向上的加速度，此时的人对体重计的压力增加，最后静止等于他的重力故选：C8物体的运动状态发生改变，则它的（）A加速度一定发生了改变B速度大小肯定发生了变化C所受的外力一定变化D肯定受外力但外力不一定改变【考点】牛顿第二定律【分析】运动状态是指物体的速度，速度变化时一定有加速度；但加速度可以是恒定的；故力也可以是恒定的【解答】解：A、运动状态改变说明速度一定改变，则一定会产生加速度；但加速度不一定发生变化；故A错误；B、速度改变可能是大小改变也可能是方向改变，故速度大小不一定发生变化；故B错误；C、速度改变，加速度可能是恒定不变的；故一定受合外力，但合外力
22、可能是恒定不变的；故C错误D正确；故选：D9跳高运动员从地面起跳是由于（）A地面对人的支持力大于他对地面的压力B运动员对地面的压力等于地面对他的支持力C地面对运动员的支持力大于他受的重力D地面对运动员的支持力等于他受的重力【考点】作用力和反作用力【分析】地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反运动员受到重力和地面的支持力，之所以能起跳，是因为地面对运动员的支持力大于运动员的重力，产生向上的加速度【解答】解：A、地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是一对作用力和反作用力，大小相等，方向相反，故A错误B正确；C、运动员受到重力和地面的支持力，之所以能起
23、跳，是因为地面对运动员的支持力大于运动员的重力，产生向上的加速度，故C正确，D错误；故选：BC10如图，物体在受到一水平拉力F=10N作用下，沿水平面向右运动已知，物体与水平面的动摩擦因数=0.2，物体质量m=5kg，重力加速度g=10m/s2，则物体所受摩擦力为（）A10N，水平向左B10N，水平向右C20N，水平向左D20N，水平向右【考点】摩擦力的判断与计算【分析】由题意可知物体受到滑动摩擦力，由f=FN可求向物体受到的摩擦力的大小及方向【解答】解：物体相对地面运动，故物体受到的滑动摩擦力，则摩擦力的大小f=FN=mg=10N；滑动摩擦力的方向与运动方向相反，故摩擦力方向向左；故选A11
24、如图所示，小球自由下落，从它接触竖直放置的弹簧开始到弹簧压缩到最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是（）A加速度变小，速度变小B加速度变大，速度变小C加速度先变小后变大，速度先变大后变小D加速度先变大后变小，速度先变大后变小【考点】牛顿第二定律【分析】本题要正确分析小球下落与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况【解答】解：开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于向下重力，此时合外力大小：F=mgkx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球
25、的速度增大；当mg=kx时，合外力为零，此时速度最大；由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kxmg，方向向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ABD错误，C正确故选：C12放在水平地面上的物块，受到一个与水平方向成角斜向下方的力F的作用，物块在水平地面上始终静止如图所示，如果保持力F的大小不变，而使力F与水平方向的夹角变小，那么地面受到的压力N和物块受到的摩擦力f的变化情况是（）AN变小，f变大BN变大，f变小CN变小，f变小DN变大，f变大【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】对木块受
26、力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和静摩擦力后讨论即可【解答】解：对物体受力分析，受推力、重力、支持力和静摩擦力，如图根据共点力平衡条件，有f=FcosN=G+Fsin当变小时，静摩擦力变大，支持力变小；故选A二、多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，选不全得2分，选错得0分）13一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向一致，当合外力增大时，则物体运动的加速度和速度的变化是（）A加速度增大B加速度减小C速度增大D速度减小【考点】加速度；速度【分析】根据牛顿第二定律判断加速度与合力的关系，根据加速度方向与速度方向的关系，判断
27、速度的变化【解答】解：合力增大，根据牛顿第二定律知，加速度增大，因为合力方向与速度方向相同，速度增大故AC正确，BD错误故选：AC14在研究摩擦力的实验中，每次用弹簧秤水平拉一放在水平桌面上的小木块，小木块运动状态及弹簧秤的读数如表所示（每次木块与桌面的接触面相同）实验次数小木块运动状态弹簧秤读数（N）1静止0.42静止0.63加速0.74匀速0.55减速0.3则由表可知（）A木块受到的最大摩擦力为0.7NB木块受到的最大静摩擦力可能为0.6NC在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的D在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有二次是相同的【考点】摩擦力的判断与计算【分析】摩擦力的分类有
28、滑动、静、滚动之分，影响滑动摩擦力的因素有压力和滑动摩擦因数，最大静摩擦力要大于滑动摩擦力【解答】解：A、当拉力为0.7N时，已经加速运动，故不是最大摩擦力，0.6N时物体静止，木块受到的最大静摩擦力可能为0.6N，故A错误B正确C、当木块开始运动时，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小保持不变，因此在这五次实验中，木块受到的摩擦力大小有三次是相同的，故C正确，D错误故选：BC15一物体在几个力的共同作用下处于静止状态现使其中向东的一个力F的值逐渐减小到零，又马上使其恢复到原值（方向不变），则（）A物体始终向西运动B物体先向西运动后向东运动C物体的加速度先增大后减小D物体的速度先增大后减小【考点】牛顿
29、第二定律；力的合成【分析】根据共点力的平衡的条件可以知道物体的合力的情况，由牛顿第二定律可以知道物体的加速度的变化，进而可以判断物体的运动的情况【解答】解：一物体在几个力的共同作用下处于静止状态，知合力为零，使其中向东的一个力F的值逐渐减小到零，又马上使其恢复到原值，物体向西加速，知加速度先增大后减小，加速度方向不变，始终与速度方向相同，则物体始终向西运动，速度一直增大故A、C正确，B、D错误故选：AC16一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是（）A这段运动所用时间是4 sB这段运动的加速度是3.5 m/s2C自开始计时起，2
30、 s末的速度是7 m/sD从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车的加速度，结合速度时间公式求出所用的时间，以及两秒末的速度结合速度位移公式求出经过14m处的速度【解答】解：A、根据v2v=2ax得，加速度：a=m/s2=0.5m/s2汽车运动的时间：t=s=4s故A正确，B错误C、2s末的速度为：v=v0+at=6+0.52m/s=7m/s故C正确D、根据v2v=2ax带入数据得：v=5 m/s故D正确故选：ACD17如图所示，物体P以一定的初速度沿光滑水平面向右运动，与一个右端固定的轻质弹簧相撞，
31、并被弹簧反向弹回若弹簧在被压缩过程中始终遵守胡克定律，那么在P与弹簧发生相互作用的整个过程中（）AP做变加速直线运动B有一段过程，P的加速度逐渐增大，速度也逐渐增大CP的加速度大小不变，但方向改变一次DP的加速度大小不断改变，当加速度数值最大时，速度最小【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】木块水平方向只受到弹簧的弹力，根据胡克定律可知：弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比当木块向右压缩弹簧时，弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，做变减速运动【解答】解：A、在压缩弹簧的过程中，P水平方向只受到弹簧的弹力，方向与速度方向相反，而且弹力逐渐增大，加速度逐渐增大，P做加速度增大的变减速
32、直线运动故A正确；B、物体接触弹簧后，受弹簧的弹力越来越大，但物体做减速运动；压缩至最短后物体反向弹后，加速度减小，而速度增大；故不存在加速度增大，速度也增大的过程；故B错误；C、弹簧压缩过程中对P施加的弹力方向始终向左，根据牛顿第二定律知P的加速度方向保持不变，故C错误；D、压缩弹簧的过程中，当速度为零时弹簧压缩最短，此时弹力最大，故加速度数值最大，故D正确；故选：AD三、填空题（本题共4小题，每空1分，共8分）18在国际单位制中规定，质量、长度和时间的单位为力学基本单位用基本单位表示，1N=1kgm/s2【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学
33、温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：在力学范围内，国际单位制规定长度、质量、时间为三个基本物理量，它们的单位为力学基本单位根据牛顿第二定律F=ma得：1N=1kgm/s2，故答案为：长度；时间；1kgm/s219匀速直线运动是速度保持不变的运动，而匀变速直线运动是加速度不变的直线的运动【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀速直线运动及其公式、图像【分析】根据匀速直线运动和匀变速直线运动的定义即可解题【解答】解：匀速直线运动的物体速度不发生改变，匀变速直线运动是加速度不变的直线运动故答案为：速
34、度；加速度不变的直线20将一根原长为20cm的轻弹簧上端固定，在它的下端挂30N的重物时，弹簧的长度变为26cm该弹簧的劲度系数等于500N/m【考点】胡克定律【分析】先根据已知中弹簧伸长后的长度和弹簧的原长求出弹簧的伸长量，再接着根据胡克定律F=kx求该弹簧的劲度系数【解答】解：依题意可知，弹簧所受拉力，有：F=G=30N，根据胡克定律，有：F=K（LL0）代入数据解之得：k=500N/m故答案为：50021歼击机在进入战斗状态时要丢掉副油箱，这样做它的惯性将减小（填“增大”、“减小”或“不变”），它的运动状态易于改变（填“易于改变”、“不易于改变”）【考点】惯性【分析】质量是惯性大小的决定
35、因素，要想较容易的改变自身的运动状态，就要减小物体的质量【解答】解：歼击机在进入战斗状态时要抛掉副油箱，目的是为了减小飞机的质量来减小飞机的惯性，使自身的运动状态容易改变，以提高歼击机的灵活性故答案为：减小，易于改变四实验题（本题每空2分，共10分）22某同学用如图甲所示装置探究小车的加速度与力、质量的关系，在实验中，他把钩码的重力当作小车受到的合力（1）为减小把钩码的重力当作小车受到的合力而带来的误差，实验中，除了拉小车的细线与长木板平行外，还应采取的措施有：平衡摩擦力；钩码质量远小于小车质量（2）木块从静止开始运动，利用打点计时器在纸带上记录木块的运动情况，如图乙所示，其中O点为纸带上记录
36、到的第一点，A、B、C是该同学在纸带上所取的一些点，A、B与B、C间的距离图乙已标明已知打点计时器所用交流电源频率f=50Hz，木块运动的加速度a=0.39m/s2（以下计算结果均保留两位有效数字）（3）如果猜想力一定时，加速度与质量成反比，为对此猜想进行验证，应画a图象（4）在保持小车及车中的砝码质量m一定，探究加速度a与所受合外力F的关系时，由于平衡摩擦力时操作不当，得到的aF关系如图丙所示其原因是平衡摩擦力过度【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系【分析】探究小车的加速度与力、质量的关系实验中，要使钩码的重力当作小车受到的合力，应该做到平衡摩擦力、钩码的质量比小车的质量小得多作匀变
37、速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即x=aT2，根据此等式求解加速度【解答】解：（1）探究牛顿第二定律实验中首先应平衡摩擦力，这样绳子对小车的拉力才可等效为小车受到的合力，再就是当钩码质量远小于小车质量时绳子对钩码的拉力才近似等于钩码重力（2）作匀变速直线运动的物体在连续相等的时间内通过的位移差等于恒量即x=aT2，故有a=0.39m/s2（3）如果猜想当力一定时，加速度a与质量M成反比，为对此猜想进行验证，应画a图象，若a图象是过原点的倾斜直线，则a与M成反比（4）从图象可以看出拉力F=0时，小车的加速度已经不为零，说明平衡摩擦力时，长木板的倾角过大了，所以图线不通过坐标
38、原点的原因是平衡摩擦力过度故答案为：（1）平衡摩擦力、钩码质量远小于小车质量；（2）0.39；（3）a；（4）平衡摩擦力过度四、计算题（本题共4小题，第23-25题每小题6分，第26题8分，共26分写出必要的文字说明和解题步骤，只有结果的不得分，有单位的结果必须写单位）23质量是8kg的木箱，静止在光滑的水平地面上在16N的水平推力作用下，5s内通过的位移是多少？【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】物体受重力、支持力和推力，合力等于推力，根据牛顿第二定律求解加速度；根据位移时间关系公式列式求解5s内的位移【解答】解：物体受重力、支持力和推力，合力等于推力，根据牛顿第二
39、定律，有：F=ma得：a=2m/s2；x=at2=252=25m；答：位移是25m24如图所示，一质量为m的物体，悬挂在AO、BO两轻绳上若BO绳与水平方向的夹角=60，AO绳水平则AO绳、BO绳的拉力分别是多大？（要求画出受力分析示意图）【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】对点O受力分析，受三个拉力，处于平衡状态，根据平衡条件并结合正交分解法列式求解即可【解答】解：对O点受力分析，如图所示：根据平衡条件，有：水平方向：FOBcos60=FOA竖直方向：FOBsin60=mg解得：FOA=mgtan=mgFOB=答：AO绳、BO绳的拉力分别是mg、25一个滑雪的人，质量m
40、=75kg，以v0=2m/s的初速度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角=30，在t=5s的时间内滑下的路程x=60m，求滑雪人受到的阻力（包括摩擦和空气阻力，g=10m/s2）【考点】牛顿第二定律【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出加速度的大小，通过牛顿第二定律求出滑雪人受到的阻力大小【解答】解：根据匀变速直线运动的位移时间公式得，代入数据解得a=4m/s2根据牛顿第二定律得，mgsin30f=ma解得f=mgsin30ma=75N答：滑雪人受到的阻力为75N26一质量为2kg的物体用弹簧竖直悬挂起来，弹簧伸长了4cm，将物体放在表面粗糙的桌面上，用该弹簧沿水平方向拉，物体2秒内加速前进了1
41、6m，弹簧的伸长为6cm求（1）弹簧的劲度系数；（2）物体在桌面运动的加速度；（3）物体与桌面之间的摩擦系数【考点】牛顿第二定律；胡克定律；牛顿运动定律的综合应用【分析】（1）质量为2kg的物体用弹簧竖直悬挂起来，物块受力平衡，即重力和弹簧拉力平衡，根据胡克定律即可求出劲度系数；（2）由运动学的公式即可求出加速度；（3）对物块进行受力分析，结合牛顿第二定律即可求出动摩擦因数【解答】解：（1）因为系统静止，所以mg=kx1，k=，所以弹簧的劲度系数为：k=500N/m；（2）根据匀变速直线运动的位移时间关系s=at2得：a=；（3）对物体受力分析，得Ff=ma，则f=Fma=kxma=14N，由
42、f=mg，得：=0.7答：（1）弹簧的劲度系数为500N/m；（2）物体在桌面运动的加速度大小为8m/s2；（3）物体与桌面之间的摩擦系数为0.7B卷一、选择题（选择1-3题是单项，4-6题是多项，每题5分共计30分）27作用于O点的五个恒力的矢量图的末端跟O点恰好构成一个正六边形，如图这五个恒力的合力是最大恒力的（）A2倍B3倍C4倍D5倍【考点】力的合成【分析】本题关键是根据平行四边形定则，分别求出F1与F4的合力和F2与F5的合力，即可求得三个力的合力【解答】解：由右图可知，根据平行四边形定则，F1与F4的合力等于F3，F2与F5的合力等于F3，最大恒力为F3，所以这五个力的合力最大值为
43、3F3，所以这五个力的合力是最大恒力的3倍故选：B28如图所示，用不可伸长的轻质细线和轻质弹簧分别竖直吊起质量相同的小球A、B，突然剪断轻绳的瞬间，A、B小球的加速度aA和aB分别为（）AaA=0，aB=gBaA=g，aB=0CaA=0，aB=2gDaA=2g，aB=0【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力【分析】悬线剪断前，以两球为研究对象，求出悬线的拉力和弹簧的弹力突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度【解答】解：设小球的质量为m，悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力T=mg，以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为F=2mg；剪断
44、悬线瞬间，弹簧的弹力不变，T=mg，由牛顿第二定律得：对A：mg+T=maA，解得：aA=2g；对B：Tmg=maB，解得：aB=0所以ABC错误、D正确；故选：D29一质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示则物块（）A仍处于静止状态B沿斜面加速下滑C受到的摩擦力不变D受到的合外力增大【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡【解答】解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于
45、最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有f=mgsinN=mgcosf=N解得 =tan对物块施加一个竖直向下的恒力F，再次对物体受力分析，如图与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cos因而最大静摩擦力为：f=N=（mg+F）cos=（mg+F）sin，故在斜面平行方向的合力为零，故合力仍然为零，物块仍处于静止状态，A正确，B、D错误，摩擦力由mgsin增大到（F+mg）sin，C错误；故选A30两个共点力的夹角固定不变，其合力为F，当其中一个力增大时，下列叙述正确的是（）AF一定增大BF大小可以不变CF可能增大，也可能减小D当090，F一定增大【考点】合力的大小与分力间夹
46、角的关系【分析】两个共点力的合力为F，如果它们之间的夹角固定不变，使其中一个力增大，合力可能增大，可能减小，可能不变【解答】解：ABC、当两个力同向，一个力增大，则合力一定增大；当两个力反向，一个力增大，则合力可能减小，可能增大，可能不变故A错误，BC正确D、当090，一个力增大，则合力一定增大故D正确故选：BCD31如图，5个质量相同的木块并排放在水平地面上，它们与地面间的动摩擦因数均相同，当用力F推第一块使它们共同加速运动时，下列说法正确的是（）A由左向右，两块木块之间的相互作用力依次变小B由左向右，两块木块之间的相互作用力依次变大C第2块与第3块木块之间弹力大小为0.6FD第3块与第4块
47、木块之间弹力大小为0.6F【考点】牛顿第二定律；牛顿运动定律的应用-连接体【分析】先以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求加速度，然后分别以1为研究对象、12为研究对象、123为研究对象、1234为研究对象，根据牛顿第二定律求相邻的两个木块之间弹力；根据弹力大小进行分析【解答】解：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律：F5mg=5ma得：a=；以1块为研究对象，根据牛顿第二定律：FmgN12=ma得：N12=F；以12块为研究对象，根据牛顿第二定律：F2mgN23=2ma得：N23=；以123块为研究对象，根据牛顿第二定律：F3mgN34=3ma得：N34=；以1234块为研究对象，根据牛顿第二定
48、律：F4mgN45=4ma得：N45=；以上分析可知，故AC正确，BD错误故选：AC32某实验小组，利用DIS系统观察超重和失重现象，他们在电梯内做实验，在电梯的地板上放置一个压力传感器，在传感器上放一个质量为20N的物块，如图甲所示，实验中计算机显示出传感器所有物块的压力大小随时间变化的关系，如图乙所示以下根据图象分析得出的结论中正确的是（）A从时刻t1到t2，物块处于失重状态B从时刻t3到t4，物块处于失重状态C电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层D电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层【考点】牛顿运动定律的应用
49、-超重和失重；匀变速直线运动的图像【分析】当物体受到的压力大于重力时，物体处于超重状态，加速度向上；当物体受到的压力小于重力时，物体处于失重状态，加速度向下；根据图象并结合实际情况得到压力变化规律，从而得到物体的运动情况【解答】解：A、从时该t1到t2，物体受到的压力大于重力时，物体处于超重状态，加速度向上，故A错误；B、从时刻t3到t4，物体受到的压力小于重力，物块处于失重状态，加速度向下，故B正确；C、如果电梯开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层，那么应该从图象可以得到，压力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C正确；D、如果电梯
50、开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层，那么应该是压力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D错误；故选BC二、计算题（本题共2小题，每小题10分，共20分）33如图，一儿童玩具静止在水平面上，一个幼儿用与水平方向成53角的恒力拉着它沿水平面做直线运动，已知：拉力F=3.0N，玩具的质量m=0.5kg，经时间t=2.0秒，玩具移动了x=4m，这时幼儿松开手，问：玩具还能运动多远？（取g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】由题意知玩具先做匀加速运动，后做匀减速
51、运动，由速度公式可以求得最大的速度；松开手后玩具，做匀减速运动，摩擦力作为合力，产生加速度，由速度位移的关系式可以求得位移【解答】解：对物体受力分析，由牛顿第二定律得，Fcos53（mgFsin53）=ma跟据运动学公式 x= vm=at由解得，=0.3 vm=4m/s，松手后玩具做匀减速运动， a=g=3m/s2 滑行距离为 x=2.6m答：还能滑行的距离为2.6m34直升机沿水平方向匀速飞往水源取水灭火，悬挂着m=500kg空箱的悬索与竖直方向的夹角1=45直升机取水后飞往火场，加速度沿水平方向，大小稳定在a=1.5m/s2时，悬索与竖直方向的夹角2=14如果空气阻力大小不变，且忽略悬索的
52、质量，试求水箱中水的质量M（取重力加速度g=10m/s2；sin14=0.242；cos14=0.970）【考点】共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律；牛顿运动定律的综合应用【分析】本题中直升机沿水平方向匀速飞往水源过程，水箱受力平衡，可由共点力平衡条件求解出空气阻力；直升机取水后飞往火场过程，做匀加速直线运动，可根据牛顿第二定律列式求解【解答】解：直升机取水过程，对水箱受力分析，如图；水箱受力平衡：T1sin1f=0； T1cos1mg=0；解得：f=mgtan1；直升机返回过程，对水箱受力分析，如图；由牛顿第二定律得：T2sin2f=（M+m）a；T2cos2（M+m）g=0；解得，M=4.5103 kg故水箱中水的质量为4.5103 kg2017年1月19日