1、江苏省房山高级中学2012物理高考模拟试题 （四）本试卷分第卷和第卷（非选择题）两部分， 满分120分，考试时间100分钟第卷（选择题 共31分）一单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。1理想实验是科学研究中的一种重要方法，它把可靠事实和理论思维结合起来，可以深刻地揭示自然规律。以下实验中属于理想实验的是（ ）A验证平行四边形定则 B伽利略的斜面实验C用打点计时器测物体的加速度 D利用自由落体运动测定反应时间 B 2如图，闭合导线框的质量可以忽略不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场。若第一次用0.3s时间拉出，外力所做的功为W1，通过导线截面的电量为q1；第二次用0.9s时间拉出，外
2、力所做的功为W2，通过导线截面的电量为q2，则（ ）AW1W2 ，q1q2 BW1W2 ，q1=q2 CW1W2 ， q1=q2 DW1W2 ， q1q23质量为m的物体，在距地面h高处以g/3 的加速度由静止竖直下落到地面.下列说法中正确的是（ ）A物体的重力势能减少mgh B物体的动能增加mghC物体的机械能减少mgh D重力做功mgh4光滑绝缘杆固定在水平位置上，使其两端分别带上等量同种正电荷Q1、 Q2，杆上套着一带正电小球，整个装置处在一个匀强磁场中，磁感应强度方向垂直纸面向里，将靠近右端的小球从静止开始释放，在小球从右到左的运动过程中，下列说法正确的是( ) A小球受到的洛伦兹力大
3、小变化，但方向不变B小球受到的洛伦兹力将不断增大C小球的加速度将减小D小球的电势能一直减小5M是一小型理想变压器，接线柱a、b接在电压 u311sin314t(V)的正弦交流电源上，变压器右侧部分为一火警报警系统原理图，其中R2为用半导体热敏材料制成的传感器，电流表A2为值班室的显示器，显示通过R1的电流，电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出)，R3为一定值电阻。当传感器R2所在处出现火警时，以下说法中正确的是（ ）AA1的示数不变，A2的示数增大BV1的示数不变，V2的示数减小 CV1的示数增大，V2的示数增大DA1的示数增大，A2的示数增大二多项选择题：本题共4小题，每小题4分，
4、共16分。每小题有多个选项符合题意。 6两个倾角相同的滑杆上分别套A、B两圆环，两环上分别用细线悬吊着两物体C、D，如图所示，当它们都沿滑杆向下滑动时，A的悬线与杆垂直，B的悬线竖直向下。则（）ABCDAA环与杆无摩擦力BB环与杆无摩擦力CA环做的是匀速运动DB环做的是匀速运动7如图示，欲使静止的ab杆向右移动，cd杆应 （ ）A向右匀速运动B向右加速运动C向左加速运动D向左减速运动 8在圆轨道上运动的质量为m的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径R，地面上的重力加速度为g，则（ ） A卫星运动的速度为 B卫星运动的周期为C卫星运动的加速度为 D卫星运动的动能为9如图所示，一质量为m、带电
5、量为q的物体处于场强按E=E-kt(E、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向)变化的电场中，物体与竖直墙壁间动摩擦因数为，当t=O时刻物体刚好处于静止状态。若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是( )A物体开始运动后加速度先增加、后保持不变B物体开始运动后加速度不断增加C经过时间t= E/k，物体在竖直墙壁上的位移达最大值D经过时间t=(Eq-m g)/kq，物体运动速度达最大值第卷（非选择题 共89分）三、简答题：本题分为必做题（第10、11题）和选做题（第12题），共42分请将解答填写在相应位置10某探究学习小组的同学欲“探究恒力做功与滑块动能
6、变化的关系”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外还有学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙、天平、刻度尺当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：水平实验台滑轮小沙桶滑块细线打点计时器纸带长木板（1）实验时为了使滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，实验时除了要平衡摩擦力外，还要求沙和沙桶的总质量m与滑块的质量M应满足的条件是 （2）在（1）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器
7、打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1M(v22-v12)/2 (4) mgL=(M+m)(v22-v12)/211（1）C（2）电路如图所示（3），U为电压表读数，Rv为电压表内阻12A（1）CD（2）C待油膜稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用笔画出油酸薄膜的外围形状；（2分）Ed = 5n104/Nm （2分）（3）气缸和隔板绝热，电热丝对气体a加热，a温度升高，体积增大，压强增大，内能增大； （2分）a对b做功，b的体积减小，温度升高，压强增大，内能增大（2分）12B（1）A（2）l1、l3；l1/l3 （每空2分）（3）波长 = 2.0m，周期T = /v
8、 = 1.0s，振幅A = 5cm，则y = 5sin(2t) cm （2分）n = t/T = 4.5，则4.5s内路程s = 4nA = 90cm；x = 2.5m质点在t = 0时位移为y =5cm，则经过4个周期后与初始时刻相同，经4.5个周期后该质点位移y = 5cm（2分）12C.（1）AB（2）B的右端至D板的距离L2（2分）（2分）（3）4H He +2e（2分）m = 4mP m2me = 41.0073u4.0015u20.0005u = 0.0267 u（2分）E = mc2 = 0.0267 u931.5MeV/u 24.86 MeV （2分）13解：（1）设由B到C平
9、抛运动的时间为t 竖直方向： hBC =gt2 hBC=Ssin37o 水平方向： Scos37 o = vBt 代得数据，解得vB=20ms （2）A到B过程由动能定理有 mghAB+Wf=mvB2 代人数据，解得 Wf = -3000J 所以运动员克服摩擦力所做的功为3000J14（1）由于线框匀速出磁场，则对有： ， 对有： ，又因为，联立可得： （2）从线框刚刚全部进入磁场到线框ad边刚要离开磁场，由动能定理得：，将速度v代入，整理可得线框刚刚全部进入磁场时，线框与物块的动能和为J，所以此时线框的动能为J。 （3）从初状态到线框刚刚完全出磁场，由能的转化与守恒定律可得，将数值代入，整理可得线框在整个运动过程中产生的焦耳热为：Q = 1.5 J 。15（1）设：带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动半径为R，如图答61-1所示，OOA = 30，由图可知，圆运动的半径R = OA = ，（2）根据牛顿运动定律， 有：Bqv = m 有：R = ，故粒子的入射速度. （3）当带电粒子入射方向转过60角，如图答61-2所示，在OAO1中，OA = r，O1A = r， O1AO = 30，由几何关系可得，O1O = r，AO1E = 60.设：带电粒子在磁场中运动所用时间为t，由： ，有：T = ，解出：t = 。