1、2014-2015学年江西省三县部分高中联考高三（上）月考物理试卷（9月份）参考答案与试题解析一、选择题（本大题有10小题，在每小题给出的四个选项中，有些只有一个正确选项符合题意，有些有多个选项符合题意选全得4分，不全得2分，错选得0分，共40分）1（4分）物体沿一直线运动，下列说法正确的是（）A只要物体在每秒内通过的位移相等，物体就一定做匀速直线运动B若物体在不相等的时间里通过的位移也不相等，则物体不可能做匀速直线运动C若物体在不相等的时间里通过的位移都相等，则物体不可能做匀速直线运动D物体的位移图象是一直线，则物体一定做匀速直线运动考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速
2、度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：匀速直线运动在任意相等时间内的位移相等，对应的位移时间图线是倾斜的直线解答：解：A、物体在每秒内通过的位移相等，在每秒内速度不一定相同，所以物体不一定做匀速直线运动故A错误B、物体做匀速直线运动，相等时间内的位移相等，不相等时间内通过的位移不相等，所以物体在不相等的时间里通过的位移不相等，则物体可能做匀速直线运动故B错误C、因为匀速直线运动在相等时间内的位移相等，若不相等时间里通过的位移相等，则物体不可能做匀速直线运动故C正确D、物体的位移图象是一直线，若为倾斜直线，做匀速直线运动，若为平行于时间轴的直线，物体处于静止故D错误故选：C点评：解决本题的关
3、键是知道匀速直线运动的特点，知道匀速直线运动位移时间图线是倾斜的直线2（4分）如图，质量为m的物块始终静止在倾角为的斜面上，则（）A若斜面向左匀速移动距离s，斜面对物块做功mgsincossB若斜面向上匀速移动距离s，斜面对物块做功mgsC若斜面向左以加速度a匀加速移动距离s，斜面对物块不做功D若斜面向上以加速度a匀加速移动距离s，斜面对物块做功m（g+a）s考点：功的计算；力的合成与分解的运用专题：功的计算专题分析：要求外力做功，应先分析物体的受力情况，求出斜面对物体的作用力，由功的公式W=Fscos即可求得斜面对物体所做的功解答：解：A、若斜面向右匀速移动，物体受力平衡，斜面对物体的作用力
4、等于重力，故斜面对物体做功为零，故A错误；B、斜面向上匀速运动，物体受力平衡斜面对物体的作用力F=mg，则作用力做功W=FS=mgs，故B正确；C、若斜面向左加速度a运动时，物体对斜面的作用力可分解为向上的大小等于重力的支持力，水平方向上F=ma，则斜面对物体做功W=Fs=mas，故C错误；D、若斜面向上以加速度a加速移动时，由牛顿第二定律可知，Fmg=ma，作用力F=mg+ma，则斜面对物体做功W=Fs=（mg+ma）s，故D正确；故选BD点评：本题中分析出斜面对物体的作用力是关键，注意物体受到的摩擦力及支持力均为作用力，故可以直接根据合力作用求得作用力，不必单独分析重力和摩擦力3如图所示，
5、自动卸货车静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下，角缓慢增大，在货物相对车厢仍然静止的过程中，下列说法正确的是（）A货物受到的支持力变小B货物受到的摩擦力变小C货物受到的支持力对货物做负功D货物受到的摩擦力对货物做负功考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：货物处于平衡状态，对货物进行受力分析，根据平衡条件及恒力做功公式列式分析即可解答：解：A、B货物处于平衡状态，受到重力mg、支持力N和摩擦力f，则根据平衡条件有： mgsin=f，N=mgcos当增大时，f增大，N减小，故A正确，B错误C、货物受到的支持力的方向与瞬时速度方向相同，所以支持力对
6、货物做正功，故C错误；D、摩擦力的方向与位移方向垂直，不做功，故D错误；故选：A点评：解决本题关键要正确分析货物的受力情况，根据力与位移或与瞬时速度方向的夹角来判断功的正负4（4分）如图所示，一个小球m用细绳系着在水平面上作匀速圆周运动小球在转动的过程中（）A受到拉力、重力、向心力B受到拉力、重力C处于平衡状态D拉力做了正功考点：匀速圆周运动专题：匀速圆周运动专题分析：小球做匀速圆周运动，受重力和拉力，合力（拉力的水平分力）提供向心力解答：解：A、B、小球做匀速圆周运动，受重力和拉力，合力提供向心力，向心力是效果力，不是重复受力，故A错误，B正确；C、小球做匀速圆周运动，速度时刻改变，一定具有
7、加速度，不是平衡状态，故C错误；D、拉力与速度垂直，不做功，故D错误；故选：B点评：本题关键是明确明确小球的受力情况和运动情况，知道向心力的来源，基础问题5（4分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）A做匀速运动B做匀加速运动C机械能保持不变D机械能增加考点：机械能守恒定律专题：机械能守恒定律应用专题分析：知道机械能守恒的条件，对物体正确受力分析、熟练应用机械能守恒条件，即可正确解题解答：解：A、B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的
8、分析，物体做匀加速运动，故A错误，B正确；C、D、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C正确，D错误；故选：BC点评：对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒6（4分）（2014张掖模拟）一电子仅在电场力作用下，沿直线由静止从A运动到B，AB间的电场如图所示，则下列叙述正确的是（）A电子做匀加速运动B电子做匀减速运动C电势能先增加后减小D动能先增加后减小考点：电势差与电场强度的关系专题：电场力与电势的性质专题分析：根据图象可读出电场强度的方向，判断电子所受的电场
9、力方向，分析电子的运动情况根据电子的运动情况，分析动能的变化，由能量守恒分析电势能的变化解答：解：电子带负电，所受的电场力方向与电场强度方向相反由图象可知：由AO过程，电场强度沿x方向，电场力与运动方向一致，OB电场力与运动方向一相反，所以电子的运动是先加速后减速，动能先增加后减小，根据能量守恒定律可知其电势能先减小后增加，故D正确，ABC错误故选：D点评：本题关键要掌握电场力与电场强度的关系，运用动力学方法分析电子的运动情况和能量转化情况7（4分）如图是街头变压器通过降压给用户供电的示意图变压器的输入电压是市区电网的电压，假设负载变化时输入电压保持不变输出电压通过输电线输送给用户，两条输电线
10、的总电阻用R0表示，变阻器R代表用户用电器的总电阻，当用电器增加时，相当于R的值减小忽略变压器上的能量损失，不计电压表、电流表的内阻对电路的影响当用户的用电器增加时，下列说法正确的是（）A电压表读数增大，电流表读数增大B电压表读数减小，电流表读数增大C电压表读数不变，电流表读数增大D电压表读数不变，电流表读数减小考点：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律专题：交流电专题分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况解答：解：理想变压器的输出电压是由输入电压和匝数比决定
11、的，由于输入电压和匝数比不变，所以副线圈的输出的电压也不变，所以V的示数不变；当用电器增加时，相当于R的值减小，电路中的总的电阻减小，所以电流要变大，即副线圈中的电流示数变大，副线圈消耗的功率增大；由于变压器的输入的功率和输出的功率相等，由于副线圈的功率变大了，所以原线圈的输入的功率也要变大，因为输入的电压不变，所以输入的电流要变大故选：C点评：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法8（4分）（2014河北区三模）某空间存在着如图所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场在磁场中A、B两个物块叠放在一起，置于光
12、滑水平面上，物块A带正电，物块B不带电且表面绝缘在t1=0时刻，水平恒力F作用在物块B上，物块A、B由静止开始做加速度相同的运动在A、B一起向左运动的过程中，以下说法正确的是（）A图乙可以反映A所受洛仑兹力大小随时间t变化的关系B图乙可以反映A对B的摩擦力大小随时间t变化的关系C图乙可以反映A对B的压力大小随时间t变化的关系D图乙可以反映B对地面压力大小随时间t变化的关系考点：牛顿第二定律；洛仑兹力专题：牛顿运动定律综合专题分析：对整体分析，运用牛顿第二定律得出加速度，判断出整体的运动规律，然后求出洛伦兹力与时间的变化关系；运用隔离法求出A对B的摩擦力的大小、A对B的压力大小解答：解：A、整体
13、受总重力、拉力、洛伦兹力和支持力，合力为F，根据牛顿第二定律，知加速度不变，整体做匀加速直线运动，所以v=atA所受的洛伦兹力F洛=qvB=qBat，知洛伦兹力与时间成正比，是过原点的一条倾斜直线故A错误B、隔离对A分析，A所受的合力等于A的摩擦力，则f=ma，知A所受的静摩擦力不变故B错误C、A对B的压力等于B对A的支持力，N=mAg+qvB=mAg+qBat，N与t成一次函数关系故C正确D、对整体分析，地面的支持力N=（mA+mB）g+qBat，压力与时间成一次函数关系故D正确故选CD点评：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，以及注意整体法和隔离法的运用9（4分
14、）如图所示，在真空中一个光滑的绝缘的水平面上，有直径相同的两个金属球A、C质量mA=0.01kg，mC=0.005kg静止在磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中的C球带正电，电量qC=1102 C在磁场外的不带电的A球以速度v0=20m/s进入磁场中与C球发生正碰后，C球对水平面压力恰好为零，设向右为正，则碰后A球的速度为（）A10 m/sB5 m/sC15 m/sD20 m/s考点：动量守恒定律；带电粒子在匀强磁场中的运动分析：A和C碰撞前后动量守恒，且碰后两球均分电荷，都将受到洛伦兹力，由左手定则判断洛伦兹力的方向解答：解：设A球初速度方向为正方向，设碰后A、C速度为vA和vC，由动量守恒得
15、，mAv0=mAvA+mCvC碰后，两球平均分配电荷，C球对水平面压力恰好为零，则有：mCg=BqvC由代入数据得，vA=10m/s故选A点评：抓住碰撞前后动量守恒，且碰后两球均带点，都受洛伦兹力，同时注意挖掘隐含条件10（4分）（2010沈阳二模）如图所示，L1和L2为两条平行的虚线，L1上方和L2下方都是垂直纸面向外的磁感应强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L1上带电粒子从A点以初速V斜向下与L1成45角射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向下，且方向与A点方向相同不计重力影响，下列说法中正确的是（）A该粒子一定带正电B该粒子一定带负电C若将带电粒子在A点时初速度变大（方向不
16、变），它仍能经过B点D若将带电粒子在A点时初速度变小（方向不变），它不能经过B点考点：带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：画出粒子可能的轨迹，由左手定则判断粒子的电性根据轨迹，分析可知将带电粒子在A点时的初速度变大（方向不变），它仍能经过B点解答：解：A、B画出粒子可能的轨迹如图，由左手定则判断可知，沿轨迹1运动的粒子带正电，沿轨迹2运动的粒子带负故AB均错误C、D粒子运动的对称性可知，若将带电粒子在A点时的初速度变大（方向不变），带电粒子经过两个磁场偏转后，仍能经过B点故C正确，D错误故选：C点评：解决本题的关键作出粒子的运动轨迹图，抓住粒子运动的对称性，分析带电
17、粒子经过磁场偏转后能否经过B点二、填空题（本题共3小题，共计18分）11（4分）某同学研究小车在斜面上的运动，用打点计时器记录了小车做匀变速直线运动的位移，得到一段纸带如图所示在纸带上选取几个相邻计数点A、B、C、D，相邻计数点间的时间间隔均为T，B、C和D各点到A的距离为s1、s2和s3由此可算出小车运动的加速度大小a=，打点计时器在打C点时，小车的速度大小vc=（用已知的物理量符号表示）考点：打点计时器系列实验中纸带的处理专题：实验题分析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度解答：解：根据运动学公式得：
18、x=at2，a=利用匀变速直线运动的推论得：vC=故答案为：，点评：知道运用平均速度代替瞬时速度的思想知道相邻的计数点之间的时间间隔相等12（6分）灵敏电流计的内阻是Rg=200，满偏电流是Ig=1mA，要把这个电流表改装成量程为6.0V的电压表，应串联（填“串联”或“并联”）一个阻值为5800的电阻，改装电压表的内阻为6000考点：把电流表改装成电压表专题：实验题；恒定电流专题分析：电流表改装成电压表要串联电阻分压，串联的阻值为R=Rg，U为改装后的量程解答：解：把电流表改装成电压表，要串联一个分电阻，分压电阻阻值：R=Rg=200=5800，电压表内阻：RV=R+Rg=5800+200=6
19、000；故答案为：串联，5800，6000点评：考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，应用欧姆定律与串联电路特点即可正确解题13（8分）已知一小量程电流表的内阻Rg为200欧姆，满偏电流Ig为2mA现在用如图电路将其改装为量程为0.1A和1A的双量程电流表（1）当用哪两个接线柱时为0.1A的量程？答：a、c（2）当用哪两个接线柱时为1A的量程？答：a、b（3）定值电阻R1=0.41，R2=3.7 （保留两位有效数字）考点：把电流表改装成电压表专题：实验题分析：把电流计改装成电流表需要并联一个分流电阻，分析图示电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律答题解答：解：（1）电流表量程越小，并联
20、电阻阻值越大，由图示可知，电流表量程为0.1A时，接a、c两个接线柱（2）电流表量程越大，并联的分流电阻越小，由图示可知，电流表量程为1A时，接a、b两个接线柱（3）由图示电路图可知，R1+R2=，R1=，代入数据解得：R1=0.41，R2=3.7故答案为：（1）a、c；（2）a、b；（3）0.41；3.7点评：本题考查了电流表的改装，知道电流表的改装原理、分析清楚电路结构，应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题三、解答题（共4小题，满分42分）14（6分）一物体在与初速度相反的恒力作用下作匀减速直线运动，v0=20m/s，加速度大小为5m/s2，求：（1）物体经过多长时间回到出发点？（2）
21、由开始运动算起，求6s末物体的速度考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：在整个运动的过程中，物体的加速度不变，结合位移时间公式和速度时间公式进行求解解答：解：选初速度方向为正方向；v0=20m/s，a=5m/s2 （1）由知：t=8s或 t=0s（舍去） （2）由vt=v0+at知：vt=20+（5）6=10m/s6s末的速度大小为10m/s，方向水平向左 答：（1）物体经过8s回到出发点（2）6s末物体的速度大小为10m/s，方向水平向左点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，注意公式的矢量性15（12
22、分）一个质量m=10kg的静止物体与水平地面间滑动摩擦系数=0.5，受到一个大小为100N与水平方向成=37的斜向上拉力作用而运动，假设拉力作用的时间为t=1s（ g取10m/s2已知sin53=0.8，cos53=0.6）（1）求1s内拉力做的功；（2）求1s内摩擦力做的功；（3）求1s内合外力做的功考点：牛顿第二定律；滑动摩擦力专题：牛顿运动定律综合专题分析：对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，从而由位移公式求出位移，利用W=FScos计算各力做的功解答：解：（1）由受力分析知：FN=GFsin37=1001000.6=40N 由摩擦力公式得：Ff=FN=0.540=20N 由牛顿
23、第二定律：F合=Fcos37Ff=ma 解得：a=6m/s2由位移公式可得x=3m 故1s内拉力做的功：WF=Fxcos37=10030.8=240J （2）WFf=Ffx cos180=203（1）=60J （3）W合=F合x=max=1063=180J 答：（1）1s内拉力做的功为240J；（2）1s内摩擦力做的功为60J；（3）1s内合外力做的功为180J点评：本题关键是对物体正确的受力分析，根据牛顿第二定律求出加速度，从而根据位移公式求出位移，利用W=FScos计算功16（12分）如图所示，在竖直平面内有一条圆弧形轨道AB，其半径为R=1.0m，B点的切线方向恰好为水平方向一个质量为m
24、=2.0kg的小滑块，从轨道顶端A点由静止开始沿轨道下滑，到达轨道末端B点时的速度为v=4.0m/s，然后做平抛运动，落到地面上的C点若轨道B端距地面的高度h=5.0m（不计空气阻力，取g=10m/s2），求：（1）小滑块在AB轨道克服阻力做的功；（2）小滑块落地时的动能考点：动能定理的应用；机械能守恒定律专题：计算题分析：（1）小滑块从A运动至B过程中，重力做正功，摩擦力做负功，支持力不做功，可根据动能定理列式求解；（2）小滑块由B运动到C过程，只有重力做功，机械能守恒，可有机械能守恒定律列式求解；也可用动能定理列式求解；还可以有平抛运动知识求出末速度后求解解答：解：（1）设小滑块在AB轨道
25、上克服阻力做功为W，对于从A至B过程，根据动能定理得代入数据解得 W=4 J即小滑块在AB轨道克服阻力做的功为4J（2）设小滑块落地时的动能为Ek，取地面为零重力势能参照考面，由于平抛过程中只有重力做功，故根据机械能守恒定律得代入数据解得 Ek=116 J即小滑块落地时的动能为116J点评：小球的运动分为两个过程，分析清楚两个过程中各个力做功的情况后，可以用动能定理列式求解，同时要注意能用机械能守恒定律求解的问题都能用动能定理求解！17（12分）如图所示，在xOy平面内的第III象限中有沿y方向的匀强电场，场强大小为E只第I和第II象限有匀强磁场，磁场方向垂直于坐标平面向里，有一质量为m，电荷
26、量为e的电子，从y轴的P点以初速度v0垂直于电场方向进入电场，P点坐标为，经电场偏转后，与x轴负半轴成一定角度进入磁场，设磁感应强度B的大小为求：（1）电子经过x轴负半轴的坐标和此时速度方向与x轴方向的夹角；（2）电子再次经过y轴负半轴的坐标考点：带电粒子在匀强电场中的运动；带电粒子在匀强磁场中的运动专题：带电粒子在磁场中的运动专题分析：电子进入第三象限，在电场力作用上做类平抛运动，根据处理平抛的方法，把运动分解成Y轴方向的初速度为0的匀加速直线运动和x轴方向的匀速直线运动，求电子在射出电场时的位移和速度；电子进入磁场后做匀速圆周运动，根据圆周运动知识可以求出电子进入第四象限时的速度和方向，电
27、子在第四象限中做匀速直线运动，根据运动知识可以求出电子再次经过y轴负半轴的坐标解答：解：（1）电子在电场做类平抛运动，加速度为令，则时间为电子经过x轴负半轴的坐标由故速度方向与x轴方向成45（2）电子进入磁场速度应为，进入磁场方向与x轴负方向成45进入磁场所作圆周运动半径如图，由几何关系可知三角形OAB为等边直角三角形，令轨迹与x轴两交点间距离为AB，已知半径R=由等边直角三角形可知由（1）问中知|OA|=2y0如图，由对称性要知：电子接着从B点射出磁场时，速度方向与x轴负方向成45角，电子做匀速直线运动当电子经过y轴的负半轴时，可知|OB|=|OP|即P点坐标为（0，y0）即坐标为（0，）故再次经过y轴的坐标为，即与P点重合答：（1）电子经过x轴负半轴的坐标为（，0）和此时速度方向与x轴方向的夹角为45；（2）电子再次经过y轴负半轴的坐标（0，）点评：熟悉类平抛运动的处理方式，把平抛运动分解成相互垂直方向的匀速直线运动和初速度为0的匀加速直线运动，通过分运动的处理得到合运动的性质主要考查类平抛运动和在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动的性质