1、化 学 试题总分:100分 考试时间:90分钟 一、选择题（共50分，每小题5分）1.化学与生活密切相关，下列有关说法错误的是A用灼烧的方法可以区分蚕丝和人造纤维B食用油反复加热会产生稠环芳香烃等有害物质C加热能杀死流感病毒是因为蛋白质受热变性D医用消毒酒精中乙醇的浓度为95%2.下列说法正确的是（ ）A. 非金属氧化物一定为酸性氧化物 B. 分解反应一定有单质生成C. 向煮沸的1 molL-1 NaOH溶液中滴加FeCl3饱和溶液制备Fe(OH)3胶体D. “忽闻海上有仙山，山在虚无缥缈间”的海市蜃楼是一种自然现象，与胶体知识有关3.用固体 NaOH 配制 250mL 0.2molL-1的
2、NaOH溶液，下列操作会导致溶液浓度偏高的是 A在托盘天平的两托盘中分别放等质量的纸，称取 2.0g NaOH 固体B将 NaOH 固体在烧杯中溶解后迅速小心转移至 250mL 容量瓶中 C定容时不小心加水超过了刻度线，此时迅速用胶头滴管吸出一些 D摇匀后发现凹液面最底点低于刻度线，再补加蒸馏水到凹液面最底点与刻度线相平4.RO3n中共有x个电子，R原子的质量数为A，则a克RO3n中含有质子的物质的量（）A（xn）molB（x24n）molC（xn）mol D（xn）mol5.下列物质中不会因见光而分解的是（）ANaHCO3BAgBrCAgClDHC1O6.某工厂用提取粗盐后的盐卤（主要成分为
3、MgCl2）制备金属镁，其工艺流程如下，下列说法中，错误的是（）A. 操作发生的反应为非氧化还原反应B. 操作是蒸发浓缩结晶过滤C. 若在实验室进行操作只需要漏斗和烧杯两种玻璃仪器D. 在整个制备过程中，未发生置换反应7.将足量的CO2不断通入KOH、Ba（OH）2、KAlO2的混合溶液中，生成沉淀的物质的量与所通入CO2的体积关系如图所示下列关于整个反应过程中的叙述不正确的是（）AOa段反应的化学方程式是Ba（OH）2+CO2BaCO3+H2OBab段与cd段所发生的反应相同Cde段沉淀减少是由于BaCO3固体消失的Dbc段反应的离子方程式是2AlO2+3H2O+CO22Al（OH）3+CO
4、328.近年来，科学家正在探索利用铝粉作为新能源的可能性，以期铝能成为一种石油的取代物假如铝作为一种普遍使用的新型能源被开发利用，关于其有利因素的下列说法，你认为哪项是错误的（）A铝质轻，便于运输、贮存，且安全 B在地球上，铝矿资源比较丰富C铝燃烧时放出的热量大，且燃烧后新产物对环境的污染容易得到有效的控制D现代电解铝的工业技术已为铝作为新能源奠定了重要基础9.某溶液中可能含有H+、Na+、NH4+、Mg2+、Fe3+、Al3+、SO42、HCO3等离子当向该溶液中加入一定物质的量浓度的NaOH溶液时，发现生成沉淀物质的量随NaOH溶液的体积变化的图象如图所示，下列说法正确的是（）A原溶液中含
5、有的Fe3+和Al3+的物质的量之比为1：1Bab段发生的离子反应为：Al3+3OH=Al（OH）3，Mg2+2OH=Mg（OH）2C原溶液中含有的阳离子是H+、NH4+、Mg2+、Al3+、Na+Dd点溶液中含有的溶质只有Na2SO410.在一些高档茶叶、点心等食品的包装盒中有一个小袋，将小袋打开，可以看到灰黑色粉末，其中有些已变成棕褐色。将灰黑色粉末溶于稀盐酸，取上层清液，滴入几滴氯水，再滴加KSCN溶液，马上出现血红色。以下结论不正确的是A该灰黑色粉末用作抗氧化剂 B该灰黑色粉末不可食用C小袋中原来装有铁粉 D小袋中原来装有氧化铁11.能与Fe3+反应，且能证明Fe3+具有氧化性的是SC
6、N-；Fe；Fe2+；Cu；I-；OH-；Cl2A B C D12.CuCl是难溶于水的白色固体，是一种重要的催化剂工业上，由孔雀石（主要成分Cu（OH）2CuCO3，含FeS、FeO和SiO2杂质）制备CuCl的某流程如图：下列说法不正确的是（）AH2O2将溶液1中Fe2+氧化为Fe3+，再通过控制pH转化为Fe（OH）3除去BSO32将溶液3中的Cu2+还原，反应得到CuClCCO32作用是控制溶液pH，促使CuCl沉淀的生成D若改变试剂加入顺序，将溶液3缓慢加入到含大量SO32/CO32的溶液中，同样可制取CuCl13.实验是化学研究的基础下列对实验现象的描述错误的是（）A实验中溶液变黄
7、色 B实验试管中混合溶液变血红色C实验中烧瓶内溶液变红色 D实验中出现砖红色沉淀14.下列关于糖类、油脂、蛋白质的说法不正确的是A. 用碘水可以鉴别葡萄糖溶液和淀粉溶液B. 淀粉、油脂和蛋白质在一定条件下都能发生水解反应C. 工业上利用油脂在碱的催化作用下水解生产肥皂D. 向蛋白质溶液中加入浓的Na2SO4或CuSO4溶液均可使蛋白质盐析而分离提纯15.下列说法不正确的是（）A质谱和核磁共振不仅可用于有机小分子结构的分析，还可用于蛋白质结构的研究B储氢金属吸氢形成金属氢化物，改变条件释放吸收的氢气，是氢气贮存的重要途径C牺牲阳极的阴极保护法、外加电源的阳极保护法和改变金属组成或结构的方法都是
8、防止金属腐蚀的方法D乙醇与水互溶，这与乙醇和水分子之间能形成氢键有关16.有甲乙两种烃，分子中碳的质量分数相同，则下列说法正确的是（）A甲和乙一定是同分异构体 B甲和乙不可能是同系物C甲和乙的分子中，碳、氢原子个数之比相同D甲和乙各1 mol完全燃烧后，生成的二氧化碳的质量一定相等17.下列说法不正确的是（）A邻二甲苯只有一种结构，能证明苯环中不存在碳碳单键和碳碳双键交替的结构B高聚物的单体可以通过乙烯和HCl加成制得C（CH3）2CHCH=CHC（CH3）3与氢气加成后的产物用系统命名法命名为2，2，5三甲基己烷D完全燃烧一定质量的冰醋酸、葡萄糖混合物（以任意质量比混合），生成CO2和H2O
9、的物质的量相同18.萘的结构简式可表示为，其二氯取代产物异构体数目为（）A6种 B8种 C10种D12种19.要检验溴乙烷中的溴元素，下列实验方法正确的是（）A加入新制的氯水振荡，再加入少量CCl4振荡，观察下层是否变为橙红色B加入硝酸银溶液，再加入稀硝酸使溶液呈酸性，观察有无浅黄色沉淀生成C加入NaOH溶液共热，冷却后加入硝酸银溶液，观察有无浅黄色沉淀生成D加入NaOH溶液共热，冷却后加入稀硝酸使溶液呈酸性，再滴入硝酸银溶液，观察有无浅黄色沉淀生成20.A、B、C三种醇同足量的金属钠完全反应，相同条件下产生相同体积的氢气，消耗这三种醇的物质的量之比为362，则三种醇分子里的羟基数之比为()A
10、321 B262 C312 D21321.苹果酸的结构简式为，下列说法正确的是（）A苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种B1mol苹果酸可与3mol NaOH发生中和反应C1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1mol H2D与苹果酸互为同分异构体22.已知： 则符合要求的C5H10O2的结构有（ ）A1种 B2种 C4种 D5种23.某一溴代烷水解后的产物在红热铜丝催化下，最多可被空气氧化生成4种不同的醛，该一溴代烷的分子式可能是（）AC4H9BrBC5H11BrCC6H13BrDC7H15Br24.化学与科学、技术、社会、环境密切相关。下列有关说法中不正确的是A. “一带一路”是“现代丝绸之
11、路”，丝绸的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物B. 在食品袋中放入盛有硅胶和铁粉的透气小袋，可防止食物受潮、氧化变质C. 油脂的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，长时间放置的油脂会因水解而变质D. 工业废水中的Cu2+、Hg2+等重金属阳离子可以通过加入FeS除去25.对大量盆栽鲜花施用了S诱抗素制剂，以保持鲜花盛开，S诱抗素的 分子结构如图，下列关于该分子的说法中正确的是（）A与氢气加成最多消耗氢气5molB能发生加成反应、氧化反应、取代反应、缩聚反应C1mol该分子能与含2mol NaOH的溶液完全反应D该分子能与溴水反应而使溴水褪色且1mol它能与溴水中的4mol Br2反应二、填空题（共
12、50分，四小题）26.（13分）某兴趣小组同学进行乙醛的银镜反应实验的操作步骤如下：A在试管里先注入少量NaOH溶液，振荡，然后加热煮沸。把NaOH溶液倒去后，再用蒸馏水洗净试管备用。B在洗净的试管里配制银氨溶液。C沿试管壁加入乙醛稀溶液。D加热。请回答下列问题：（1）步骤A中加NaOH溶液振荡，加热煮沸的目是 。（2）简述银氨溶液的配制过程： 。（3）步骤D应选择的加热方法是 （填下列装置编号），理由是 。（4）乙醛发生银镜反应的化学方程式 。（5）该兴趣小组的同学还对乙醛进行银镜反应的最佳实验条件进行了探究（部分实验数据如下表）：实验变量实验序号银氨溶液的量/mL乙醛的量/滴温度/反应混合
13、液的pH出现银镜的时间/min1136511521345116.531565114实验1和实验2，探究的是 。当银氨溶液的量为1 mL，乙醛的量为3滴，温度为50，反应混合液pH为11时，出现银镜的时间 。（填范围）你认为探究乙醛进行银镜反应的最佳条件，除了测量银镜出现的时间外，还需要比较不同条件下形成银镜的 。（6）银氨溶液放久后会产生氮化银而引起爆炸，直接排放会污染环境，且造成银资源的浪费。实验室从反应后的废液中回收银的实验流程如下：已知：Ag(NH3)2在溶液中存在平衡：Ag(NH3)2Ag+2NH3。写出废液与稀HNO3反应的离子方程式 。加入的铁粉要过量的目的是 。该实验过程中可能产
14、生的大气污染物是 。27.（12分）化合物M是一种香料，可采用油脂与芳香烃（含苯环的烃）为主要原料，按下列路线合成：已知：RXROHE分子中只有两种不同化学环境的H原子（R1、R2、R3与R4可能是氢、烃基或其他基团）（1）A中官能团的名称是 ，DE的反应类型为 （2）E的结构简式为 （3）C+FM的化学方程式 （4）下列化合物中属于F的同分异构体的是 a bc dCH2=CHCH=CHCH=CHCH2COOH（5）写出从BrCH2CH2BrHCOOCH2CH2OOCH的合成路线（无机试剂任选，合成路线参照题中的书写形式） 28.（13分）某化学研究性学习小组通过查阅资料，设计了如图所示的方法
15、以含镍废催化剂为原料来制备NiSO47H2O已知某化工厂的含镍催化剂主要含有Ni，还含有Al（31%）、Fe（1.3%）的单质及氧化物，其他不溶杂质（3.3%）部分阳离子以氢氧化物形式完全沉淀时的pH如下：沉淀物Al（OH）3Fe（OH）3Fe（OH）2Ni（OH）2pH5.23.29.79.2回答下列问题：（1）操作a、c中需使用的仪器除铁架台（带铁圈）、酒精灯、烧杯、玻璃棒外还需要的主要仪器为 （2）“碱浸”过程中发生的离子方程式是 （3）“酸浸”时所加入的酸是 （填化学式）酸浸后，经操作a分离出固体后，溶液中可能含有的金属离子是 （4）操作b为调节溶液的pH，你认为pH的最佳调控范围是
16、（5）“调pH为23”的目的是 （6）产品晶体中有时会混有少量绿矾（FeSO47H2O），其原因可能是 、 29.（12分）FeSO47H2O广泛用于医药和工业领域，实验室制备FeSO47H2O的流程如下：（1）铁屑与稀硫酸反应前，应用10% Na2CO3溶液浸泡几分钟，操作目的是_。（2）最后得到的绿矾晶体用少量冰水洗涤，其目的：除去晶体表面附着的硫酸等杂质；_。（3）FeSO47H2O是某些补血剂的主要成分，将1.5 g某补血剂预处理，配成100mL溶液。实验室用KMnO4溶液通过氧化还原滴定测定该补血剂（1.5 g）中铁元素的含量，配制100 mL 1.200 10 2 molL1的KM
17、nO4溶液时，将溶解后的溶液转移至容量瓶中的操作方法是_；实验中的KMnO4溶液需要酸化，可用于酸化的酸是_。a 稀硝酸 b.稀盐酸 c稀硫酸 d浓硝酸 KMnO4溶液应盛装在_滴定管中。滴定到终点时的现象为_。滴定完毕，三次实验记录KMnO4标准溶液的读数如下。滴定次数实验数据123V（样品）/mL20.0020.0020.00V（KMnO4）/mL（初读数）0.000.200.00V（KMnO4）/mL（终读数）15.8515.2214.98该补血剂中铁元素的质量分数为_。化学答案1.D试题分析：蚕丝的主要成分是蛋白质，蛋白质灼烧能产生烧焦羽毛的气味，与人造纤维灼烧的气味不同，故可以区别蚕
18、丝和人造纤维，A正确。食用油反复加热发生化学变化，从而产生多种稠环芳香烃等有害物质，危害人体健康，B正确。高温能使蛋白质发生变性，从而具有杀菌消毒作用，C正确。医用消毒酒精中乙醇的浓度为75%，D错误。2.D A、非金属氧化物不一定为酸性氧化物，如NO、CO等不成盐氧化物，故A错误；B、分解反应不一定有单质生成，如H2CO3=H2OCO2，故B错误；C、NaOH溶液中滴加FeCl3溶液反应生成沉淀，应向沸水中滴加饱和氯化铁溶液来制备胶体，故C错误；D、空气为胶体，能有利于光线的折射，从而导致海市蜃楼的形成，故D正确；故选D。3.B4.B【考点】质子数、中子数、核外电子数及其相互联系【分析】阴离
19、子核外电子数=质子数之和+所得电荷数，据此计算R元素原子的质子数，进而计算RO3n中质子总数目，根据n=计算a克RO3n的总的物质的量，据此计算【解答】解：RO3n中共有x个电子，则R原子质子数为xn83=xn24，R原子的质量数为A，则a克RO3n的物质的量为=mol，故a克RO3n中含质子的物质的量为mol（xn24）=（x24n）mol，故选B5.A【考点】氯、溴、碘及其化合物的综合应用【分析】浓硝酸、硝酸银、次氯酸见光都易分解；碳酸氢钠加热分解，见光不分解，以此解答该题【解答】解：AgBr、AgCl、HC1O在光照条件下都可分解，而NaHCO3在加热条件下发生分解，故选A6.C A.在
20、操作中，加入足量的石灰浆与氯化镁发生反应MgCl2Ca(OH)2=Mg(OH)2CaCl2，该反应没有元素化合价发生变化，为非氧化还原反应，故A正确；B.由氯化镁溶液得MgCl26H2O晶体，需要采取蒸发浓缩结晶过滤的操作，故B正确；C.由流程图可知，操作为过滤，需要的玻璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒，故C错误；D.由流程图可知，整个制备过程中，发生的都不是置换反应，故D正确；答案选C。7.B 考点：镁、铝的重要化合物专题：元素及其化合物分析：只要通入CO2，立刻就有沉淀BaCO3产生，首先发生反应Ba（OH）2+CO2=Ba CO3+H2O，将Ba（OH）2消耗完毕，接下来消耗KOH，发生反应2
21、KOH+CO2=K2CO3+H2O，因而此段沉淀的量保持不变，然后沉淀量增大，发生反应2AlO2+3H2O+CO2=2Al（OH）3+CO32，沉淀量达最大后，再发生CO32+CO2+H2O=HCO3，最后发生反应BaCO3+CO2+H2O=Ba（HCO3）2，沉淀部分溶解，以此来解答解答：-解：只要通入CO2，立刻就有沉淀BaCO3产生，首先发生反应Ba（OH）2+CO2=Ba CO3+H2O，将Ba（OH）2消耗完毕，接下来消耗KOH，发生反应2KOH+CO2=K2CO3+H2O，因而此段沉淀的量保持不变，然后沉淀量增大，发生反应2AlO2+3H2O+CO2=2Al（OH）3+CO32，沉
22、淀量达最大后，再发生CO32+CO2+H2O=HCO3，最后发生反应BaCO3+CO2+H2O=Ba（HCO3）2，沉淀部分溶解，A由上述分析可知，Oa发生反应：Ba（OH）2+CO2=BaCO3+H2O，故A正确；B由上述分析可知，ab段发生2OH+CO2CO32+H2O，cd段发生CO32+CO2+H2O=HCO3，两阶段反应不相同，故B错误；Cde段发生反应BaCO3+CO2+H2O=Ba（HCO3）2，导致沉淀的减少，故C正确；D由上述分析可知，bc段反应的离子方程式是：2AlO2+3H2O+CO2=2Al（OH）3+CO32，故D正确；故选B点评：本题以图象题形式考查反应先后顺序问题
23、，为高频考点，侧重对基础知识的综合考查，把握元素化合物性质及发生的反应、图象与反应的对应关系是关键的关键，题目难度中等8.D考点：铝的化学性质专题：几种重要的金属及其化合物分析：A、Al为固体，且密度较小；B、Al大量存在于矿石中；C、燃烧反应放出热量，氧化铝对环境无污染；D、电解Al消耗能源，但Al作为新能源提供能量解答：解：A、因Al为固体，且密度较小，则铝质轻，便于运输、贮存，且安全，故A正确；B、Al是地壳中含量最多的金属元素，大量存在于矿石中，则铝矿资源比较丰富，故B正确；C、Al燃烧时放出热量较大，且生成的氧化铝，则对环境的污染容易得到有效的控制，故C正确；D、电解Al消耗能源，但
24、Al作为新能源提供能量，二者之间没有必然的联系，故D错误；故选D点评：本题考查Al的性质和能源，学生应熟悉Al的物理性质和化学性质，并把握信息中利用铝粉作为新能源的可能性，以期铝能成为一种石油的取代物是解答本题的关键9.A考点：常见阳离子的检验；离子共存问题专题：离子反应专题分析：加入氢氧化钠溶液后，在0a段没有生成沉淀，说明溶液中一定存在氢离子或碳酸氢根离子，由于后面有沉淀生成及部分沉淀溶解可知，一定存在氢离子；ab段生成沉淀消耗了6a体积氢氧化钠，溶液中可能存在Mg2+、Fe3+、Al3+，根据cd段部分沉淀溶解，可知一定存在铝离子，根据图象Al（OH）3的物质的量与剩余的沉淀的物质的量相
25、等，由OHAlO2可知消耗溶解氢氧化铝消耗了1体积氢氧化钠，所以生成氢氧化铝沉淀消耗了3体积氢氧化钠，另一种离子生成的沉淀的量与消耗的氢氧化钠与铝离子相同，说明另一种离子为3价离子，则为铁离子；bc段沉淀的物质的量不变，说明氢氧根离子与铵离子发生了反应，即溶液中一定存在铵离子；A、根据以上分析判断溶液中一定存在的离子、铁离子与铝离子物质的量之比；B、ab段为铁离子、铝离子与氢氧化钠反应生成氢氧化铁、氢氧化铝沉淀；C、根据分析判断溶液中一定不存在镁离子，一定存在铁离子，钠离子无法确定；D、d点氢氧化铝与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠解答：解：加入0a段，加入氢氧化钠溶液后没有生成沉淀，说明溶液中一
26、定存在氢离子或碳酸氢根离子，由于后面有沉淀生成及部分沉淀溶解可知，溶液中一定存在铝离子，所以一定不存在碳酸氢根离子，因此一定存在氢离子；ab段生成沉淀消耗了6体积氢氧化钠，溶液中可能存在Mg2+、Fe3+、Al3+，根据cd段部分沉淀溶解，可知一定存在Al3+，根据图象氢氧化铝沉淀的物质的量与剩余的沉淀的物质的量相等，由OHAlO2可知消耗溶解氢氧化铝消耗了a体积氢氧化钠，所以生成氢氧化铝沉淀消耗了3体积氢氧化钠，另一种离子生成的沉淀的量与消耗的氢氧化钠与铝离子相同，说明另一种离子为+3价离子，只能为铁离子，故原溶液中一定不存在镁离子；再由bc段沉淀的物质的量不变，说明氢氧根离子与铵离子发生了
27、反应，即溶液中一定存在铵离子；再根据溶液呈电中性可知，溶液中一定存在硫酸根离子，A、根据图象可知生成沉淀用了6体积的氢氧化钠，其中氢氧化铝溶解消耗了1体积的氢氧化钠，所以生成氢氧化铝需要消耗3体积的NaOH溶液，还有3体积的NaOH溶液一定是被Fe3+消耗，即铁离子与铝离子消耗的氢氧化钠溶液的体积相同，故原溶液中含有的Fe3+和Al3+的物质的量之比为1：1，故A正确；B、根据以上分析可知，ab段发生的离子反应为铁离子、铝离子与氢氧根离子的反应，反应的离子方程式为：Al3+3OH=Al（OH）3，Fe3+3OH=Fe（OH）3，故B错误；C、原溶液中含有的阳离子是H+、NH4+、Fe3+、Al
28、3+，一定不存在镁离子，可能存在钠离子，故C错误；D、d点氢氧化铝与氢氧化钠溶液恰好完全反应生成偏铝酸钠，所以溶液中含有的溶质为Na2SO4、NaAlO2，故D错误；故选A点评：本题考查了离子检验的方法应用，题目难度中等，氢氧化铝是两性氢氧化物溶于强碱是解题关键，本题难点在于如何根据图象中的数据判断铁离子的存在10.D试题分析：由题中信息，溶于盐酸后，滴入氯水和KSCN溶液，马上出现血红色，说明溶液中存在三价铁离子，原粉末含有铁元素。A、灰黑色粉末具有氧化性，用作抗氧化剂，A正确；B、该灰黑色粉末不可食用，B正确；C、该灰黑色粉末是铁粉，C正确；D、氧化铁不是灰黑色，且不具有还原性，不能抗氧化
29、，D错误；答案选D。11.B12.D【考点】物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用【分析】孔雀石（主要成分Cu（OH）2CuCO3，含FeS、FeO和SiO2杂质）中用硫酸浸取，得气体主要含有硫化氢、二氧化碳，滤渣1为二氧化硅，溶液1中含有Fe2+、Fe3+、Cu2+加双氧水，将亚铁离子氧化成铁离子，加氢氧化钠溶液调节pH值，使铁离子沉淀，得到滤渣2为氢氧化铁，溶液2主要含有硫酸铜，溶液2中加入氯化钠再加入亚硫酸钠将铜离子还原成亚铜离子，加入碳酸钠调节pH值，使CuCl沉淀，由于SO32/CO32的溶液呈碱性，所以如果将溶液3缓慢加入到含大量SO32/CO32的溶液中，有可能生成氢氧化亚铜沉淀
30、，得到的氯化亚铜不纯，据此答题【解答】解：孔雀石（主要成分Cu（OH）2CuCO3，含FeS、FeO和SiO2杂质）中用硫酸浸取，得气体主要含有硫化氢、二氧化碳，滤渣1为二氧化硅，溶液1中含有Fe2+、Fe3+、Cu2+加双氧水，将亚铁离子氧化成铁离子，加氢氧化钠溶液调节pH值，使铁离子沉淀，得到滤渣2为氢氧化铁，溶液2主要含有硫酸铜，溶液2中加入氯化钠再加入亚硫酸钠将铜离子还原成亚铜离子，加入碳酸钠调节pH值，使CuCl沉淀，由于SO32/CO32的溶液呈碱性，所以如果将溶液3缓慢加入到含大量SO32/CO32的溶液中，有可能生成氢氧化亚铜沉淀，得到的氯化亚铜不纯，A、根据上面的分析可知，H
31、2O2将溶液1中Fe2+氧化为Fe3+，再通过控制pH转化为Fe（OH）3除去，故A正确；B、根据上面的分析可知，SO32将溶液3中的Cu2+还原，反应得到CuCl，故B正确；C、根据上面的分析可知，CO32作用是控制溶液pH，促使CuCl沉淀的生成，故C正确；D、根据上面的分析可知，将溶液3缓慢加入到含大量SO32/CO32的溶液中，制得的CuCl可能不纯，故D错误，故选D13.A考点：化学实验方案的评价；氯、溴、碘及其化合物的综合应用；二价Fe离子和三价Fe离子的检验；食物中淀粉、蛋白质、葡萄糖的检验；氨的制取和性质 专题：实验评价题分析：A氯气与KI反应生成碘单质；B铁离子与KSCN结合
32、生成络离子；C氨气极易溶于水，且溶液显碱性；D葡萄糖中含CHO，与新制氢氧化铜反应生成氧化亚铜解答：解：A氯气与KI反应生成碘单质，淀粉遇碘单质变蓝，则观察到溶液变为蓝色，故A错误；B铁离子与KSCN结合生成络离子，则观察到溶液变为血红色，故B正确；C氨气极易溶于水，且溶液显碱性，则可观察到红色喷泉，故C正确；D葡萄糖中含CHO，与新制氢氧化铜反应生成氧化亚铜，则可观察到砖红色沉淀，故D正确；故选A点评：本题考查化学实验方案的评价，为高频考点，把握常见物质的性质及离子检验为解答的关键，注意方案的评价性和操作性分析，题目难度不大14.D试题分析：A.碘遇淀粉变蓝，用碘水可以鉴别葡萄糖溶液和淀粉溶
33、液，A项正确；B淀粉在一定条件下水解生成葡萄糖、油脂在一定条件下水解生成高级脂肪酸和甘油、蛋白质在一定条件下发生水解反应生成氨基酸，B项正确；C.油脂在碱性条件下水解生成高级脂肪酸钠和甘油，高级脂肪酸钠能做肥皂，C项正确；D向蛋白质溶液中加入浓的Na2SO4可使蛋白质盐析，加入CuSO4溶液可使蛋白质变性，D项错误；答案选D。15.C【考点】金属的电化学腐蚀与防护；氢键的存在对物质性质的影响【分析】A、质谱和核磁共振是最常用的结构测定工具；B、储氢金属吸氢可以形成金属氢化物，改变条件可以释放吸收的氢气；C、金属做原电池的负极、电解池的阳极都可以加快腐蚀；D、乙醇中的羟基氧原子、氢原子与水分子中
34、的氢原子、氧原子之间可以形成氢键【解答】解：A、核磁共振（NMR）和质谱（MS）是近年来普遍使用的仪器分析技术，也是最常用的结构测定工具在质谱分析中，只需要微量样品就可测出被测物质的相对分子量、分子式和许多分子结构的信息，再结合核磁共振，就能准确测定出有机化合物的结构，故A正确；B、储氢金属吸氢形成金属氢化物，改变条件释放吸收的氢气，在电化学中经常见到，这是氢气贮存的重要途径，故B正确；C、牺牲阳极的阴极保护法、外加电源的阴极保护法和改变金属组成或结构的方法都是防止金属腐蚀的方法，故C错误；D、乙醇中的羟基氧原子、氢原子与水分子中的氢原子、氧原子之间可以形成氢键，乙醇与水互溶与乙醇和水分子之间
35、能形成氢键有关，故D正确故选C16.C解：甲乙两种烃，分子中碳的质量分数相同，则H原子质量分数也相同，二者最简式相同，A二者最简式相同，分子式不一定相同，不一定为同分异构体，如苯与乙炔，故A错误；B二者最简式相同，结构可能相似，可能不相似，如乙烯与己烯，乙烯与环己烷，可能为同系物，故B错误；C甲乙两种烃，分子中碳的质量分数相同，则H原子质量分数也相同，碳、氢原子个数之比相同，二者最简式相同，故C正确；D二者最简式相同，分子式不一定相同，1mol烃含有碳原子数目不一定相等，二者完全燃烧生成的二氧化碳质量不一定相等，故D错误，故选C17.B【考点】有机化学反应的综合应用【专题】有机反应【分析】A对
36、二甲苯只有一种结构，无法判断是否存在CC单键与C=C双键的交替结构；B乙烯和HCl加成制得的是一氯乙烷，不存在碳碳双键，不能进行加聚反应；C烯烃的命名遵循：选取距离双键最近的一端命名为1号碳；D冰醋酸与葡萄糖的最简式相同，据此解答即可【解答】解：A邻二甲苯只有一种结构，说明苯中不存在单双键交替的结构，是一种特殊的化学键，故A正确；B此高聚物是由乙炔与HCl加成生成的产物加聚得来的，故B错误；C此有机物与氢气加成后的产物用系统命名法命名为2，2，5三甲基己烷，故C正确；D冰醋酸与葡萄糖的最简式相同，均是CH2O，故完全燃烧一定质量的冰醋酸、葡萄糖混合物（以任意质量比混合），生成CO2和H2O的物
37、质的量相同，故D正确，故选B【点评】本题主要考查的是烯烃的命名、苯的结构以及烃的衍生物的燃烧规律，难度不大18.C【考点】同分异构现象和同分异构体【专题】同分异构体的类型及其判定【分析】萘分子中的氢原子均可以被取代，发生苯环上的二元取代，可以采用定一议二法解题，据此书写判断【解答】萘分子中两个苯环是等同的，除并在一起的两个碳原子外，只存在两种不同的碳原子，即a位的和b位的碳原子定一个a位的碳原子，再连接其余的a位的和b位的碳原子，这样形成的二溴代物就有7种；定一个b位的碳原子，再连接其余的b位的碳原子，这样形成的二溴代物就有3种如图所示因此，总共有10种，故选C【点评】本题考查同分异构体的书写
38、，题目难度不大，二元取代物可以采用定一议二法解题19.D考点：物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用 专题：物质检验鉴别题分析：检验溴乙烷中的溴元素，先将Br原子变为溴离子，再加酸至酸性，加硝酸银生成浅黄色沉淀，以此来解答解答：解：A溴乙烷、氯气均溶于CCl4，观察下层颜色不能检验，故A不选；B不存在溴离子，加硝酸银溶液不反应，故B不选；C加入NaOH溶液共热，冷却后加入硝酸银溶液，可能NaOH与硝酸银反应干扰检验，应先加酸至酸性，故C不选；D加入NaOH溶液共热，水解生成溴离子，冷却后加入稀硝酸使溶液呈酸性，再滴入硝酸银溶液，观察有无浅黄色沉淀生成，可检验，故D选；故选D点评：本题考查物质的检
39、验及鉴别，为高频考点，把握有机物水解实验及溴离子的检验方法为解答的关键，侧重分析及实验能力的考查，题目难度不大20.D 21.A解：A该分子中含有羧基和醇羟基，所以能发生酯化反应的官能团有羧基和醇羟基，所以苹果酸中能发生酯化反应的官能团有2种，故A正确；B.1mol苹果酸中含有2mol羧基，所以1mol苹果酸可与2molNaOH发生中和反应，故B错误；C能和Na反应是有羧基和醇羟基，1mol苹果酸与足量金属Na反应生成1.5molH2，故C错误；D与苹果酸是同一种物质，故D错误；故选A22.C23.B考点：卤代烃简介；乙醇的化学性质专题：有机物的化学性质及推断分析：先确定烷烃的对称中心，即找出
40、等效的氢原子，再根据先中心后外围的原则，将溴原子逐一去代替氢原子，有几种氢原子就有几种一溴代烃，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛，据此即可解答；解答：解：先确定烷烃的一溴代物的种类，然后，溴原子只有连接在键端的碳原子上水解生成的醇，且该碳上有氢原子，才能被氧化成醛A正丁烷两种一溴代物，异丁烷两种一溴代物，共4种，所以分子式为C4H9Br的同分异构体共有4种，其中溴原子连接在键端的碳原子上能被氧化成醛的只有1溴丁烷、1溴2甲基丙烷，故A错误；BC5H11Br水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃为：CH3CH2CH2CH2CH2Br 1
41、溴戊烷；CH3CH2CH（CH3）CH2Br 2甲基1溴丁烷；CH3CH（CH3）CH2CH2Br 3甲基1溴丁烷；CH3C（CH3）2CH2Br 2，2二甲基1溴丙烷；被空气氧化生成4种不同的醛为：CH3CH2CH2CH2CHO 戊醛；CH3CH2CH（CH3）CHO 2甲基丁醛；CH3CH（CH3）CH2CHO 3甲基丁醛；CH3C（CH3）2CHO 2，2二甲基丙醛；故B正确；CC6H13Br水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃有13种，故C错误；DC7H15Br 水解生成在键端的碳原子上的醇，且该碳上有氢原子的卤代烃大于13种，更多，故D错误；故选B点评：本题考查同分
42、异构体的应用和卤代烃的水解、醇的氧化等知识，可以根据所学知识来回答，难度中等24.C【详解】A.丝绸的主要成分是蛋白质，属于天然高分子化合物,故A正确；B. 在食品袋中放入盛有硅胶是为了吸水防止食品受潮，铁粉属于还原剂，防止食品被氧化，故B正确；C. 油脂的主要成分是高级脂肪酸甘油酯，分子中含有不饱和建，长时间放置在空气中被氧化变质，不是水解而变质，故C错误；D. FeS的溶度积大于CuS、HgS的溶度积,其溶解平衡的S2浓度远大于CuS、HgS的S2离子浓度,故加入FeS可以沉淀废水中的Cu2+、Hg2+，故D正确。故答案选C。25.B考点：有机物的结构和性质专题：有机物的化学性质及推断分析
43、：由结构简式可知分子式，分子中含碳碳双键、碳氧双键、OH、COOH，结合烯烃、醇、羧酸性质等来解答解答：解：A由结构简式可知分子中含有碳碳双键、羟基、羰基、羧基等官能团，故A正确；B含C=C，能发生加成、氧化反应，含OH，能发生取代反应，含有OH、COOH，能发生缩聚反应，故B正确；C分子中含有1个羧基，能与氢氧化钠反应，1mol该分子能与含1mol NaOH的溶液完全反应，故C错误；D分子中含有3个碳碳双键，可与溴发生加成反应，则该分子能与溴水反应而使溴水褪色且1mol它能与溴水中的3mol Br2反应，故D错误故选B点评：本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握结构中官能团与性质的关系
44、为解答的关键，侧重烯烃、羧酸、醇性质的考查，题目难度不大26. （1）去除试管内壁的油污，保证试管洁净 (1分）（2）在洁净的试管里加入1 mL 2%的AgNO3溶液，然后一边摇动试管，一边逐滴滴入2%的稀氨水，至最初产生的沉淀恰好溶解为止 （1分）（3）乙（1分） 加热时试管抖动或试管中液体沸腾都将影响银镜产生的效果（1分）（4）CH3CHO + 2Ag(NH3)2OHCH3COONH4 + 2Ag+ 3NH3 + H2O（2分，其余均为1分）（5）温度对反应速率的影响（1分） 56.5 min （1分） 光亮程度（1分）（6）Ag(NH3)2 +OH+3H=Ag+2NH+ H2O（2分）
45、使溶液中的Ag全部还原 （1分） NO（1分）27.（1）羟基（1分）；取代反应；（1分）（2）；（2分）（3）；（3分）（4）bd；（2分）（5）BrCH2CH2BrHOCH2CH2OHHCHOHCOOH HCOOCH2CH2OOCH（3分）【考点】有机物的合成【专题】有机物的化学性质及推断【分析】油脂水解得到A为，结合信息可以A氧化生成HCHO、HCOOH，B氧化得到C，故B为HCHO，C为HCOOH芳香烃D与氯气在光照条件下发生侧链取代反应生成E，E分子中只有两种不同化学环境的H原子，则D为 ，E为，F为，M为 （5）BrCH2CH2Br在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成HOC
46、H2CH2OH，然后被HIO4氧化生成HCHO，再与新制氢氧化铜氧化得到 HCOOH，最后与乙二醇发生酯化反应得到HCOOCH2CH2OOCH【解答】解：油脂水解得到A为，结合信息可以A氧化生成HCHO、HCOOH，B氧化得到C，故B为HCHO，C为HCOOH芳香烃D与氯气在光照条件下发生侧链取代反应生成E，E分子中只有两种不同化学环境的H原子，则D为，E为，F为，M为（1）A为，含有的官能团的名称是羟基，DE的反应类型为取代反应，故答案为：羟基；取代反应；（2）E的结构简式为： ，故答案为：；（3）C+FM的化学方程式：，故答案为：；（4）F的结构简式为 ， 、与F的分子式不同，与F不是同分
47、异构体，、CH2=CHCH=CHCH=CHCH2COOH与F的分子式相同，结构不同，互为同分异构体，故答案为：bd；（5）BrCH2CH2Br在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成HOCH2CH2OH，然后被HIO4氧化生成HCHO，再与新制氢氧化铜氧化得到 HCOOH，最后与乙二醇发生酯化反应得到HCOOCH2CH2OOCH，合成路线流程图为：BrCH2CH2BrHOCH2CH2OHHCHO HCOOHHCOOCH2CH2OOCH，故答案为：BrCH2CH2Br HOCH2CH2OH HCHO HCOOH HCOOCH2CH2OOCH【点评】本题考查有机物的推断与合成，关键是对题目信息
48、的理解，充分利用有机物的分子式行推断，需要学生熟练掌握官能团的性质与转化，难度中等28.（1）漏斗、蒸发皿；（2）2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2、Al2O3+2OH2AlO2+H2O；（3）H2SO4；Ni2+、Fe2+；（4）3.29.2；（5）防止在浓缩结晶过程中Ni2+水解；（6）H2O2的用量不足（或H2O2失效）、保温时间不足导致Fe2+未被完全氧化造成的考点：制备实验方案的设计分析：（1）依据流程图分析判断，操作a是过滤得到固体和滤液，c是蒸发浓缩得到晶体过滤得到NiSO47H2O；（2）含镍催化剂主要含有Ni，还含有Al（31%）的单质及氧化物，铝和氧化铝都可以和强酸
49、强碱反应溶解得到溶液含有偏铝酸盐；（3）依据最后制备NiSO47H2O，防止引入其他杂志离子需要加入硫酸进行溶解；铁及其化合物、镍和硫酸反应生成亚铁离子和镍离子，过滤后得到溶液为硫酸亚铁和硫酸镍溶液；（4）依据氢氧化物沉淀的PH分析判断，加入过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子后，调节溶液PH使铁离子全部沉淀，镍离子不沉淀得到较纯净的硫酸镍溶液；（5）调节溶液PH为酸性防止镍离子水解，减少镍离子的损失；（6）含有绿矾晶体说明在加入过氧化氢保温过程中，过氧化氢未把亚铁离子全部氧化解答：解：（1）操作a是过滤得到固体和滤液，c是蒸发浓缩得到晶体过滤得到NiSO47H2O；，操作a、c中需使用的仪器除铁架台
50、（带铁圈）、酒精灯、烧杯、玻璃棒外还需要的主要仪器为过滤装置中的漏斗和蒸发浓缩溶液需要的蒸发皿，故答案为：漏斗、蒸发皿；（2）“碱浸”过程中是为了除去铝及其氧化物，铝是两性元素和强碱反应，氧化铝是两性氧化物和强碱反应，镍单质和铁及其氧化物不和碱反应达到除去铝元素的目的；反应的两种方程式为：2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2、Al2O3+2OH2AlO2+3H2O，故答案为：2Al+2OH+2H2O2AlO2+3H2、Al2O3+2OH2AlO2+H2O；（3）“酸浸”时主要是溶解镍金属和铁单质及其氧化物，依据制备 目的是得到NiSO47H2O，加入的酸不能引入新的杂质，所以需要加入硫酸
51、进行酸浸；镍、铁和稀硫酸反应生成硫酸亚铁、硫酸镍溶液，故答案为：H2SO4；Ni2+、Fe2+；（4）依据图表中沉淀需要的溶液PH，加入过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子后，调节溶液PH使铁离子全部沉淀，镍离子不沉淀得到较纯净的硫酸镍溶液，pH应在3.29.2间，故答案为：3.29.2；（5）硫酸镍溶液需要蒸发浓缩结晶析出，为防止镍离子水解生成氢氧化镍沉淀，需要控制溶液pH在酸性条件下，故答案为：防止在浓缩结晶过程中Ni2+水解；（6）产品晶体中有时会混有少量绿矾（FeSO47H2O），说明在加入过氧化氢氧化剂氧化亚铁离子时未把亚铁离子全部氧化，氢氧化亚铁沉淀的pH大于镍离子沉淀的pH，保温目的是把
52、亚铁离子完全氧化，故答案为：H2O2的用量不足（或H2O2失效）、保温时间不足导致Fe2+未被完全氧化造成的点评：本题考查了物质分离的实验设计和方法应用，主要是利用溶液不同PH条件下离子沉淀的情况不同，控制溶液PH除去杂质离子，得到较纯净的硫酸镍溶液来制备硫酸镍晶体，同时考查了除杂原则不能引入新的杂质，铝及其化合物性质分析判断，题目难度中等29.（1）除去废铁屑表面的油污；（2）降低FeSO4在水中的溶解度，减少FeSO47H2O的损耗；（3）用玻璃棒引流，玻璃棒底部要在容量瓶的刻度线以下且玻璃棒不能碰到容量瓶口； c；酸式滴定管；滴入最后一滴KMnO4溶液，恰好变为紫红色，且半分钟内不退色；
53、16.8。试题分析：（1）CO32-水解生成OH-，溶液显碱性，酯在碱性条件下完全水解，所以可用纯碱溶液除油污，故答案为：除去废铁屑表面的油污；（2）由于硫酸亚铁的溶解度随温度的升高二增大，因此用冰水洗涤的另一个目的是减少洗涤过程中FeSO47H2O的损耗，故答案为：降低FeSO4在水中的溶解度，减少FeSO47H2O的损耗；（3）转移液体需要引流，玻璃棒底部要在容量瓶的刻度线以下且玻璃棒不能碰到容量瓶口，故答案为：用玻璃棒引流，玻璃棒底部要在容量瓶的刻度线以下且玻璃棒不能碰到容量瓶口；硝酸有强氧化性，盐酸有还原性，能被高能酸钾氧化为氯气，只能用稀硫酸；高锰酸钾有强氧化性，能氧化橡皮管，应放在
54、酸式滴定管中；滴定终点时，颜色变成紫红色，并且半分钟内不褪色，否则不可以判断达到终点；故答案为：c；酸式；滴入最后一滴KMnO4溶液，恰好变为紫红色，且半分钟内不退色；配平反应的离子方程式：5Fe2+MnO4-+8H+5Fe3+Mn2+4H2O，滴定中由于第一组数据误差较大，应舍去，反应需要的高锰酸钾的物质的量为10-3L1.210-2mol/L=1810-5mol则：5Fe2+ + MnO4-+8H+5Fe3+Mn2+4H2O5mol 1moln 1810-5mol n=1810-5mol5=9010-5mol，则1.500g硫酸亚铁补血剂药片含铁的质量为9010-5mol556g/mol =0.252g，所以该补血剂中铁元素的含量为100%=16.8%，故答案为：16.8%。