1、江苏、河南、湖南、四川、宁夏、海南等六地区的试卷投稿，请联系QQ：23553 94698。高考资源网2013-2014学年第一学期期末调研测试试题高 二 物 理（选修）考试时间100分钟，满分120分说明：单项选择题第1、2题和多项选择题第6题可换，保持原知识点及答案。第卷（选择题 共31分）一单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分每小题只有一个选项符合题意将正确选项填涂在答题卡上相应位置1在物理学发展过程中，许多物理学家做出了杰出贡献，下列说法中错误的是A. 奥斯特发现了电流的磁效应B安培首先总结了电路中电流与电压和电阻的关系C洛仑兹发现了磁场对运动电荷的作用规律 D法拉第发现了磁能
2、产生电【答案】BA、奥斯特发现了电流周围存在磁场，即电流的磁效应，故A正确；B、欧姆首先总结了电路中电流与电压和电阻的关系，这个关系成为欧姆定律故B错误；C、洛仑兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，故C正确；D、法拉第发现了磁能产生电，故D正确。故选B。【考点】物理学史2如图所示的下列实验中，有感应电流产生的是 【答案】DA、导线通电后其下方小磁针偏转，是说明电流的周围存在磁场的实验，没有感应电流，故A错误；B、闭合圆环在无限大匀强磁场中加速运动，磁通量没有变化，不能产生感应电流，故B错误；C、该图中的导线是含有电源的闭合回路的一部分，导线在磁场中产生安培力而产生运动，所以不存在感应电流，故C错
3、误；D、闭合回路中的金属杆切割磁感线运动，能够产生感应电流，故D正确。故选D。【考点】感应电流的产生3如图所示的通电螺线管，在其轴线上有一条足够长的直线ab用磁传感器测量ab上各点的磁感应强度B，在计算机屏幕上显示的大致图象是 【答案】C通电螺线管的磁场分布相当于条形磁铁，因此根据磁感线的分布，再由磁感线的疏密程度来确定磁感应强度的大小可知，由于足够长的直线ab，即ab线段的长度大于通电螺线管的长度，由条形磁铁磁感线的分布：磁感线越密，则磁场越强，相反则越弱，可知C正确。故选C。【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向4如图所示，有一电荷静止于电容器两极板间，电源内阻不可忽略，现将滑动变阻器
4、滑片向上移动少许，稳定后三个灯泡依然能够发光，则下列说法中正确的是A小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B该电荷一定带正电C电容器C上电荷量减小D电流表始终存在从左向右的电流【答案】AA、当滑动变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器的阻值增大，外电路中并联部分的总电阻增大，外电路中总电阻增大，再根据闭合电路欧姆定律得知：总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，通过L2的电流也增大，所以L2灯变亮；根据总电流减小，而L2的电流增大，则知通过L1的电流减小，L1、L3变暗，故A正确；BCD、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知电容器上极板带正电，板间场强方向向下，由平衡条件分析可知，该电荷所受的电场
5、力向上，与场强方向相反，所以该电荷带负电；根据电容器的电压等于R与L3串联的总电压，路端电压增大，L1的电压减小，所以电容器的电压增大，其电量将增加，在充电过程中电流表有从左向右的电流，当滑片停止移动时，电容器不再充电，没有电流通过电流表，故BCD错误。故选A。【考点】闭合电路的欧姆定律；电容5如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场，三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c，以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是 A三个粒子都带正电荷 Bc粒子速率最小Cc粒子在磁场中运动时间最短 D它们做圆周运动的周期Ta =Tb =T
6、c【答案】BA、三个带电粒子均向上偏转，射入磁场时所受的洛伦兹力均向上，根据左手定则判断得知：三个粒子都带正电荷，故A正确；B、粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向心力，根据，可得：，则可知三个带电粒子的质量、电荷量相同，在同一个磁场中，当速度越大时、轨道半径越大，则由图知，a粒子的轨迹半径最小，c粒子的轨迹半径最大，则a粒子速率最小，c粒子速率最大，故B错误；CD、三个带电粒子的质量和电荷量都相同，由粒子运动的周期及，是粒子轨迹对应的圆心角，也等于速度的偏转角，可知，三粒子运动的周期相同，即，由图知，a在磁场中运动的偏转角最大，运动的时间最长，c在磁场中运动的偏转角最小，c粒子在磁
7、场中运动时间最短，故CD正确。故选B。【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分61930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A带电粒子由加速器的中心附近进入加速器B带电粒子由加速器的边缘进入加速器C电场使带电粒子加速，磁场使带电粒子旋转D离子从D形盒射出时的动能与加速电场的电压无关【答案】ACDAB、要加速次数最多最终能量最大，则被加速离子只能由加速器的中心附近进
8、入加速器，而从边缘离开加速器，故A正确B错误；C、电场中电场力对粒子做正功，磁场中洛仑兹力不做功，故C正确；D、离子从D形盒射出时的动能与加速器的半径有关，故D正确。故选ACD。【考点】回旋加速器的工作原理7在一水平通电直导线的正下方，有一半圆形光滑圆弧轨道，一导体圆环自轨道左侧的A点无初速度释放，则下列说法中正确的是A圆环中有感应电流产生B圆环能滑到轨道右侧与A点等高处CC圆环最终停在轨道的最低点BD圆环运动过程中机械能守恒【答案】ACA、水平通电导线周围有磁场，且离导线越远磁场强度越小，在圆环下落过程中，通过圆环的磁通量变小故有感应电流产生，故A正确；B、因为圆环在上滑的过程中，有感应电流
9、，对整个过程由能量守恒定律得，重力势能转化为电能，故不能上升到右侧与C点等高处，故B错误；C、由于小环运动的范围内，各处的磁场强度不同，所以小环运动的过程中机械能不断转化为电能，故小球的机械能会越来越小，最终停在最低点B，故C正确；D、整个过程重力势能转化为电能，机械能不守恒，故D错误；故选AC。【考点】感应电流的产生条件；通电直导线和通电线圈周围磁场的方向8如图所示，一直流电动机与阻值R9 的电阻串联在电源上，电源电动势E30 V，内阻r1 ，用理想电压表测出电动机两端电压U10 V，已知电动机线圈电阻RM1 ，则下列说法中正确的是 A通过电动机的电流为10 AB通过电动机的电流小于10 A
10、C电动机的输出功率大于16 WD电动机的输出功率为16 W【答案】BDA、B、根据闭合电路欧姆定律，有：解得：，故B正确；C、D、电动机的输出功率：，故D正确；故选BD。【考点】电功；电功率9如图所示的电路中，三个灯泡L1、L2、L3的电阻关系为R1=R2=R3，电感L的电阻可忽略，D为理想二极管（正向导通时电阻忽略不计）下列说法中正确的是 A开关S闭合瞬间，L1、L2、L3均立即变亮，然后逐渐变暗B开关S闭合瞬间，L1逐渐变亮，L2、L3均立即变亮，后亮度稍有下降，稳定后L2、L3亮度相同C开关S从闭合状态突然断开时，L2立即熄灭，L1、L3均逐渐变暗D开关S从闭合状态突然断开时，L1、L2
11、、L3均先变亮，然后逐渐变暗【答案】BCAB、闭合开关S瞬间，因二极管来说具有单向导电性，所以L1与二极管处于通路，导致灯泡L2立刻亮，而在闭合开关S瞬间，因线圈L的电流的变化，导致阻碍灯泡L1的电流增大，导致灯泡L1将慢慢变亮，L2、L3均立即变亮，后亮度稍有下降，稳定后L2、L3亮度相同，故A错误B正确；CD、断开S的瞬间，因二极管的导通方向与电流方向相反，则L2立即熄灭，线圈L与灯泡L1、L3构成回路，因线圈产生感应电动势，所以灯泡L1、L3均将由亮变暗，故C正确D错误；故选BC。【考点】自感现象和自感系数第卷（非选择题 共89分）三简答题： 本题共2小题，共26分把答案填在答卷纸相应的
12、位置或按要求作答10（12分）（1）下图为一正在测量电阻中的多用电表表盘和用测量圆柱体直径d的螺旋测微器，如果多用表选用100挡，则其阻值为 、圆柱体直径为 mm （2）如图a所示，是用伏安法测电源电动势和内阻的实验电路图，为防止短路，接入一保护电阻R0，其阻值为2通过改变滑动变阻器，得到几组电表的实验数据，并作出如图b所示的U-I图象： 根据U-I图象，可知电源电动势E= V，内阻r = 本实验测出的电源的电动势与真实值相比是 （填“偏大”、“偏小”或“不变”）【答案】（1）1400 1.7031.706 （2）1.5V 1.0 偏小 （1）欧姆表读数：读数倍率1410014000；螺旋测微
13、器整数（1.5mm）精度（0.01mm）格数（20.4）1.704mm（2）由图b所示图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，电源电动势E=1.5V；电源内阻；由于电压表分流，使所测电源电动势小于真实值。【考点】用多用电表测电阻；伏安法测电阻11（14分）影响材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减小某学校研究小组需要研究某种材料的导电规律，他们用这种材料制作成电阻较小的元件P，测量元件P中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律（1）图a是他们按设计好的电路连接的部分实物图，请添加两根导线，使电路完整（2）改变滑动变阻器
14、的阻值，记录两电表的读数根据表中数据，在图b中画出元件P的I-U图象，并判断元件P是金属材料还是半导体材料?答： （3）若可供选择的滑动变阻器有R1（最大阻值2，额定电流为0.3A）、R2（最大阻值10，额定电流为1A），则本实验应该选用滑动变阻器 （填器材前的编号）（4）把元件P接入如图c所示的电路中，已知定值电阻R阻值为4，电源电动势为2V，内阻不计，则该元件实际消耗的电功率为 W【答案】（1）如图所示 （2）如图所示 半导体材料（3）R2 （4）0.25（0.230.27均算对）（1）由于实验要求电压从零调，所以变阻器应是分压式接法；由于待测元件的电阻较小，满足，所以电流表应用外接法，连
15、线图如图所示：（2）元件的I-U图象如图所示：由，可知，元件的电阻大小与图线上各点与原点连线的斜率大小乘正比，表示元件的电阻大小随温度的升高而减小，可判定元件P材料是半导体材料；（3）由于电压要求从零调，所以变阻器应是分压式接法，应选择阻值小的变阻器R2，以方便调节（4）在表示元件P的I-U图象中同时作出表示电源的I-U图象，如下图所示，读出两图线的交点坐标为：I=0.24A，U=1.0V；所以元件P消耗的功率为：P=UI=1.00.24W=0.24W（0.230.25都对）。【考点】测定金属的电阻率四论述和计算题：本题共4小题，共63分. 解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤只写出
16、最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位12（15分）如图所示，在水平面内固定一光滑“U”型导轨，导轨间距L=1m，整个装置处在竖直向下的匀强磁场中，磁感强度B=0.5T一导体棒以v0=2m/s的速度向右切割匀强磁场，导体棒在回路中的电阻r=0.3，定值电阻R=0.2，其余电阻忽略不计求：（1）回路中产生的感应电动势；（2）R上消耗的电功率；（3）若在导体棒上施加一外力F，使导体棒保持匀速直线运动，求力F的大小和方向【答案】 方向水平向右（1）回路中产生的感应电动势，代入数据解得（2）电路中的电流R上消耗的电功率（3）使导线保持匀速直线运动，外力F应等于导体棒所受的安培力
17、。力F的大小，力F的大小的方向水平向右。【考点】法拉第电磁感应定律；欧姆定律；安培力13（15分）如图所示，一正方形线圈从某一高度自由下落，恰好匀速进入其下方的匀强磁场区域已知正方形线圈质量为m，边长为L，电阻为R，匀强磁场的磁感应强度为B，高度为2L，求： （1）线圈进入磁场时回路产生的感应电流I1的大小和方向；（2）线圈离开磁场过程中通过横截面的电荷量q；（3）线圈下边缘刚离开磁场时线圈的速度v的大小【答案】 逆时针 （1）线圈进入磁场时匀速，有且，所以；方向：逆时针（2）在线圈离开磁场的过程中：又，所以：（3）线圈刚进入磁场时：，而：所以，线圈刚进入磁场时的速度从线圈完全进入磁场到线圈下
18、边缘刚离开磁场的过程中，线圈做匀加速运动所以：，得：【考点】共点力平衡；法拉第电磁感应定律；匀变速直线运动规律14（16分）如图所示，有一对平行金属板，两板相距为0.05m电压为10V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0=0.1T，方向与金属板面平行并垂直于纸面向里图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为，方向垂直于纸面向里一正离子沿平行于金属板面，从A点垂直于磁场的方向射入平行金属板之间，沿直线射出平行金属板之间的区域，并沿直径CD方向射入圆形磁场区域，最后从圆形区域边界上的F点射出已知速度的偏向角，不计离子重力求：（1）离子速度v的大小；（2
19、）离子的比荷q/m；（3）离子在圆形磁场区域中运动时间t【答案】 （1）离子在平行金属板之间做匀速直线运动，洛仑兹力与电场力相等，即得，解得（2）在圆形磁场区域，离子做匀速圆周运动，由洛仑兹力公式和牛顿第二定律有由几何关系有离子的比荷（3）弧CF对应圆心角为，离子在圆形磁场区域中运动时间，又周期【考点】带点粒子在运气磁场中的运动15（17分）如图所示，大量质量为m、电荷量为+q的粒子，从静止开始经极板A、B间加速后，沿中心线方向陆续进入平行极板C、D间的偏转电场，飞出偏转电场后进入右侧的有界匀强磁场，最后从磁场左边界飞出已知A、B间电压为U0；极板C、D长为L，间距为d；磁场的磁感应强度大小为
20、B，方向垂直纸面向里，磁场的左边界与C、D右端相距L，且与中心线垂直假设所有粒子都能飞出偏转电场，并进入右侧匀强磁场，不计粒子的重力及相互间的作用则：（1）求粒子在偏转电场中运动的时间t；（2）求能使所有粒子均能进入匀强磁场区域的偏转电压的最大值U；（3）接第（2）问，当偏转电压为U/2时，求粒子进出磁场位置之间的距离【答案】 （1）粒子在AB间加速，有又粒子在偏转电场中，水平方向：，所以：（2）当粒子擦着偏转极板边缘飞出时，偏转电压最大即，又，且代入第（1）问数据得：（3）设粒子进入偏转电场时速度为v0，离开偏转电场时速度为v，速度v的偏向角为，在磁场中轨道半径为r粒子离开偏转电场时，在匀强
21、磁场中：粒子进出磁场位置之间的距离解得说明：该结果与偏转电压U无关【考点】带点粒子在匀强磁场中的运动；带点粒子在匀强电场中的运动扬州市2013-2014学年第一学期期末调研测试试题高二物理（选修）参考答案及评分标准一单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分1B 2D 3C 4A 5B二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分 6ACD 7AC 8 BD 9BC三简答题：本题共2小题，共26分10（12分）（1）1400 （3分） 1.7031.706 （3分）（2）1.5V （2分） 1.0 （2分）
22、偏小 （2分）11（14分） （1）如图所示（3分） （连线错误均不给分）（2）如图所示（3分） 半导体材料（2分）（3）R2 （3分）（4）0.25（0.230.27均算对） （3分）I/AU/V00.2120.40.6 VA元件P 四论述和计算题：本题共4小题，共63分12（15分）解析：（1）回路中产生的感应电动势 （3分） 代入数据解得 （2分）（2）电路中的电流 （2分） R上消耗的电功率 （3分）（3）使导线保持匀速直线运动，外力F应等于导体棒所受的安培力。（2分）力F的大小 （2分）力F的大小的方向水平向右。 （1分）13（15分）解析：（1）线圈进入磁场时匀速，有 （2分） 且
23、 （1分） 所以 （1分） 方向：逆时针 （1分）（2）在线圈离开磁场的过程中： （2分） 又 （2分） 所以： （1分）（3）线圈刚进入磁场时： （1分） 而： （1分） 所以，线圈刚进入磁场时的速度 （1分）从线圈完全进入磁场到线圈下边缘刚离开磁场的过程中，线圈做匀加速运动所以： （1分）所以： （1分）14（16分）解析：（1）离子在平行金属板之间做匀速直线运动，洛仑兹力与电场力相等，即 （2分） （2分）解得 （1分）（2）在圆形磁场区域，离子做匀速圆周运动，由洛仑兹力公式和牛顿第二定律有 （2分）由几何关系有 （2分）离子的比荷 （2分）（3）弧CF对应圆心角为，离子在圆形磁场区域中
24、运动时间， （2分）又周期 （1分） （2分）15（17分）解析：解析：（1）粒子在AB间加速，有 （2分） 又粒子在偏转电场中，水平方向： （2分）所以： （1分）（2）当粒子擦着偏转极板边缘飞出时，偏转电压最大即 （2分）又 （1分） 且 （1分）代入第（1）问数据得： （2分）（3）设粒子进入偏转电场时速度为v0，离开偏转电场时速度为v，速度v的偏向角为，在磁场中轨道半径为r粒子离开偏转电场时， （1分）在匀强磁场中： （2分）粒子进出磁场位置之间的距离 （1分）解得 （2分）LLABCDB+-vv 说明：该结果与偏转电压U无关河南高中教师QQ群161868687；湖南高中教师QQ群，315625208；江苏高中教师QQ群：315621368，四川高中教师QQ群：156919447，海南、宁夏高中教师QQ群:311176091，欢迎各地老师加入。