1、浙江省东阳中学2019-2020学年高一物理下学期期中试题（含解析）一、单项选择题（共13题，每小题3分，共39分）1.下列描述正确的是（）A. 元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根通过扭秤实验测出的B. 牛顿第一定律可以直接用实验验证C. 第谷通过大量的天文观察，发现了行星绕太阳的运动轨迹是椭圆D. 电场线最早是由物理学家法拉第提出的，电场线不是实际存在的线【答案】D【解析】【详解】A元电荷的数值最早是由美国物理学家密立根通过油滴实验测出的，选项A错误；B牛顿第一定律是理想实验定律，是通过逻辑推理得到的，不可以通过实验验证，故B错误；C开普勒通过大量的天文观察并借助于第谷的观测数据，发现了
2、行星绕太阳的运动轨迹是椭圆，选项C错误；D电场线最早是由物理学家法拉第提出的，电场线不是实际存在的线，是人们为了描述电场而假想的曲线，选项D正确。故选D。2.2017年10与24日，在地球观测组织（GEO）全会期间举办的“中国日”活动上，我国正式向国际社会免费开放共享我国新一代地球同步静止轨道气象卫星“风云四号”和全球第一颗二氧化碳监测科学实验卫星(以下简称“碳卫星”)的数据“碳卫星”是绕地球极地运行的卫星，在距地700千米的圆形轨道对地球进行扫描，汇集约140天的数据可制作一张无缝隙全球覆盖的二氧化碳监测图，有关这两颗卫星说法正确的是（ ）A. “风云四号”卫星的向心加速度大于“碳卫星”的向
3、心加速度B. “风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”线速度C. “风云四号”卫星的周期小于“碳卫星”的周期D. “风云四号”卫星的线速度大于第一宇宙速度【答案】B【解析】A、根据可知运行轨道半径越大向心加速度越小，“风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的向心加速度小于“碳卫星”的向心加速度，故A错误B、根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的线速度小于“碳卫星”的线速度，故B正确C、根据可得，风云四号”卫星的运行轨道半径大于“碳卫星”的轨道半径，所以“风云四号”卫星的周期大于“碳卫星”的周期，故C错误；D、第一
4、宇宙速度是最大的运行速度，所以“风云四号”卫星的线速度小于第一宇宙速度，故D错误；故选B【点睛】根据万有引力提供向心力比较“飞云四号”卫星和“碳卫星”的向心加速度和线速度，第一宇宙速度是最大的运行速度，由于地球自转，“碳卫星”的轨道无法和某一经线重合.3.质量为m的小块在倾角为的斜面上处于静止状态，如图所示。若斜面体和小物块一起以速度v沿水平方向向右做匀速直线运动，通过一段位移s。斜面体对物块的摩擦力和支持力的做功情况是（）A. 摩擦力做正功，支持力做正功B. 摩擦力做正功，支持力做负功C. 摩擦力做负功，支持力做正功D. 摩擦力做负功，支持力做负功【答案】B【解析】【详解】受力分析如图所示摩
5、擦力斜向右上方，支持力斜向左上方，运动方向水平向右，摩擦力的水平分力向右，支持力水平分力向左。因此摩擦力做正功，支持力做负功，故ACD错误，B正确。故选B。4.一颗速度较大的子弹，以速度v水平击穿原来静止在光滑水平面上的木块，设木块对子弹的阻力恒定，则当子弹入射速度增大为2v时，下列说法正确的是（ ）A. 子弹对木块做的功不变B. 子弹对木块做的功变大C. 系统损耗的机械能不变D. 系统损耗的机械能增加【答案】C【解析】【详解】子弹入射速度变大，则两者相互作用时间变短，由于两者之间的阻力不变，根据动量定理可知木板获得的速度将会变小，所以木块的动能变小，根据动能定理可知子弹对木块做的功变小，故A
6、B错误；内能 ，由于相对位移不变，所以系统损耗的机械能不变，故C正确；D错误；故选C5.物体在两个相互垂直的力作用下运动，力F1对物体做功6J，物体克服力F2做功8J，则F1、F2的合力对物体做功为（ ）A. 14JB. 10JC. 2JD. 2J【答案】D【解析】【详解】功是标量，所以合力总功等于各力做功之和，即：，ABC错误D正确6.汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P快进入闹市区时，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半并保持该功率继续行驶图四个图象中，哪个图象正确表示了从司机减小油门开始，汽车的速度与时间的关系 （ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】试题分析：
7、汽车匀速行驶时牵引力等于阻力；功率减小一半时，汽车的速度由于惯性来不及变化，根据功率和速度关系公式，牵引力减小一半，小于阻力，合力向后，汽车做减速运动，由公式可知，功率一定时，速度减小后，牵引力增大，合力减小，加速度减小，故物体做加速度不断减小的减速运动，当牵引力增大到等于阻力时，加速度减为零，物体重新做匀速直线运动，故选项C正确考点：功率、平均功率和瞬时功率【名师点睛】该题考查瞬时功率的表达式的应用，解答本题关键是分析清楚物体的受力情况，结合受力情况再确定物体的运动情况7.水平传送带匀速运动，速度大小为v，现将一小工件放到传送带上。设工件初速度为零，当它在传送带上滑动一段距离后速度达到v而与
8、传送带保持相对静止。设工件质量为m，它与传送带间的动摩擦因数为，则在工件相对传送带滑动的过程中，下列判断正确的是（）A. 摩擦力对工件做的功为mv2B. 工件的机械能增量为mv2C. 摩擦力对皮带做的功为D. 系统产生内能mv2【答案】D【解析】【详解】AB工件动能增加量为mv2，摩擦力对工件做的功为mv2；重力势能不变，所以工件的机械能增量为mv2故AB错误。CD设工件经过时间t速度与传送带相等，则工件匀加速运动的加速度为 皮带的位移工件的位移摩擦力对皮带做的功为 系统产生内能 选项C错误，D正确。故选D。8.以下说法正确的是( )A. 由可知电场中某点的电场强度E与F成正比B. 由公式可知
9、电场中某点的电势与q成反比C. 由可知，匀强电场中任意两点a、b间距离越大，两点间的电势差也越大D. 公式，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关【答案】D【解析】【详解】A. 是采用比值定义的，E和F以及检验电荷q无关，E是由电场本身决定的，故A错误B. 电场中某点的电势与检验电荷q无关，是由电场本身和零电势点决定的故B错误C. Uab=Ed中的d是匀强电场中的任意两点a、b沿着电场线方向的距离，故C错误D. 电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关，与两极板间距离d，极板面积S等有关，故D正确9.如图所示，电荷只受电场力作用沿虚线从A运动到B，则该电荷的电性及运动过程中电场力
10、对其所做的功分别是A. 负电，负功B. 负电，正功C. 正电，负功D. 正电，正功【答案】B【解析】【详解】根据运动轨迹的特点可知，电荷受到与E反向的电场力，故电荷带负电，从A到B过程中电场力与速度的夹角小于90，电场力做正功.A. 负电，负功，与结论不相符，选项A错误；B. 负电，正功，与结论相符，选项B正确；C. 正电，负功，与结论不相符，选项C错误；D. 正电，正功，与结论不相符，选项D错误；10.等量异种点电荷的连线和其中垂线如图所示，现将一个带负电的检验电荷先从图中a点沿直线移到b点，再从b点沿直线移到c点，则检验电荷在此全过程中（ ）A. 所受电场力的方向将发生改变B. 所受电场力
11、的大小恒定C. 电势能一直减小D. 电势能先不变后减小【答案】D【解析】【详解】由等量异种电荷得电场线分布可知ab连线上场强得方向竖直向下，bc之间得场强方向也是竖直向下，因此电场力方向不变，A错误；ab之间场强大小逐渐增大，因此B错误，ab之间的电势都为零，因此电势不变，C错误；bc之间电势升高，负电荷电势能降低，D正确11.如图所示，轻弹簧上端固定，下端拴着一带正电小球Q，Q在A处时弹簧处于原长状态，Q可在C处静止。若将另一带正电小球q固定在C正下方某处时，Q可在B处静止。在有小球q的情况下，将Q从A处由静止释放，则Q从A运动到C处的过程中（）A. Q运动到C处时速率最大B. Q、q两球与
12、弹簧组成的系统机械能不断减少C. Q的机械能不断增大D. 加速度大小一直减小【答案】B【解析】【详解】Aq在C正下方某处时，Q在B处受力平衡，速率最大，故A错误；B从A到C，电场力做负功，系统机械能减小转化为电势能，故B正确；CQ机械能等于Q的动能与重力势能之和，由功能关系有而弹簧弹力一直做负功，即，库仑力也一直做负功，即，则，即Q的机械能不断减小，故C错误；DQ在B处加速度为零，Q第一次从A运动到C的过程中加速度先减小到零后反向增大，故D错误。故选B。12.真空中Ox坐标轴上的某点有一个点电荷Q，坐标轴上A、B两点的坐标分别为0.2 m和0.7 m在A点放一个带正电的试探电荷，在B点放一个带
13、负电的试探电荷，A、B两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x轴正方向相同，电场力的大小F跟试探电荷电量q的关系分别如图中直线a、b所示下列说法正确的是A. 点电荷Q是正电荷B. 点电荷Q位置坐标为0.30 mC. B点的电场强度的大小为0.25 N/CD. A点的电场强度的方向沿x轴负方向【答案】B【解析】【分析】电场强度等于电荷所受电场力和该电荷电量的比值，即，方向与正电荷所受电场力方向相同，放在A、B两点的试探电荷受到的电场力方向都跟x轴的正方向相同，而正电荷所受电场力与电场强度方向相同，负电荷所受电场力与电场强度方向相反，从而知道点电荷位于A、B之间，根据点电荷场强公式分析；【详解】A、根
14、据并结合图像可判断a点电场强度大于b点电场强度，离点电荷越近场强越大，所以点电荷在AB的中间靠近A的某个位置，又由于A、B两点的试探电荷受到电场力的方向都跟x轴正方向相同，所以点电荷Q是负电荷，故A错误；BC、根据电场强度的定义式即结合图像可判断B点电场强度大小为，A点电场强度大小为，可得场源电荷到AB的距离之比，因此点电荷Q的位置坐标为0.30m，故B正确，C错误；D、正的试探电荷受电场力方向与电场线方向相同，根据正电荷在A点受力沿x轴正方向即可判断在A点电场强度方向沿x轴正方向，故D错误；故选B【点睛】关键掌握电场强度的定义式点电荷的场强公式，以及知道电场强度的方向，与正电荷所受电场力方向
15、相同，与负电荷所受电场力方向相反13.如图所示，直角三角形的斜边倾角C30，底边BC长为2L、处在水平位置，斜边AC是光滑绝缘的，在底边中点O处固定一正点电荷，一个质量为m、电量为q的带负电的质点从斜面顶端A沿斜边滑下滑到斜边上的垂足D时速度为v则A. 质点的运动是先匀加速后匀减速运动B. 质点在运动中动能与电勢能之和不发生变化C. 质点运动到非常近斜边底端C点时的速度为D. 质点运动到非常挨近斜边底端C点时的加速度为g/2【答案】C【解析】【分析】在直角三角形底边中点O处放置一正电荷Q，设OC=OD，则知C、D的电势相等；列出等式求出接近斜边底端C点时动能，对质点在D、C点进行受力分析，运用
16、正交分解和牛顿第二定律列出等式求解C点的加速度和速度【详解】A质点运动过程中，电场力的大小和方向是变化的，故合力的大小是变化的，故加速度也是变化的，故质点的运动不可能是匀变速运动，选项A错误；B小球受重力、支持力和电场力，支持力不做功，重力做功等于重力势能的减小量，电场力做功等于电势能的减小量，故在质点的运动中动能、电势能、重力势能三者之和守恒，因质点的重力势能减小，则质点在运动中动能与电势能之和增加，选项B错误；C DC两点的电势相等，则对从D到C过程，电场力做功为零，根据动能定理，有：mgLsin60=mvC2mv2，解得：，故C正确；D质点滑到C点时，受重力、电场力、支持力，由牛顿第二定
17、律得：mgsin30-Fcos30=maC，其中：，联立两式解得： ，方向平行于斜面向下故D错误；故选C【点睛】本题考查动能定理的应用，电场力做功的特点，涉及能量变化的题目一般都要优先考虑动能定理的应用，并要求学生能明确几种特殊力做功的特点，关键要分析出D、C点是同一等势面上.二、多项选择题（本小题共4小题，每小题4分，共16分每小题四个选项中至少有两个选项符合题意，全部选对得4分，漏选的得2分，错选的得0分）14.两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷），其中一个球的带电量的绝对值是另一个的5倍，当它们静止于空间某两点时，静电力大小为F现将两球接触后再放回原处，则它们间静电
18、力的大小可能为（ ）A. 7/5 FB. 4/5 FC. 11/5 FD. 9/5 F【答案】BD【解析】【详解】若两电荷同性,设一个球的带电量为Q,则另一个球的带电量为5Q,此时 ,接触后再分开,带电量各为3Q,则两球的库仑力大小 所以. ；若两电荷异性,接触后再分开,两球电量的绝对值为2Q,此时两球的库仑力 ，所以 ，故BD正确；AC错误；故选BD15.下表是一些有关火星和地球的数据，利用万有引力常量G和表中选择的一些信息可以完成的估算是（）信息序号信息内容地球一年约365天地表重力加速度约为9.8m/s2火星的公转周期为687天日地距离大约是1.5亿km地球半径约6400kmA. 选择可
19、以估算地球质量B. 选择可以估算太阳的密度C. 选择可以估算火星公转线速度D. 选择可以估算太阳对地球的吸引力【答案】AC【解析】【分析】选择要研究的系统，根据列出表达式，根据已知条件即可进行判断【详解】A、根据可知选择中的g和R，可以估算地球质量M，故A正确；B、根据，则选择中的地球的公转周期T和的日地距离r可以估算太阳的质量，但是由于不知太阳的半径，则不能估算太阳的密度，故B错误；C、因选择可以估算太阳的质量，根据，再选择可知火星的公转周期可求解火星公转的半径，再根据可估算火星公转的线速度，故C正确；D、选择因为不能确定地球的质量，则不可以估算太阳对地球的吸引力，故D错误；故选AC【点睛】
20、本题考查万有引力定律的运用，解决本题的关键是建立物理模型，利用卫星常用的两条思路：重力等于万有引力，以及万有引力等于向心力，进行列式分析16.如图所示，物体水平力 F 作用下沿粗糙斜面向上加速运动，则（ ） A. 物体机械能的改变量等于力 F 所做的功B. 物体动能的改变量等于合外力所做的功C. 物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功D. 运动过程中由于摩擦产生的内能等于物体机械能的减少【答案】BC【解析】【详解】A物体机械能的改变量等于外力所做的功，在整个过程中外力为F和摩擦力，故做功之和为F和摩擦力之和，故A错误；B由动能定理可知，物体的动能的该变量等于物体合外力所做的功，故B正确；
21、C物体重力势能的增加量等于物体克服重力所做的功，故C正确；D根据能量守恒即可判断，运动过程中摩擦产生的内能不等于物体机械能的减少，故D错误17.如图所示，将质量M=1kg的重物B悬挂在轻绳的一端，并放置在倾角为30、固定在水平地面的斜面上，轻绳平行于斜面，B与斜面间的动摩擦因数=，轻绳跨过质量不计的光滑定滑轮，其另一端系一质量m=0.5kg的小圆环A。圆环套在竖直固定的光滑直杆上，滑轮中心与直杆的距离为L=4m。现将圆环A从与定滑轮等高处由静止释放，不计空气阻力，直杆和斜面足够长，取g=10m/s2。下列判断正确的是（）A. 圆环下降的过程中，圆环的机械能守恒B. 圆环能下降的最大距离为Hm=
22、mC. 圆环速度最大时，轻绳与直杆的夹角为30D. 若增加圆环质量使m=1kg，再重复题述过程，则圆环在下降过程中，重力做功的功率一直在增大【答案】BD【解析】【详解】A圆环下降的过程中，对圆环受力分析可知，绳子对圆环的拉力做负功，因此圆环的机械能减小，故A错误；B设圆环下降的最大距离为，则重物上升的距离为根据功能关系得解得故B正确；C在下滑过程中，当圆环处于平衡状态时速度最大，则此时重物的加速度也是0，绳子的拉力等于重力向下的分力与摩擦力的和，即代入数据得设拉A的绳子与竖直方向的夹角是，则竖直方向有代入数据得故C错误；D若增加圆环质量使，再重复题述过程，则圆环的重力大于B受到的重力向下的分力
23、与摩擦力的和，圆环将一直向下做加速运动，所以重力做功的功率一直增大。故D正确。故选BD。三、实验题（本大题有2小题，每空2分，共14分）18.某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化的关系”的实验如图，图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行，这时，橡皮筋对小车做的功记为W当用2条、3条完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致，每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出（1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、交流电源、_（填测量工具）；（2）实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡掉摩擦阻力，则下面操作正确
24、的是_A放开小车，能够自由下滑即可B放开小车，能够匀速下滑即可C放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可D放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可（3）若木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，下列说法正确的是_A橡皮筋处于原长状态 B橡皮筋仍处于伸长状态C小车在两个铁钉的连线处 D小车已过两个铁钉的连线（4）在正确操作情况下，打在纸带上的点，并不都是均匀的，为了测量小车获得的速度，应选用纸带的_部分进行测量（根据如图的纸带回答）【答案】 (1). 刻度尺 (2). D (3). B (4). GK【解析】【详解】（1）实验中需要测量纸带上两点
25、之间的距离，所以需要刻度尺；（2）实验中可以适当抬高木板的一侧来平衡摩擦阻力.受力平衡时,小车应做匀速直线运动,所以正确的做法是:放开拖着纸带的小车,能够匀速下滑即可,故ABC错误,D正确.（3）若木板水平放置，由于摩擦力的存在，当小车受力平衡时，小车的速度达到最大，此时橡皮筋应该处于拉长状态，故B正确；ACD错误；（4）小车在橡皮筋的作用下，先做加速度减小的加速运动，橡皮筋恢复原长后小车速度达到最大开始做匀速运动，此过程中弹力做功转变为小车的动能，所以在纸带上应该找匀速那一段来求小车的速度，即找GK19.“验证机械能守恒定律”实验如图1，采用重物自由下落的方法：（1）实验中，下面哪些测量工具
26、是必需的_A天平 B直流电源 C刻度尺 D秒表（2）实验中，已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度g=9.80m/s2，所用重物的质量为1.00g，实验中得到一条点迹清晰的纸带（如图2），把第一点记作O，另选连续的4个点A、B、C、D作为测量的点，经测量知道A、B、C、D到0点的距离分别为62.99cm，70.18cm，77.76cm，85.73cm，根据以上的数据，可知重物由0运动到C点，重力势能的减小量等于_J，动能的增加量等于_J（本题中计算结果均保留三位有效数字）【答案】 (1). C (2). 7.62 (3). 7.57【解析】【详解】（）A本实验需要验证的方程是
27、mgh=得 gh=可知，不需要测量重物的质量，因此不需要天平故A错误；B打点计时器需要用的是交流电流，故B错误；C需要用刻度尺测量距离，故C正确；D打点计时器利用打点能计时，因此不需要秒表，故D错误。故选C。（2）重物由0运动到C点，重力势能的减小量Ep=mghOC=19.877.76102J7.62J打C点时重物的速度 vC=3.89m/s动能的增加量Ek=J7.57J四、计算题（本大题有4小题，共31分）20.如图所示，一固定在地面上的金属轨道ABC，AB与水平面间的夹角为，一小物块放在A处可视为质点，小物块与轨道间的动摩擦因数均为，现在给小物块一个沿斜面向下的初速度。小物块经过B处时无机
28、械能损失，物块最后停在B点右侧处（，g取）。求：(1)小物块到达B处时的速度大小；(2)求AB的长L。【答案】(1)3m/s；(2)1m【解析】【详解】(1)小物块从B向右运动，由动能定理得代入数据解得(2)小物块从A到B过程，由运动学公式得代入数据解得21.质量为m的卫星离地面R0处做匀速圆周运动设地球的半径也为R0，地面的重力加速度为g，引力常数为G，求：(1) 地球的质量；(2) 卫星线速度大小【答案】(1)（2）【解析】试题分析：（1）对地面的物体可得：（2）卫星的受到的合外力即为万有引力：与上式联立可得考点：此题考查的是万有引力定律及牛顿第二定律22.滑板运动是一项刺激运动项目，深受
29、青少年喜欢，某次比赛部分赛道如图甲所示，现将赛道简化为如图乙所示的模型：粗糙倾斜轨道AB与光滑圆弧形轨道相切于B点，粗糙水平轨道CD与光滑圆弧形轨道BC、DE相切于C、D点。运动员与滑板一起（可看作质点）从A点静止开始滑下，经轨道BC、CD滑到E点时速度恰好为零，然后返回。己知人和滑板总质量为m=60kg，倾斜轨道AB长L=5m，与水平面的夹角=53，滑板与AB的动摩擦因数为1=0.2，水平轨道CD长S=6m，圆弧形轨道半径均为R=4m，不计空气阻力，（sin53=0.8，cos53=0.6，g取10m/s2）。求：(1)运动员第一次滑到C点时对轨道的压力大小；(2)滑板与水平轨道CD的动摩擦
30、因数；(3)运动员从A点开始下滑到第一次回到AB轨道速度为零的过程损失的机械能。【答案】(1)2100N；(2)；(3)1670J。【解析】【详解】(1)运动员从A到C的过程由动能定理得：mgLsin53+mgR（1-cos53）-1mgcos53L=mvc2代入数据解得vc=10m/s在C点有解得FN=2100N有牛顿第三定律可知，运动员第一次滑到C点时对轨道的压力大小为2100N(2)由(1)问可得：vc=10m/s，运动员从C到E的过程由动能定理得-2mgS-mgR=0-mvC2解得2=(3)运动员从E点到回到AB最高点过程由动能定理mgRcos53-2mgS-mgxsin53-1mgx
31、cos53=0解得损失的机械能23.如图所示，两平行金属板A、B长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一不计重力的带正电的粒子电荷量q10-10C，质量m10-20kg，沿电场中心线RD垂直电场线飞入电场，初速度v02106m/s，粒子飞出平行板电场后可进入界面MN、PS间的无电场区域已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RD与界面PS的交点（1）粒子穿过MN时偏离中心线RD的距离以及速度大小？（2）粒子到达PS界面时离D点的距离为多少？（3）设O为RD延长线上的某一点，我们可以在O点固定一负点电荷，使粒子恰好可以绕O点做匀速圆周运动，求在O点固定的负点电荷的电
32、量为多少？（静电力常数k = 90109Nm2/C2，保留两位有效数字）【答案】（1），（2）（3）【解析】【详解】（1）粒子进入A、B后应做类平抛运动，设在A、B板间运动时加速度大小为a，时间为t1，在MN界面处速度为v，沿MN的分速度为vy，偏转位移为y，v与水平夹角为，运动轨迹如图则：由以上各式，代入数据求得： ，故粒子通过MN界面时的速度为：（2）带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，其运动轨迹与PS线交于a点，设a到中心线的距离为Y则：解得：（3）粒子穿过界面PS后将绕电荷Q做匀速圆周运动，设圆周运动的半径为r，由几何关系得：，即由得：【点睛】（1）由类平抛知识，带入数值便可求出偏离RD的距离；带电粒子在离开电场后将做匀速直线运动，求出时间即可知道aD的距离；（2）库仑力提供向心力，根据牛顿第二定律联合即可求得电量及其电性
