1、20202021学年度高一年级期末考试卷物理（试卷总分：100分考试时间：90分钟）一、选择题：本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第912题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。1. 关于运动的描述，下列说法中正确的是（）A. 研究运动员的跨栏技术时，可将运动员看成质点B. 研究滴滴快车在市区运动的轨迹时，可以将滴滴快车看成质点C. 以行驶高铁列车为参考系，车上的座椅是运动的D. 河里行驶的船上的游客认为自己是静止的，选择的参考系可能是河边的树【答案】B【解析】【分析】【详解】A研究运动员的跨栏技术
2、时，运动员的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；B研究滴滴快车在市区运动的轨迹时，可以忽略滴滴快车的大小和形状，可以看成质点，故B正确；C以行驶的高铁列车为参考系，车上的座椅是静止的，故C错误；D河里行驶的船上的游客认为自己是静止的，选择的参考系可能是船上的物体，如果选择河边的树为参考系，游客是运动的，故D错误。故选B。2. 下列关于牛顿运动定律的说法，正确的是（）A. 运动速度大的物体具有较大的惯性B. 物体相互作用时，先有作用力后有反作用力C. 力是改变物体运动状态的原因D. 作用力与反作用力大小相等，方向相同，作用在同一直线上【答案】C【解析】【分析】【详解】A惯性的大小只与质量
3、有关，与物体运动速度大小无关，故A错误；B物体相互作用时，作用力和反作用力是同时产生，同时变化，同时消失的，故B错误；C力是改变物体运动状态的原因，故C正确；D作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，故D错误。故选C。3. 物体受共点力F1、F2、F3的作用保持静止，则这三个力可能是（）A. 15N、5N、8NB. 6N、6N、6NC. 12N、14N、1ND. 8N、12N、3N【答案】B【解析】【分析】【详解】A前两个力的合力范围是第三个力是8N，不在范围内，所以合力不可能为零。故A错误；B前两个力的合力范围是第三个力是6N，在范围内，所以合力可能为零。故B正确；C前两个力的
4、合力范围是第三个力是1N，不在范围内，所以合力不可能为零。故C错误；D前两个力的合力范围是第三个力是3N，不在范围内，所以合力不可能为零。故D错误。故选B。4. 甲、乙两辆小车放在光滑的水平面上，在相同的拉力F作用下甲车产生的加速度为4m/s2，乙车产生的加速度为9m/s2，力F的方向如图所示，则甲、乙两车的质量之比m1：m2为（）A. 1：2B. 9：4C. 1：4D. 4：1【答案】B【解析】【分析】【详解】由牛顿第二定律F=ma，可得车的质量为则两车质量之比为故选B。5. 如图所示，两条劲度系数均为的轻弹簧A和B，弹簧A一端固定在天花板上，弹簧A、B之间和弹簧B下端各挂一个重为6N的小球
5、，则弹簧A和B的伸长量分别是（ ）A. 4cm和2cmB. 2cm和2cmC. 6cm和2cmD. 8cm和4cm【答案】A【解析】【分析】分别对小球B和A、B整体分析，根据共点力平衡求出弹簧A、B的弹力大小，结合胡克定律求出弹簧A和B的伸长量【详解】对B分析，FB=GB=kxB，解得xB=m=2cm对AB整体分析，FA=GA+GB=12N，根据FA=kxA，解得xA=m=4cm故选A【点睛】解决本题的关键掌握胡克定律，知道在公式中，x表示弹簧的形变量，不是弹簧的长度6. 某物体做直线运动的x-t图像如图所示。关于物体在08s内的运动，下列说法正确的是（）A. 第6s末，物体的速度方向改变B.
6、 04s内，物体的速度大于68s内的速度C. 04s内，物体的平均速度为1m/sD. 48s内，物体的位移为6m【答案】C【解析】【分析】【详解】A由图知，位移时间图象的斜率等于速度，第6s末斜率不变，速度不变，只是物体位移的方向由正向变为负向，故A错误；BC根据位移时间图象的斜率等于物体的速度可知，04s内的速度为可知04s物体做匀速直线运动，68s内的速度为04s内的速度小于6s8s内的速度，故B错误，C正确；D由图知，在48s沿负方向运动8m，位移为-8m。故D错误。故选C。7. 如图所示，水平传送带的速度保持不变，现将一物体放在传送带A端，开始时物体在传送带上滑动，当它到达位置C后随传
7、送带一起匀速运动，直至传送到B端，则在此过程中()A. 物体由A运动到B过程中始终受水平向左的滑动摩擦力B. 物体在AC段受摩擦力逐渐减小C. 物体在CB段受水平向右的静摩擦力D. 物体在CB段不受摩擦力作用【答案】D【解析】在AC段，物体向右做匀加速运动，加速度向右，合力向右，物体受重力、支持力和滑动摩擦力，重力与支持力二力平衡，则滑动摩擦力向右；由f=N=mg知，物体在AC段受摩擦力不变在CB段物体做匀速直线运动，加速度为零，故合力为零，物体受到重力和支持力，不受摩擦力，故ABC错误，D正确；故选D.点睛：本题关键是明确小滑块的运动情况和受力情况，要结合运动情况分析受力情况不能认为在CB段
8、物体受到向右的摩擦力，可假设法判断8. 架在A、B两根电线杆之间的均匀电线在夏、冬两季由于热胀冷缩的效应，冬天电线变短，电线呈现如图所示的两种形状，下列说法中正确的是()A. 夏季与冬季电线对电线杆的拉力一样大B. 夏季与冬季电线对电线杆的拉力方向不变C. 夏季电线对电线杆的拉力较大D. 冬季电线对电线杆的拉力较大【答案】D【解析】【分析】电线杆和电线整体处于平衡状态，所以电线杆对地面的压力可以用整体法求解；电线对电线杆的拉力沿拉线方向【详解】ACD.对电线受力分析可知冬季电线拉力的夹角更大，合力不变则可知冬季对电线杆的拉力较大，故AC错误，D正确；B. 电线对电线杆的拉力沿拉线方向，所以夏季
9、与冬季拉力方向改变，故B错误故选D9. 红孩同学摇动苹果树，从同一高度一个苹果和一片树叶同时从静止直接落向地面，苹果先着地，下面说法中正确是（ ）A. 苹果和树叶做的都是自由落体运动B. 苹果和树叶的运动都不能看成自由落体运动C. 苹果的运动可看成自由落体运动，树叶的运动不能看成自由落体运动D. 假如地球上没有空气，则苹果和树叶会同时落地【答案】CD【解析】【分析】【详解】A树叶在向下运动过程中要受到空气阻力做用，根据自由落体运动的定义可知树叶不是自由落体运动，A错；BC苹果也受空气阻力做用，但相对重力来说可以忽略不计，所以苹果的运动可以看做自由落体运动，B错C对；D假如地球上没有空气，苹果和
10、树叶在下落运动过程中加速度相同，则苹果和树叶会同时落地，D对；故选CD。10. 如图所示，木箱内有一竖直放置的弹簧，弹簧上方有一物块，木箱静止时弹簧处于压缩状态且物块压在箱顶上，若在某一段时间内，物块对箱顶刚好无压力，则在此段时间内木箱的运动状态可能为（）A. 减速下降B. 加速上升C. 减速上升D. 匀速下降【答案】AB【解析】【分析】【详解】木箱静止时物块对箱顶有压力，则物块受到箱顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无压力时，物体受到的合力向上，所以系统应该有向上的加速度，是超重，物体可能是加速上升，也可能是减速下降。故选AB。11. 甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v-t图像如图所示。已知两
11、车在t=1s时第一次并排行驶，则（）A. 甲车加速度大小为10m/s2B. 乙车的加速度大于甲车的加速度C. 两车第二次并排行驶的时刻是t=3sD. 甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为20m【答案】AC【解析】【分析】【详解】A根据v-t图象斜率表示加速度，可得甲车的加速度大小为故A正确；B乙车的加速度大小为故B错误；C根据图象的“面积”表示位移，由几何知识可知，13s甲、乙两车通过的位移相等，而两车在t=1s时第一次并排行驶，所以两车在t=3s时第二次并排行驶，故C正确；D13s，甲车的位移为即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m，故D错误。故选AC。12
12、. 如图所示，在水平面上运动的小车里用两根轻绳连着一质量为m的小球，绳子都处于拉直状态，BC绳水平，AC绳与竖直方向的夹角为，小车处于加速运动中，则下列说法正确的是( )A. 小车的加速度一定为gtanB. 小车一定向左运动C. AC绳对球的拉力一定是D. BC绳的拉力一定小于AC绳的拉力【答案】BC【解析】【分析】【详解】对小球进行受力分析如图：A小球受重力和两绳子的拉力作用，根据受力分析规律可知，只有当BC绳的拉力等于零时，小车的加速度才为gtan，故A错误；B根据受力分析可知，小球受到的合力向左，所以加速度方向向左，且小车处于加速运动中，所以小车只能向左做加速运动，故B正确；C由于AC绳
13、上的拉力的竖直分力等于重力，解得，故C正确； DBC绳上的拉力会随着加速度的变化而变化，所以当加速度大到一定程度时，BC绳的拉力可以大于AC绳的拉力，故D错误。故选BC。【点睛】对小球进行受力分析，判断加速度方向，再根据加速运动判断小车的运动情况，根据牛顿第二定律求解加速度，根据竖直方向受力平衡求出AC绳的拉力，根据牛顿第二定律求解BC绳的拉力，从而判断BC绳和AC绳拉力的大小关系。二、非选择题：本题共6小题，共52分13. 如图甲所示为“验证力平行四边形定则”的实验装置图其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点所处的位置，OA为橡皮条，OB和OC为细绳。(1)实验室已备有木板、白纸、
14、图钉、连接好的细绳套、弹簧测力计，还缺少的器材是_；(2)图乙中的F与F两力中，方向一定沿AO方向的是_；(3)某同学认为实验过程中必须注意以下几项，其中正确的是_。（填字母序号）A.两根细绳必须等长B.橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上C.读数时视线要正对弹簧测力计的刻度D.两拉力之间的夹角不能太小，也不能太大【答案】 (1). 刻度尺和橡皮条 (2). F (3). CD【解析】【分析】【详解】(1)1该实验用到的实验器材除了方木板、白纸、弹簧测力计、细绳套（两个）、图钉（几个）等，还需要的实验器材有刻度尺和橡皮条(2)2F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F是通过一个弹簧测力计沿A
15、O方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧测力计的拉力与两个弹簧测力计的拉力效果相同，测量出的合力。故方向一定沿AO方向的是F，由于误差的存在F和F方向并不重合；(3)3AB为减小实验过程中的偶然误差，就要设法减小读数误差，两个分力的大小不一定要相等，即橡皮条不一定与两绳夹角的平分线在同一直线上，绳子的长短对分力大小和方向亦无影响，故AB错误；C读数时视线正对弹簧测力计的刻度能减小偶然误差，故C正确；D两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故D正确。故选CD。14. 用如图甲所示的装置验证牛顿第二定律的实验中，保持小车质量一
16、定时，验证小车加速度a与合力F的关系。(1)该实验采用的科学方法是_（选填“等效替代”或“控制变量）法。(2)为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，以下操作正确的是_。（填字母序号）A调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行B在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将砝码和砝码盘通过细线挂在小车上C在调整长木板的倾斜度平衡摩擦力时，应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上(3)已知实验中打点计时器的打点周期为0.02s得到的记录纸带如图乙所示，图中的点为计数点，每两个相邻的计数点间还有4个点没有画出，由此得D点的速度为_m/s小车加速度的大小a=_m/s2（保留三位有效数字）。【答案】 (1)
17、. 控制变量 (2). AC (3). (4). 【解析】【分析】【详解】(1)1该实验采用的科学方法是控制变量法；(2)2为了使细线对小车的拉力等于小车收受的合力，小车不受摩擦力，就需要平衡摩擦力，在平衡摩擦力时，砝码和砝码盘不能挂在小车上，但是应当将穿过打点计时器的纸带连在小车上，调整长木板的倾斜程度，让小车做匀速直线运动，同时要调整长木板上滑轮的高度使细线与长木板平行。故选AC。(3)3(3)415. 在一场足球比赛中，某队员在中线处将足球沿直线向前踢出。此后足球的运动可视为匀减速直线运动，已知足球的初速度为12m/s，2s末速度变为8m/s。求：(1)足球做匀减速直线运动时的加速度大小
18、；(2)足球从开始做匀减速运动到停下来的位移大小。【答案】(1) 2m/s2；(2)36m【解析】【分析】【详解】(1)由加速度定义式，可得则足球做匀减速直线运动时的加速度大小为2m/s2，方向与足球运动方向相反(2)由公式，可得足球的位移大小为16. 如图所示，在t=0时刻，小球从高出地面H=15m的位置竖直向上抛出，小球上升到最高点时距抛物点h=5m，之后开始做自由落体运动到达地面，g取10m/s2。求：(1)小球竖直上抛的初速度v0；(2)小球运动全过程所用的时间。【答案】(1)10m/s；(2)3s【解析】【分析】【详解】(1)由，可得小球竖直上抛的初速度为(2)由，可得小球上升过程的
19、时间为由位移公式可得则下落过程所用时间为小球运动全过程所用的时间为17. 如图所示，A、B的重力分别为9.2N和6.4N，各接触面间的动摩擦因数均为0.2，连接墙壁与A之间的细绳MN与水平方向夹角为37，现从A下方向右匀速拉出B.求：(sin37=0.6，cos37=0.8)（1）此时绳MN对A的拉力大小为多少？（2）所需的水平拉力F为多大？【答案】（1）2N（2）4.48 N【解析】【分析】【详解】（1）对A，受力如图所示，根据平衡条件，有：水平方向：f1=N1=Tcos37对A竖直方向有GA=N1+Tsin37由并代入数据可求得T=2N，N1=8N，（2）对B受力分析，根据平衡条件得：竖直
20、方向有：N2=N1+GB=N1+GB=14.4N对B水平方向有：F=N1+N2=4.48N【点睛】本题是两个物体平衡问题，采用隔离法研究，分析受力，作出力图是解题的关键，根据正交分解法列出水平和竖直方向的方程即可解答18. 如图所示一足够长的斜面倾角为37，斜面BC与水平面AB圆滑连接质量m=2kg的物体静止于水平面上的M点，M点距B点之间的距离L=16m，物体与水平面和斜面间的动摩擦因素均为=0.5现使物体受到一水平向右的恒力F=14N作用，运动至B点时撤去该力（，取）求：(1)物体在恒力作用下运动时的加速度是多大；(2)物体到达B点时的速度大小；(3)物体沿斜面向上滑行的最远距离。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【分析】【详解】(1)在水平面上，根据牛顿第二定律可知解得(2)有M到B，根据速度位移公式可知解得(3)在斜面上，根据牛顿第二定律可知解得根据速度位移公式可知解得