1、高考资源网（） 您身边的高考专家课 后 跟 踪 演 练| 巩固基础|1如图所示，四边形的通电闭合线框abcd处在垂直线框平面的匀强磁场中，它受到磁场力的合力()A竖直向上B方向垂直于ad斜向上C方向垂直于bc斜向上D为零解析由题意可知abcd中电流组成一个封闭的电流，其有效长度为零，所以线框abcd所受安培力的合力为零，选项D正确答案D2关于磁电式电流表内的磁铁和铁芯之间的均匀辐射分布的磁场，下列说法中正确的是()A该磁场的磁感应强度大小处处相等，方向相同B该磁场的磁感应强度的方向处处相同，大小不等C使线圈平面始终与磁感线平行D线圈所处位置的磁感应强度大小都相等解析在磁电式电表的两磁极之间装有
2、极靴，极靴中有一铁质圆柱，极靴和铁质圆柱之间有一不大的缝隙，根据磁感线与磁极表面垂直的特点，磁化了的铁质圆柱与极靴间的缝隙处就形成了辐射状分布的磁场，这样做的目的就是让通电线圈所在处有一个等大的磁场，并且磁感线始终与线圈平面平行，故C、D选项正确答案CD3.如图所示，两个完全相同的圆形扁平线圈套在一个光滑的圆柱体上自由移动，当大小不同的电流按图示的方向通入线圈中，则两线圈的运动情况是()A都绕这个圆柱体转动B彼此相向平动，且电流大的加速度大C彼此反向平动，电流大的加速度大D彼此相向平动，两线圈的加速度大小相等解析用等效法把两个环形电流等效成小磁针，可知其相互吸引，故D选项正确答案D4如图所示，
3、一根通有电流I的直铜棒MN，用导线挂在磁感应强度为B的匀强磁场中，此时两根悬线处于张紧状态，下列哪些措施可使悬线中张力为零()A适当增大电流B使电流反向并适当减小C保持电流I不变，适当增大BD使电流I反向，适当减小B解析根据左手定则可知通电导线受安培力向上，大小FBIL，对棒进行受力分析，可知A、C选项正确答案AC5.两根相互垂直的异面通电直导线ab和cd中电流的方向如图所示，ab在前，cd在后，其中ab固定不动，cd可自由移动，则松手后cd的运动情况是()A逆时针转动，同时靠近abB逆时针转动，同时远离abC顺时针转动，同时靠近abD顺时针转动，同时远离ab解析根据电流微元法判断出导线cd在
4、ab的磁场中受力后会顺时针转动，再利用特殊位置法，假设cd转到与ab共面，则根据同向电流相吸引可知，导线cd会向导线ab靠近答案C6.如图，固定不动的绝缘直导线mn和可以自由移动的矩形线框abcd位于同一平面内，mn与ad、bc边平行且离ad边较近当导线mn中通以向上的电流，线框中通以顺时针方向的电流时，线框的运动情况是()A向左运动 B向右运动C以mn为轴转动 D静止不动解析线框中通有电流，ad和bc两导线同时受到通电导线mn的作用力，但由于ad距mn近，故受到作用力大，故可知B选项正确答案B| 拓展提升|7一个可以自由运动的线圈L1和一个固定的线圈L2互相绝缘，垂直放置，且两个线圈都通以如
5、图所示方向的电流时，则从左向右看，线圈L1将()A不动 B顺时针转动C逆时针转动 D向纸外平动解析根据同向电流相互吸引，异向电流相互排斥，可判断出从左向右看线圈L1将逆时针转动，或者用等效法将L1的环形电流等效成小磁针，L2的磁场垂直纸面向里，故L1将逆时针转动，故选项C正确答案C8如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央上方固定一根长直导线，导线与条形磁铁垂直当导线中通以垂直纸面向里的电流时，用FN表示磁铁对桌面的压力，F静表示桌面对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前受力相比较是()AFN减小，F静0 BFN减小，F静0CFN增大，F静0 DFN增大，F静0解析如图所示，画出一条通电电流
6、为I的导线所在处的磁铁的磁感线，电流I处的磁场方向水平向左，由右手定则知，电流I受安培力方向竖直向上根据牛顿第三定律可知，电流对磁铁的反作用力方向竖直向下，所以磁铁对桌面压力增大，而桌面对磁铁无摩擦力作用，故正确选项为C.答案C9.竖直放置的直导线AB与导电圆环的平面垂直且隔有一小段距离，直导线固定，圆环可以自由运动，当通以如图所示方向的电流时(同时通电)，从左向右看，线圈将()A顺时针转动，同时靠近直导线ABB顺时针转动，同时离开直导线ABC逆时针转动，同时靠近直导线ABD不动解析圆环处在通电直导线的磁场中由右手螺旋定则判断出通电直导线右侧磁场方向垂直纸面向里，由左手定则判定，水平放置的圆环
7、外侧半圆受安培力向上，内侧半圆所受安培力方向向下，从左向右看逆时针转，转到与直导线在同一平面内时，由于靠近导线一侧的半圆环电流向上，方向与直导线相同，互相吸引，直导线与另一侧半圆环电流反向，相互排斥，但靠近导线的半圆环处B值较大，故F引F斥，对圆环来说合力向左正确选项为C.答案C10.如图所示，质量为m，长为L，通有电流为I的导体棒ab静止在水平导轨上，匀强磁场磁感应强度为B，其方向与导轨平面成角斜向上且和棒ab垂直，ab处于静止状态，则ab受到的摩擦力大小为_，方向为_，受到的支持力为_解析画出ab棒的横截面图，并受力分析如右图所示，因为棒ab处于静止状态，由水平方向受力平衡可得FfF安si
8、nBILsin，方向水平向右竖直方向上受力平衡得F安cosFNmg，则FNmgBILcos.答案BILsin水平向右mgBILcos11如图所示，有一水平放置的圆环线圈，半径为r，单位长度的质量m016 g有一圆锥形的磁场，线圈所在位置的磁感应强度为B0.8 T，锥形的顶角为60，为使线圈悬浮，应通以多大的电流？(取g10 m/s2)解析将圆环线圈分成很多小段，每一小段可以看作一段直线电流，取右边一小段分析，受力如右图所示，对于圆环整体而言，水平方向上安培力相互抵消了，整个圆环所受合安培力大小为F2rBIsin30rBI.而要使线圈悬浮，有Fmg2rm0g，得I0.4 A.答案0.4 A12.
9、如图所示，电源电动势E2 V，r0.5 ，竖直导轨宽L0.2 m，导轨电阻不计另有一金属棒ab，质量m0.1 kg，电阻R0.5 ，它与轨道间的动摩擦因数0.4，金属棒靠在导轨的外面为使金属棒静止不下滑，施加一个与纸面夹角为30且方向向里的匀强磁场，g取10 m/s2.求：(1)磁场的方向；(2)磁感应强度B的取值范围解析(1)通电导线ab的截面受力分析如下图所示(从a端看)，由图可知磁场方向斜向下(2)当ab棒有下滑的趋势时，受向上的静摩擦力为F1，则有Fsin30F1mg0.又FB1IL，F1Fcos30，I.由以上四式解得B13.0 T.当ab棒有上滑的趋势时，受向下的静摩擦力为F2，如
10、图所示，则有Fsin30F2mg0FB2ILF2Fcos30由以上各式解得B216.3 T所以B的取值范围是3.0 TB16.3 T.答案(1)斜向下(2)3.0 TB16.3 T13(2012新课标全国)图中虚线框内存在一沿水平方向、且与纸面垂直的匀强磁场现通过测量通电导线在磁场中所受的安培力来测量磁场的磁感应强度大小、并判定其方向所用部分器材已在图中给出，其中D为位于纸面内的U形金属框，其底边水平，两侧边竖直且等长；E为直流电源；R为电阻箱；A为电流表；S为开关此外还有细沙、天平、米尺和若干轻质导线(1)在图中画线连接成实验电路图(2)完成下列主要实验步骤中的填空：按图接线保持开关S断开，
11、在托盘内加入适量细沙，使D处于平衡状态；然后用天平称出细沙质量m1.闭合开关S，调节R的值使电流大小适当，在托盘内重新加入适量细沙，使D_；然后读出_，并用天平称出_用米尺测量_(3)用测得的物理量和重力加速度g表示磁感应强度的大小，可以得出B_.(4)判定磁感应强度方向的方法是：若_，磁感应强度方向垂直纸面向外；反之，磁感应强度方向垂直纸面向里解析(1)应当用串联电路(2)通电前，根据D处于平衡状态，有mDgm1g.通电后，D受安培力的作用，为求解安培力需要使D重新平衡，为了表示安培力需要测量D中电流I，细沙质量m2，再根据D处于平衡状态有mDgBIlm2g(或mDgBIlm2g)，解得磁感应强度为B.根据左手定则可以判断，当m2m1时，磁感应强度的方向垂直于纸面向外答案(1)电路如图所示(2)重新处于平衡状态电流表A的示数I细沙的质量m2D的底边长度l(3)(4)m2m1- 12 - 版权所有高考资源网
