1、河南省驻马店市正阳高中2015届高三上学期第二次质检物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分）1下列关于牛顿运动定律的说法中正确的是( )A速度大的物体难停下来，说明惯性与速度有关B一对作用力与反作用力的作用效果总是相同的C一对作用力与反作用力可以相互平衡D力的国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的考点：牛顿第三定律 分析：惯性是物体的固有属性，是保持物体原来运动状态的性质作用力和反作用大小相等，方向相反，作用在不同的物体上解答：解：A、惯性是保持物体原来运动状态的性质，与物体的质量有关，与物体的速度无关；故A错误；B、C、一对作用力与反作用力作用在相互作用的两个不同物体上
2、，不可能平衡，作用效果不可能相同，故B错误，C错误；D、力的国际单位制是根据牛顿第二定律定义的故D正确；故选：D点评：解决本题的关键知道作用力、反作用力与平衡力的区别，知道力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因2一物体做初速度为零的匀加速直线运动，图甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的运动图象则关于此物体的运动图象，下列说法正确的是( )A甲是速度随时间变化图象B乙是位移随时间变化图象C丙是速度随时间变化图象D丁是加速度随时间变化图象考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：根据初速度为零的匀加速直线运动可分别得出速度时间图象、加速度时间图象、位移时间图象及力时间图象
3、；结合题意可分析各项是否正确解答：解：A、C初速度为零的匀加速直线运动的速度与时间的关系为 v=at，故vt图象是一条过原点的倾斜的直线，故AC错误B、初速度为零的匀加速直线运动的位移x=v0t+at2=，故其图象为抛物线，故B错误；D、匀变速直线运动的加速度恒定不变，故at图象为一条平行于时间轴的直线； 故D正确故选D点评：匀变速直线运动为高中所研究的重要运动形式之一，要求我们熟练掌握其运动中的物理量的计算方法，根据各量的表达式和特点选择图象3用两根绳子吊起一重物，使重物保持静止，若逐渐增大两绳之间的夹角，则两绳对重物的拉力的合力变化情况是( )A减小B不变C增大D无法确定考点：力的合成 专
4、题：受力分析方法专题分析：两根绳子吊起一重物，使重物保持静止；当增大两绳之间的夹角，物体仍处于静止，所以两绳对重物的合力不变解答：解：重物受到三力平衡，此时两绳对重物的拉力的合力等于重力；当逐渐增大两绳之间的夹角，由于重物仍处于平衡，所以两绳对重物的拉力的合力仍等于重力因此拉力的合力是不变的，故选：B点评：将一个力分解为两个相等的分力，夹角越大，分力越大，夹角越小，分力越小4孔明灯相传是由三国时的诸葛孔明发明的，如图所示，有一盏质量为m的孔明灯升空后沿着东偏北方向匀速上升，则此时孔明灯所受空气的作用力的大小和方向是( )A0Bmg，竖直向上Cmg，东北偏上方向Dmg，东北偏上方向考点：共点力平
5、衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：孔明灯做匀速运动，加速度为零，合力为零；只受重力和空气的作用力，根据平衡条件得到空气的作用力的大小和方向解答：解：孔明灯升空后向着东北偏上方向匀速直线运动，加速度为零，合力为零；只受重力和空气的作用力，根据平衡条件得到空气的作用力的大小为mg，方向竖直向上；故选：B点评：本题关键是明确孔明灯的运动情况，得到加速度后进一步确定受力情况，基础题5关于曲线运动，下列说法正确的是( )（多项）A物体在一恒力作用下可能做曲线运动B曲线运动一定都是变速运动，但加速度可能不变C物体只有受到一个方向时刻改变的力的作用才可能做曲线运动D
6、物体做曲线运动的速度方向时刻改变，故曲线运动不可能是匀变速运动考点：物体做曲线运动的条件 专题：物体做曲线运动条件专题分析：曲线运动的条件，合外力与速度不一条直线上，速度方向时刻变化，故曲线运动时变速运动在恒力作用下，物体可以做曲线运动解答：解：A、在恒力作用下，物体可以做曲线运动，如平抛运动，故A正确；B、曲线运动的速度方向为该点的切线方向，时刻变化，故曲线运动是变速运动，故B正确； C、在恒力作用下，物体可以做曲线运动，如平抛运动故C错误；D、曲线运动的条件，合外力与速度不一条直线上，做曲线运动的物体所受合力可能是恒力，做加速度不变做匀变速曲线运动，故D错误故选：AB点评：掌握曲线运动的条
7、件，合外力与速度不一条直线上，知道曲线运动合外力一定不为零，但可以是恒力，速度方向时刻变化，一定是变速运动6机械手表中的分针与秒针可视为匀速转动，分针与秒针从第1次重合到第2次重含中间经历的时间为( )AlminBminCminDmin考点：线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：分针的周期为1h，秒针的周期为1min，两者的周期比为T1：T2=60：1，分针与秒针从第1次重合到第2次重合，存在这样的关系1t+2=2t，根据该关系求出所经历的时间解答：解：分针的周期为1h，秒针的周期为1min，两者的周期比为T1：T2=60：1，分针与秒针从第1次重合到第2次重合有：1t+2=
8、2t，即，又T1=60T2=60min，所以故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道分针和秒针的周期，以及知道分针与秒针从第1次重合到第2次重合存在这样的关系1t+2=2t7如图所示，截面为三角形的钢坯A、B叠放在汽车的水平底板上，汽车底板与钢坯表面均粗糙，以下说法正确的是( )A汽车、钢坯都静止时，钢坯A对B无摩擦力作用B汽车、钢坯都静止时，汽车底板对钢坯A有向左的静摩擦力作用C汽车向右启动前后，若汽车与钢坯相对静止，钢坯A对B的弹力不变D汽车向右加速时，若汽车与钢坯相对静止，汽车底板对钢坯A有静摩擦力作用考点：摩擦力的判断与计算；共点力平衡的条件及其应用 专题：摩擦力专题分析
9、：当它们都静止时，处于平衡状态，受力平衡，底板对钢坯A无摩擦力；当它们向左加速时，钢坯A受到汽车底板对它的向左静摩擦力，从而即可求解解答：解：A、当汽车、钢坯都静止时，底板与钢坯A无相对运动趋势，但钢坯A与B有相对运动趋势，因此它们之间有静摩擦力，故A错误；B、当汽车、钢坯都静止时，底板与钢坯A无相对运动趋势，因此它们之间无摩擦力，故B错误；C、向右启动前后，即为平衡到不平衡的变化，则钢坯A对B的弹力变大，故C错误；D、汽车向右加速时，虽汽车与钢坯相对静止，但钢坯A受到汽车底板对它有向右静摩擦力，故D正确；故选：D点评：考查对研究对象受力分析与运动分析，掌握平衡条件与牛顿第二定律的应用，注意学
10、会由运动去分析受力的方法8如图所示，弹簧左端固定，右端自由伸长到O点并系住物体m，现将弹簧压缩到A点，然后释放，物体一直可以运动到B点，如果物体受到的摩擦力恒定，则( )A物体从A到O加速，从O到B减速B物体从A到O速度越来越小，从O到B加速度不变C物体从A到O间先加速后减速，从O到B一直减速运动D物体运动到O点时所受合力为零考点：简谐运动的回复力和能量 专题：简谐运动专题分析：对木块受力分析，竖直方向受重力和支持力，二力平衡，水平方向受弹簧弹力和摩擦力，刚从A点释放时，弹力大于摩擦力，物体加速向右运动，随着木块向右运动，弹簧压缩量减小，弹力减小，到达o点之前某一位置C，弹力减小到等于摩擦力，
11、由C至O弹力小于摩擦力，物体开始减速，O至B过程受向左的拉力和摩擦力，加速度向右物体一直做减速运动解答：解：A、物体从A点到O点过程，弹力逐渐减为零，刚开始弹簧弹力大于摩擦力，故可分为弹力大于摩擦力过程和弹力小于摩擦力过程，弹力大于摩擦力过程，合力向右，加速度也向右，速度也向右，即物体先加速后减速，故AB错误；C、物体从O到B弹力逐渐增大，则物体所受合力一直向左，加速度向左且越来越大，即物体做加速度逐渐增大的减速运动，结合前面分析知物体从A到O间先加速后减速，从O到B一直减速，故C正确；D、物体运动到O点时，重力和支持力平衡，弹簧弹力为零，摩擦力向左，合力等于摩擦力，故D错误；故选：C点评：本
12、题关键分阶段结合运动情况对物体受力分析，求出合力后确定加速度的变化情况，从而最终确定物体的运动情况9如图，一小球从一半圆轨道左端A点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点O为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R，OB与水平方向夹角为60，重力加速度为g，则小球抛出时的初速度为( )ABCD考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：根据平抛运动速度与水平方向夹角的正切值等于位移与水平方向夹角正切值的2倍，求出竖直方向上的位移，从而求出竖直方向上的分速度，根据速度方向求出平抛运动的初速度解答：解：飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，知速度与水平方向的夹角为30，设位
13、移与水平方向的夹角为，则tan=因为tan=，则竖直位移y=.所以，故B正确，A、C、D错误故选B点评：解决本题的关键掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住速度方向，结合位移关系、速度关系进行求解10某研究性学习小组用所学的物理知识帮助农民估测出农用水泵的流量（在单位时间内通过流管横截面的液体的体积成为流量）如图所示，已知水泵的出水管是水平的，该小组同学用游标卡尺测出水管的内径D，用重锤线和钢卷尺测出水管中心离地面的高度y，用钢卷尺测出喷水的水平射程x，则可计算出该农用水泵的流量Q为( )AD2xBD2xCD2xDD2x考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：根据高度和水平射程，结
14、合平抛运动的规律求出平抛运动的初速度，根据Q=vS求出流量的大小解答：解：根据y=得：t=，则平抛运动的初速度为：，水管内径部分的横截面积为：S=，则流量为：Q=vS=故B正确，A、C、D错误故选：B点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，难度不大二、实验题（本题共2小题，共12分.把答案填在答题卷中对应的横线上或按题目要求作答）11（1）如图甲所示为某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，若在图示状态下开始做实验，请从该同学的装置和操作中指出存在的问题或错误（回答两条即可）应将电池改为交流电；小车应靠近打点计时器端（2）图乙是（1）中更
15、正后实验打出的一条纸带，已知打点计时器的打点周期是0.02s，则小车运动的加速度为4.0 m/s2（计算结果保留两位有效数字）考点：验证牛顿第二运动定律 专题：实验题分析：1、解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项2、根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小解答：解：（1）故错误之处有：应将电池改为交流电；没有平衡摩擦力；小车应靠近打点计时器端；左端连接的细线应与木板平行（2）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，设0到A之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直
16、线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4x1=3a1T2x5x2=3a2T2 x6x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值得：a=（a1+a2+a3）即小车运动的加速度计算表达式为：a=4.0m/s2，故答案为：（1）应将电池改为交流电；小车应靠近打点计时器端；（2）4.0点评：只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握12某同学用如图所示装置做“研究平抛运动的规律”的实验，（1）有下列实验步骤：用图钉把白纸订在竖直木板上；把斜槽固定在紧靠木板的左上角，且使其末端切线水平；
17、记下小球飞出时初始位置O，并凭眼观测过O画水平线作为x轴；把水平木条靠在竖直木板上，让小球从斜槽适当的位置由静止滚下，观察小球在木条上的落点，并在白纸上标出相应的点，得到小球运动过程中的一个位置；把水平木条向下移动，重复的操作，让小球从斜槽上相同位置由静止滚下，得到小球运动过程中的多个位置；从木板上取下白纸：上述到的步骤中，有错误的是步骤是，根据挂在斜槽末端的重锤线画出竖直线作为y轴（2）根据画出的轨迹测出小球多个位置的坐标（x，y），画出yx2图象如图（2）所示，图线是一条过原点的直线，说明小球运动的轨迹形状是抛物线；设该直线的斜率为k，重力加速度为g，则小铁块从轨道末端飞出的速度v0=考点
18、：研究平抛物体的运动 专题：实验题；平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，结合平抛运动的轨道求出y与x2的关系，通过图线的斜率和重力加速度求出初速度解答：解：（1）有错误的是步骤应改为根据挂在斜槽末端的重锤线画出竖直线作为y轴（2）对于平抛运动，有y=gt2，x=v0t，由以上两式可得y=g，由此可知，图线中的斜率k=，所以初速度v0=故答案为：（1），根据挂在斜槽末端的重锤线画出竖直线作为y轴； （2）抛物线，点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式进行求解三、计算题（本题共3小题，共38分解答应写出必要的文
19、字说明、方程式和重要演算步骤只写出最后答案的不得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13两个完全相同的物块a、b质量均为m=0.8kg，在水平面上以相同的初速度从同一位置开始运动，图中的两条直线表示物块受到水平拉力F作用和不受拉力作用的vt图象，（a、b线分别表示a、b物块的vt图象）求：（1）物块a受到的摩擦力大小（2）物块b所受拉力F的大小考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：（1）根据vt图象的斜率等于加速度，求出B物块的加速度，由牛顿第二定律求出摩擦力大小；（2）由vt图象求出，A的加速度，由牛顿第二定律列方程，求出物体A所受拉力F的大小解
20、答：解：（1）根据vt图象的斜率等于加速度，则得： a物块的加速度大小为：aa=m/s2=1.5m/s2对a，由牛顿第二定律得：f=ma，解得：f=1.2N；（2）由图象得：b物块的加速度大小为：ab=m/s2=0.75m/s2；由牛顿第二定律得：Fmg=ma1，解得：F=8.6N；答：（1）物块a受到的摩擦力大小是1.2N（2）物块b所受拉力F的大小是8.8N点评：本题首先要根据斜率求出加速度、“面积”求出位移，其次抓住两物体的滑动摩擦力相同14如图所示，倾角为37的粗糙斜面的底端有一质量m=1kg的凹形小滑块，小滑块与斜面间的动摩擦因数=0.25现小滑块以某一初速度 从斜面底端上滑，同时在
21、斜面底端正上方有一小球以v0水平抛出，经过0.4s，小球恰好垂直斜面方向落入凹槽，此时，小滑块还在上滑过程中（已知sin37=0.6，cos37=0.8），g取10 m/s2，求：（1）小球水平抛出的速度v0的大小；（2）小滑块的初速度的大小考点：平抛运动；牛顿第二定律 专题：平抛运动专题分析：（1）小球做平抛运动，恰好垂直斜面方向落入凹槽，知速度的方向与斜面垂直，根据平行四边形定则求出小球抛出时的初速度（2）根据小球的水平位移求出滑块上滑的位移，结合牛顿第二定律和位移时间公式求出滑块的初速度解答：解：（1）设小球落入凹槽时竖直速度为vy ，则有：v1=gt=100.4=4m/s根据平行四边形
22、定则得：v0=v1tan37=3m/s （2）小球落入凹槽时的水平位移为：x=v0t=30.4=1.2m 则滑块的位移为：s=1.5m滑块上滑时：mgsin37+mgcos37=ma 代入数据解得：a=8m/s2根据公式有：s=vtat2代入数据解得：v=5.35m/s答：（1）小球水平抛出的速度v0的大小为3m/s（2）小滑块的初速度的大小为5.35m/s点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住滑块和小球的运动时间相同，结合小球的水平位移与滑块的位移关系，运用运动学公式进行求解15如图1所示，装置BOO可绕竖直轴OO转动，可视为质点的小球A与两细线连接后分别系于
23、B、C两点，装置静时细线AB水平，细线AC与竖直方向的夹角=37已知小球的质量m=1kg，细线AC长L=1m，B点距转轴的水平和距C点竖直距离相等（重力加速度g取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）（1）若装置匀速转动的角速度为1时，细线AB上的张力为0而细线AC与竖直方向的夹角仍为37，求角速度1的大小；（2）若装置匀速转动的角速度为2时，细线AB刚好竖直，且张力为0，求此时角速度2的大小；（3）装置可以以不同的角速度匀速转动，试通过计算在坐标图2中画出细线AC上张力T随角速度的平方2变化的关系图象（不写计算过程）考点：线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析
24、：（1）细线AB上张力恰为零时，小球靠重力和拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出角速度1的大小（2）细线AB刚好竖直，且张力为0时，由几何关系求出细线AC与竖直方向的夹角细线AB松弛，根据小球重力和拉力的合力提供向心力求出此时角速度2的大小（3）根据牛顿第二定律分别求出1=rad/s时、12时、2时拉力的大小，从而确定细线AC上张力T随角速度的平方2变化的关系，并作出图象解答：解（1）细线AB上张力恰为零时，小球靠重力和拉力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有： mgtan37=mlsin37解得：1=rad/s（2）细线AB恰好竖直，但张力为零时，设细线AC与竖直方向的夹角为由几何关系
25、得：cos=，得=53根据牛顿第二定律得：mgtan=mlsin解得，2=rad/s，（3）当1=rad/s时，细线AB水平，细线AC上张力的竖直分量始终等于小球的重力：Tcos=mg；解得：T=12.5N12时细线AB松弛，细线AC上张力的水平分量等于小球做圆周运动需要的向心力，则有： Tsin=m2lsin，T=m2l2时，细线AB在竖直方向绷直，仍然由细线AC上张力的水平分量提供小球做圆周运动需要的向心力：Tsin=m2lsinT=m2l综上所述：1=rad/s时，T=12.5N不变；1时，T=m2l=2（N），T2关系图象如图所示 答：（1）角速度1的大小为rad/s；（2）此时角速度2的大小为rad/s，（3）计算见上，在坐标图中画出细线AC上张力T随角速度的平方2变化的关系图象如图所示点评：解决本题的关键理清小球做圆周运动的向心力来源，确定小球运动过程中的临界状态，运用牛顿第二定律进行求解
