1、四川省叙州区第二中学2019-2020学年高一物理下学期期末模拟考试试题（含解析）注意事项：1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。 3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折叠、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。6.考试时间：150分钟；物理化学生物同堂分卷考试，物理100分，化学100分，生物100分第I卷 选择题（48分）一、单选题（每小题4分，共12个小题，共48分；其中
2、1-9题为单选题，10-12题多选题，少选得2分，多选错选得0分。）1.关于功率，下列说法正确的是()A. 功率是描述力对物体做功多少的物理量B. 力做功时间越长，力的功率一定越小C. 力对物体做功越快，力的功率一定越大D. 力对物体做功越多，力的功率就越大【答案】C【解析】A、功率是反映做功快慢的物理量，故A错误；B、做功的时间越长，功率不一定小，故B错误；C、功率是反映做功快慢的物理量，力对物体做功越快，功率越大，故C正确；D、根据知，力做功越多，功率不一定大，故D错误点睛：解决本题的关键知道功率的物理意义，知道功率大，做功快；做功多，功率不一定大2.某赛车在逆时针减速转弯，图示为转弯轨迹
3、，则该车所受的合外力的示意图可能为( )A. B. C. D. 【答案】C【解析】做曲线运动的物体，合外力的方向总指向曲线运动的凹侧，又由于减速运动，故外力的方向与速度方向的夹角大于90，故C正确，ABD错误；故选C【点睛】考查了曲线运动的条件的应用，即合外力与速度之间的关系不在一条直线上，物体就会做曲线运动，合外力的方向总指向曲线运动的凹侧3.质量为2kg的质点在平面上做曲线运动，在方向的速度图象和方向的位移图象如图所示，下列说法正确的是（ ）A. 质点的初速度大小为5 m/sB. 2s末质点速度大小为6 m/sC. 质点做曲线运动的加速度大小为2 m/s2D. 质点初速度的方向与合外力方向
4、垂直【答案】A【解析】【详解】A、由x方向的速度图象可知，在x方向初速度的，加速度为，受力，由y方向的位移图象可知在y方向做匀速直线运动，速度为，受力，因此质点的初速度为，故A正确，C错误；B、末质点速度应该为，故B错误；D、合外力方向在x轴方向上，所以质点初速度方向与合外力方向不垂直，故D错误4.质量为m的小球，从离地面h高处以初速度v0竖直上抛，小球上升到最高点时离抛出点距离为H，若选取最高点为零势能面，不计空气阻力，则( )A. 小球在抛出点(刚抛出时)的机械能为零B. 小球落回抛出点时的机械能mgHC. 小球落到地面时动能为D. 小球落到地面时的重力势能为mgh【答案】A【解析】【详解
5、】ABD项：选取最高点位置为零势能参考位置，小球上升到最高点时，动能为0，势能也为0，所以在最高点的机械能为0，在小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，故任意位置的机械能都为0，所以小球落回到抛出点时的机械能是0，故A正确，B错误，D错误；C项：从抛出点到落地过程中，只有重力做功，由动能定理得：，解得，落地时的动能，故C错误【点睛】本题关键抓住小球机械能守恒，在空间任意一点的机械能都相等，故可以用空间任意一点的机械能表示5.A、B两颗卫星都绕地球做匀速圆周运动，已知卫星A的运周期小于卫星B的运行周期，则下列说法正确的是A. 卫星A的轨道半径大于卫星B的轨道半径B. 卫星A的运行速度小于卫星B
6、的运行速度C. 卫星A的向心加速度大于卫星B的向心加速度D. 卫星A所需的向心力大于卫星B所需的向心力【答案】C【解析】【详解】A.两卫星均由万有引力提供向心力，解得轨道半径，卫星A的周期小，则轨道半径小，故A错误.B.根据，卫星A的轨道半径小，则运行速度大，故B错误.C.根据万有引力定律可知，向心加速度，卫星A的轨道半径小，则A的向心加速度大，故C正确.D.两卫星的质量m未知，则向心力，大小无法比较，故D错误.6.如图所示，两个靠摩擦传动(不打滑)的轮P和Q水平放置，A、B二个物块如图放置，已知两轮半径Rp:RQ2:1，A、B物块距转轴距离rA：rB=1:1.且mA：mB1:2.当主动轮P匀
7、速转动时，两物块与圆盘均保持相对静止，则A. A、B二个物块的角速度之比为1:1B. A、B二个物块的线速度之比为1:1C. A、B二个物块的加速度之比为1:4D. A、B二个物块所受的静摩擦力之比为1:4【答案】C【解析】【详解】A.因为靠摩擦传动轮子边缘上点的线速度大小相等，所以vP=vQ，Rp：RQ=2：1，根据v=r知，A：B=1：2；故A错误.B.A、B两点的半径大小相等，根据v=r知，vA：vB=A：B=1：2；故B错误.C.根据向心加速度的公式：a=v，A、B两点的角速度A：B=1：2，线速度vA：vB=1：2则aA：aB=1：4；故C正确.D.因aA：aB=1：4，mA：mB=
8、1：2根据牛顿第二定律：f=ma，可知二个物块所受的静摩擦力之比为1：8；故D错误.7.某船要渡过60m宽的河，船渡河的最短时间是12s；若船沿垂直河岸的直线到达正对岸，渡河时间是15s，则船在静水中的速率v1及河水的流速v分别为A. v1=5 m/s v2=4m/sB. v1=5 m/s v2=3m/sC. v1=4 m/s v2=5m/sD. v1=4m/s v2=3m/s【答案】B【解析】【详解】CD.当以最短时间渡河时，船头指向正对岸，则渡河时间为：，所以船在静水中的速度为：；故C，D均错误.AB.当船垂直河岸到达正对岸时，即合速度垂直河岸，渡河时间为：，代入数据为：，解得:v2=3m
9、/s.故A错误，B正确.8.质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程的速度图像如图所示，0t1段为直线，从t1时刻起汽车保持额定功率不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f.则A. 0t1时间内，汽车的牵引力等于B. t1t2时间内，汽车所受的牵引力为恒力C. t1t2时间内，汽车发动机的功率等于fv1D. t1t2时间内，汽车发动机做的功等于fv1(t2-t1)【答案】A【解析】【详解】A.0t1时间内，汽车做匀加速直线运动，加速度，根据牛顿第二定律得，解得牵引力；故A正确.B.从t1时刻起汽车功率保持不变，可知汽车在t1t2时间内的功率等于t2以后的功率，根据F-f=ma，P=Fv可知，加速
10、度逐渐减小，牵引力逐渐减小，故B错误.CD.汽车的额定功率，牵引力做功为 ；或利用汽车匀速时，可得汽车的额定功率为，牵引力做功为；故C，D错误.9.如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上其正上方A位置有一只小球小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零在小球下降阶段下列说法中正确的是 ( )A. 在B位置小球动能最大.B. 在C位置小球加速度最大.C. 从AC位置小球重力势能的减少等于小球动能的增加.D. 从AD位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加.【答案】D【解析】【详解】A小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小
11、球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故C点动能最大，故A错误；B小球从B至C过程加速度向下减小，从C到D的过程中加速度向上增加，C点加速度为零，故B错误；C小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从AC位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和，故C错误；D小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从AD位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D正确。故选D10.如图所示，质量为M、长度为L的木板静止在光滑的水平面上，质量为m的物块（视为质点）放在木板的最左端，物块和木板之间的动摩擦因数，现用一水平恒
12、力F作用在物块上，使物块从静止开始做匀加速直线运动，当木板运动的位移为x时，物块刚好滑到木板的最右端，在这一过程中（ ）A. 物块到达木板最右端时木板的动能为B. 摩擦力对物块及木板做功的代数和为零C. 物块和木板增加的机械能为D. 物块和木板间因摩擦产生的热量为【答案】AD【解析】【详解】A. 物块到达木板最右端时, 木板运动的位移为x时，由动能定理故A正确；B. 因为物块与木板的位移不相等，有摩擦生热，所以摩擦力对物块及木板做功的代数和不为零，故B错误C. 外力做功转化为物块和木板机械能的增加量与因摩擦产生的内能之和，所以物块和木板增加的机械能为故C错误；D. 物块和木板间因摩擦产生的热量
13、为故D正确11.如图所示，长为L的轻杆一端固定一个质量为m的小球，另一端可绕固定轴O转动，已知小球通过最高点P时速度为，不计一切阻力，则（ ） A. 在最高点P轻杆受到小球对它的向下的弹力B. 小球在最低点Q受到轻杆对它的弹力大小为C. 小球在最低点Q和最高点P，轻杆中的弹力大小之差为5mgD. 小球要到达最高点P点，最低点Q点最小的速度为【答案】AC【解析】【详解】A. 向心力 ，由于向心力小于小球重力mg，所以小球在最高点P受到向上的弹力，根据牛顿第三定律：轻杆受到小球对它的向下的弹力，故A正确B. 小球从P到Q的过程，根据动能定理得： ，解得： ，则小球在Q点向心力为 ，对于Q点的小球：
14、 解得： 所以：小球在最低点Q受到轻杆对它的弹力大小为，故B错误C. 在P点： ，解得： ， 所以小球在最低点Q和最高点P，轻杆中的弹力大小之差为5mg，故C正确D. 小球要恰好到达最高点P点速度为零，根据动能定理得：，解得：，故D错误12.“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面200km的P点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道绕月飞行，如图所示之后卫星在P点又经过两次变轨，最后在距月球表面200km的圆形轨道上绕月球做匀速圆周运动，对此下列说法正确的是（ ） A. 卫星在轨道上运动的速度大于月球的第一宇宙速度B. 卫星沿轨道运动到P点时要点火减速才能到达轨道C. 卫
15、星在轨道上运动到P点的加速度小于沿轨道运动到P点的加速度D. 、三种轨道运行相比较，卫星在轨道上运行的机械能最小【答案】BD【解析】【详解】A. 根据 可知，因为近地轨道半径小于轨道上运动的半径，所以卫星在轨道上运动的速度小于月球的第一宇宙速度，A错误B. 卫星沿轨道运动到P点时要点火减速，近心运动才能到达轨道，B正确C. 根据可知，卫星在轨道上运动到P点的加速度等于沿轨道运动到P点的加速度，C错误D. 从轨道I至II到III的过程中，每次经过P点，均需“制动”减速做近心运动进入低轨道，则卫星在轨道上运行的机械能最小，D正确第II卷 非选择题二、实验题13.在“探究加速度与力、质量的关系”的实
16、验中,某学习小组在实验室组装了如图的装置外,还备有下列器材：打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、天平、细沙他们称量滑块的质量为M、沙和小桶的总质量为m当滑块连接上纸带,用细线通过滑轮挂上空的小桶时,滑块处于静止状态要完成该实验,则：（1）还缺少的实验器材是_ （2）实验时为保证滑块受到的合力与沙、小桶的总重力大小基本相等,沙和小桶的总质量应满足的实验条件是_ ；实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先要做的步骤是_ 【答案】 (1). 刻度尺 (2). 沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量 (3). 平衡摩擦力【解析】【分析】由题中“探究加速度与力、质量的关系”可知，本题考查牛肚第二定律
17、中加速度与力、质量的关系实验，根据实验原理和实验步骤可分析本题【详解】（1）1因为需要通过打点计时器的纸带数据求解加速度，因此还需要的器材是刻度尺；（2）2根据牛顿第二定律可知，当沙和沙桶的总质量远小于滑块质量时，绳子的拉力才能近似等于沙和沙桶的重力，所以沙和沙桶应该满足的条件是：沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量3 实验时为保证细线拉力等于滑块所受的合外力,首先需要做的是平衡摩擦力14.(1)某同学用如图所示的装置做“验证机械能守恒定律”实验，已有重锤、铁架台、导线、铁夹、纸带、打点计时器、电源，还需要的器材是_(2)实验中打点计时器接周期为T的交流电源，该同学得到的一条理想纸带如图所示，O点
18、对应重物做自由落体运动的初始位置，从合适位置开始选取的三个连续点A，B，C到O点的距离如图所示，已知重物的质量为m，重力加速度为g则从打下点到B点的过程中，重物增加的动能为_(表达式用已知物理量的字母表示)(3)若代入实验数值计算发现重力势能的减少量E略大于动能的增加量Ek，这是因为_(4)该同学继续根据纸带算出各点的速度v，量出对应的下落距离h，以v2为纵轴，以h为横轴画出图象，应是下图中的_(填选项的字母)【答案】 (1). 刻度尺 (2). (3). 存在阻力，有机械能损失 (4). C【解析】【详解】第一空.打点计时器就是测量时间的器材，所以不需要秒表，验证动能的增加量和重力势能的减小
19、量是否相等，由于两边都有质量，可以约去，所以不需要天平测量物体的质量，也不需要弹簧秤在实验中需测量点迹间的距离取求解下降的高度和瞬时速度，所以需要刻度尺.第二空.从点O到打下计数点B的过程中，动能的增加量为，又，解得：.第三空.重力势能的减少量转化为增加的动能和其它损失的能，这是因为存在阻力的影响，阻力做负功导致机械能有部分损失.第四空.从O到某点，机械能守恒的表达式为，即验证的等式为：v2=2gh，可知图象为过原点的倾斜直线；故填C.三、解答题15.某人在离地高H=16.8 m的屋顶将手伸出屋檐，以初速度v0 = 8 m/s竖直向上抛出一小球，它抛出以后运动的过程中，忽略阻力，g=10m/s
20、2)求：小球抛出后离地的最大高度；小球经多长时间落到地上？【答案】(1) (2) 【解析】【详解】(1)以初速度方向为正方向，小球作竖直上抛运动，令抛出后上升最大高度为h，据速度位移关系式： ，得 ，所以小球上升最大高度为： (2)上升的时间为，下降的时间为，解得： ，运动总时间： 16.汽车发动机的额定功率为40kW，质量为2000kg，当汽车在水平路面上行驶时受到阻力为车重的0.1倍，求：(1) 汽车在路面上能达到的最大速度(2) 若汽车以额定功率启动，当速度为10m/s时的加速度? (3）若汽车从静止开始保持1m/s2的加速度作匀加速直线运动，则这一过程能持续多长时间？(4) 在第（3）
21、种情况下，汽车从开始运动到停止加速所用的总时间为25s，则汽车经过的总路程多大？【答案】（1）20m/s；（2）1m/s2；（3）10s；（4）200m【解析】【详解】（1）当汽车的加速度为零时，汽车速度达到最大速度，汽车在路面上能达到的最大速度为（2)当速度v=10m/s时，则牵引力根据牛顿第二定律得：联立以上并代入数据可得：a=1m/s2 （3）若汽车从静止开始做匀加速直线运动，当达到额定功率时，匀加速阶段结束由牛顿第二定律得解得匀加速阶段的牵引力匀加速运动的末速度则匀加速运动的时间（4）在第（3）种情况下匀加速运动的位移之后做加速度逐渐减小的加速运动，经过时间t2=t-t1=15s直到达
22、到最大速度vm，由动能定理得解得x2=150m综上汽车经过总路程17.如图所示，AB为倾角37的斜面轨道，轨道的AC部分光滑，CB部分粗糙BP为圆心角等于143，半径R=1m的竖直光滑圆弧形轨道，两轨道相切于B点，P、O两点在同一竖直线上一轻弹簧一端固定在A点，另一自由端在斜面上C点处，现将一质量m = 2kg的物块缓慢压缩弹簧到D点（不栓接），且CD的距离为x0=1m，此时弹簧具有的弹性势能为EP=156J现从D点释放物块，物块在CB段匀减速运动过程中的加速度大小为a=8 m/s2，物块第一次经过B点后恰能到达P点(g取10m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8)求：（1）物块
23、第一次通过C点的速度大小vc和第一次到达P点的速度大小vp；（2）斜面轨道上B、C两点间的距离x；（3）若在P处安装一个竖直弹性挡板，小物块与挡板碰撞后速度反向，速度大小不变，小物块与弹簧相互作用不损失机械能，试通过计算判断物块在第一次与挡板碰撞后的运动过程中是否会脱离轨道？【答案】（1）；（2） （3）不会脱离轨道【解析】【详解】（1）物块从D运动到C的过程由机械能守恒有： 解得：；物块在P点的速度满足： 解得：（2）物块从B运动到P的过程中机械能守恒，则有： 解得： 物块从C运动到B的过程中 由以上各式解得（3）设物块与斜面间动摩擦因数为 ，由牛顿第二定律得 代入数据解得假设物块第一次从圆弧轨道返回并与弹簧相互作用后，能够回到与O点等高的位置Q点，且设其速度为 ，由动能定理得 解得 可见物块返回后不能到达Q点，故物块在以后的运动过程中不会脱离轨道