1、高考资源网（） 您身边的高考专家2016-2017学年江苏省扬州市邗江中学高二（上）期中物理试卷（选修）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题意1下列说法中正确的是（）A根据B=可知匀强磁场磁感应强度的大小等于垂直穿过单位面积的磁感线条数B根据=BS可知，闭合回路的面积越大，穿过该线圈的磁通量一定越大C根据F=BIL可知，在磁场中某处放置的电流越大，则受到的安培力一定越大D根据B=可知，磁场中某处的磁感强度大小与通电导线所受的磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比2质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂直进入匀强磁场，运行的
2、半圆轨迹如图中两个虚线所示，下列表述正确的是（）AM带正电，N带负电BM的速率大于N的速率C洛伦磁力对M、N做正功DM的运行时间大于N的运行时间3如图所示的电路中，现将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A电流表的示数变小B电压表的示数变大C电灯L消耗的功率变大D电阻R1消耗的功率变大4空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）ABCD51930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒
3、D1、D2构成，其间留有空隙下列说法不正确的是（）A交变电压的频率与离子做匀速圆周运动的频率相等B离子获得的最大动能与加速电压的大小有关C离子获得的最大动能与D形盒的半径有关D离子从电场中获得能量6如图所示，一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子，不计重力在a点以某一初速度水平向左射入磁场区域，沿曲线abcd运动，ab、bc、cd都是半径为R的圆弧粒子在每段圆弧上运动的时间都为t规定由纸面垂直向外的磁感应强度为正，则磁场区域、三部分的磁感应强度B随x变化的关系可能是图中的（）ABCD7如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd（ab、cd在同一条水平直线上）
4、连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P当P中通以方向向外的电流时（）A导线框将向左摆动B导线框将向右摆动C从上往下看，导线框将顺时针转动D从上往下看，导线框将逆时针转动8如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大电阻为R，开关K闭合两平行金属极板a、b间有匀强磁场，一带负电的粒子（不计重力）以速度v水平匀速穿过两极板下列说法正确的是（）A若将滑片P向上滑动，粒子将向a板偏转B若将a极板向上移动，粒子将向a板偏转C若增大带电粒子的速度，粒子将向b板偏转D若增大带电粒子带电量，粒子将向b板偏转二、多项选择题
5、：本题共4小题，每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分9下列说法正确的是（）A在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压变大，电源的电动势也变大B如果把电压表直接和电源连接，实际条件下，电压表的示数总小于电源电动势C电源的电动势是表示电源把其他形式的能量转化为电能的本领大小的物理量D同一电源接入不同的电路，电动势就会发生改变10在如图所示的UI图象中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的UI图线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知（）A电源的电动势为3V，内阻为0.5B电阻R的阻值为2C电源的输出功率
6、为4WD电源的效率为50%11如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向的且互相垂直的足够大的匀强磁场和匀强电场中设小球电量不变，小球由静止下滑的过程中（）A小球加速度一直增大B小球速度一直增大C杆对小球的弹力先减小，后增大，最后不变D小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变12图中A为理想电流表，V1和V2为理想电压表，R1为定值电阻，R2为可变电阻，电源E内阻不计，则（）AR2不变时，V2读数与A读数之比等于R1BR2不变时，V1表示数与A示数之比等于R1CR2改变一定量时，V2读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对
7、值等于R1DR2改变一定量时，V1读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于R1三、实验题：本题共三小题，共28分把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答13用多用电表测量一个定值电阻的阻值，电阻挡有三个倍率，分别是1、10、100（1）用10挡测量某电阻时，将多用电表的红、黑表笔分别插入“”、“”插孔，然后短接，旋转旋钮（填下图甲中“A”“B”“C”），使指针指在端的零刻度位置（填“左”或“右”）；（2）操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到挡；（3）如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是；（4）若选用“100”，表盘的示数如图乙所示，
8、则该电阻的阻值是14在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A电池组（3V，内阻1） B电流表（03A，内阻0.012 5）C电流表（00.6A，内阻约0.125） D电压表（03V，内阻4k）E电压表（015V，内阻15k） F滑动变阻器（020，允许最大电流1A）G滑动变阻器（02 000，允许最大电流0.3A） H开关、导线若干实验时电流表、电压表、滑动变动阻选用（填写仪器前字母代号）；测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻Rx在组成测量电路时，应采用电流表接法，待测金属丝电阻的测量值比真实值偏（选填“大”或“小”）；若用
9、螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如图所示，则读数为 mm；若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式=15在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：器材规格待测干电池电动势为1.5V，内电阻小于0.1电流表G满偏电流3mA，内阻Rg=10电流表A量程00.6A，内电阻0.1滑动变阻器R1最大阻值为20，额定电流为10A滑动变阻器R2最大阻值为200，额定电流为1A定值电阻R0990开关、若干导线（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图1所示中的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图所示的电路；在
10、该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选（填“R1”或者“R2”）（2）该同学顺利完成实验，测出的数据经转换后如表所示请你根据这些数据帮他在下面坐标图中画出UI图象，并由图得出电池的电动势E=V，内阻r=；I/A0.100.170.230.30U/V1.201.000.800.60四、计算题：本题共4小题，共52分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示电路，电源电动势E=9V，内阻r=1，定值电阻R2=2，灯A是“6V、6W”，灯B是“4V、4W”当B灯正常发光时，求：（1）流过电阻
11、R1的电流是多大？（2）图中电阻R1应是多大？（3）电源的输出功率是多大？17图中电源电动势E=12V，内电阻r=0.5，将一盏额定电压为8V，额定功率为16W的灯泡与一只线圈电阻为0.5的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min，问：（1）电路中的总电流为多大？（2）电流流过灯泡所做的功是多少？（3）电动机线圈中产生的热量是多少？18如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒，导体棒中通有大小为I、方向垂直纸面向里的电流，欲使导体棒静止在斜面上，可以施加方向垂直于导体棒的匀强磁场求：（1）若匀强磁场的方向在竖直方向，则磁场方向向上还是向下
12、？磁感应强度为多大？（2）若导体棒与斜面间无挤压，则施加的磁场方向如何？则磁感应强度为多大？（3）沿什么方向施加匀强磁场可使磁感应强度最小？最小为多少？19如图所示，在xOy坐标系中，x轴上的N点到O点的距离是12cm，虚线NP与x轴负向的夹角是30第象限内NP的上方有匀强磁场，磁感应强度B=1T，第象限内有匀强电场，方向沿y轴正向将一质量m=81010 kg、电荷量q=1104 C带正电粒子，从电场中M（12，8）点由静止释放，经电场加速后从N点进入磁场，又从y轴上P点穿出磁场不计粒子重力，取=3，求：（1）粒子在磁场中运动的速度v；（2）匀强电场的电场强度E；（3）粒子从M点到P点运动的时
13、间2016-2017学年江苏省扬州市邗江中学高二（上）期中物理试卷（选修）参考答案与试题解析一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题意1下列说法中正确的是（）A根据B=可知匀强磁场磁感应强度的大小等于垂直穿过单位面积的磁感线条数B根据=BS可知，闭合回路的面积越大，穿过该线圈的磁通量一定越大C根据F=BIL可知，在磁场中某处放置的电流越大，则受到的安培力一定越大D根据B=可知，磁场中某处的磁感强度大小与通电导线所受的磁场力F成正比，与电流强度I和导线长度L的乘积成反比【考点】安培力；磁感应强度【分析】磁感应强度的大小由磁场本身性质决定，与导线的电流和所受安培力
14、无关当磁场的方向与电流的方向垂直时，安培力大小为F=BIL在匀强磁场中，当磁场的方向与面积垂直，则=BS【解答】解：A、根据B=可知，匀强磁场磁感应强度的大小等于垂直穿过单位面积的磁感线条数，又叫磁通密度故A正确； B、公式=BS的条件是磁场的方向与线圈垂直，当磁场方向与面积平行，闭合回路的面积再大，磁通量为零故B错误 C、公式F=BIL的使用条件是电流的方向与磁场的方向垂直，电流大，则受到的安培力不一定越大，还跟电流与磁场之间的夹角有关故C错误 D、磁场的磁感应强度与通电导线的电流和所受的磁场力无关，由本身的性质决定故D错误故选：A2质量和电荷量都相等的带电粒子M和N，以不同的速率经小孔S垂
15、直进入匀强磁场，运行的半圆轨迹如图中两个虚线所示，下列表述正确的是（）AM带正电，N带负电BM的速率大于N的速率C洛伦磁力对M、N做正功DM的运行时间大于N的运行时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；洛仑兹力【分析】由左手定则判断出M带正电荷，带负电荷；结合半径的公式可以判断出粒子速度的大小；根据周期的公式可以判断出运动的时间关系【解答】解：A：由左手定则判断出N带正电荷，M带负电荷，故A错误；B：粒子在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力qvB=m，半径为：，在质量与电量相同的情况下，半径大说明速率大，即M的速度率大于N的速率，故B正确；C：洛伦兹力不做功，故C错误；D：粒子在磁场中运动半周，即
16、时间为周期的一半，而周期为T=，与粒子运动的速度无关，所以M的运行时间等于N的运行时间，故D错误故选：B3如图所示的电路中，现将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）A电流表的示数变小B电压表的示数变大C电灯L消耗的功率变大D电阻R1消耗的功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】由图可知滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在R两端，与灯泡并联接入电源，电流表测干电路中的电流；由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化；由欧姆定律可知电路中电流的变化及电压表示数的变化，根据P=I2R判断功率变化【解答】解：A、将滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知，总电流增大，
17、所以电流表示数增大，故A错误；B、总电流增大，所以电源内阻所占电压增大，所以并联部分电压减小，所以通过L的电流减小，根据P=I2R可知，电灯L消耗的功率变小，故C错误，但总电流增大，所以通过R1的电流增大，通过R1的电压增大，而并联部分电压减小，所以电压表示数减小，故B错误，根据P=I2R可知，电阻R1消耗的功率变大，故D正确故选D4空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面一质量为m、电荷量为q（q0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）ABCD【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿
18、第二定律；向心力【分析】带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径r，根据牛顿第二定律求出磁场的磁感应强度【解答】解：带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，画出轨迹如图，根据几何知识得知，轨迹的圆心角等于速度的偏向角60，且轨迹的半径为 r=Rcot30=R，由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：；故选：A51930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙下列说法不正确的是（）A交变电压的频率与离子做匀速圆周运动的频率相等B离子获得的
19、最大动能与加速电压的大小有关C离子获得的最大动能与D形盒的半径有关D离子从电场中获得能量【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理【分析】回旋加速器靠电场加速和磁场偏转来加速粒子加速粒子时，交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等【解答】解：A、回旋加速器中，离子做圆周运动的周期与交变电场的周期相同，保证持续加速故A正确；B、根据qvB=m，解得v=，带电离子射出时的动能EK=mv2=，与加速的电压无关，与磁感应强度的大小有关故B错误C、带电离子射出时的动能EK=mv2=，离子获得的最大动能与D形盒的半径有关故C正确D、回旋加速器是利用电场加速离子，磁场偏转来偏转离子；离子从电场中获得能量故D正确
20、本题选择不正确的，故选：B6如图所示，一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子，不计重力在a点以某一初速度水平向左射入磁场区域，沿曲线abcd运动，ab、bc、cd都是半径为R的圆弧粒子在每段圆弧上运动的时间都为t规定由纸面垂直向外的磁感应强度为正，则磁场区域、三部分的磁感应强度B随x变化的关系可能是图中的（）ABCD【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力【分析】根据左手定则可判断出磁感应强度B在磁场区域I、II、内磁场方向，在三个区域中均运动圆周，故t=T根据周期公式求出B的大小即可判断【解答】解：由左手定则可判断出磁感应强度B在磁场区域I、II、内磁场方向分别为向外、向里和向
21、外，在三个区域中均运动圆周，故t=T由于T=，求得B=，只有选项C正确故选：C7如图所示，用绝缘细线悬挂一个导线框，导线框是由两同心半圆弧导线和直导线ab、cd（ab、cd在同一条水平直线上）连接而成的闭合回路，导线框中通有图示方向的电流，处于静止状态在半圆弧导线的圆心处沿垂直于导线框平面的方向放置一根长直导线P当P中通以方向向外的电流时（）A导线框将向左摆动B导线框将向右摆动C从上往下看，导线框将顺时针转动D从上往下看，导线框将逆时针转动【考点】安培力；左手定则【分析】先由安培定则判断通电直导线P在导线ab、cd处的磁场方向，然后由左手定则判断导线ab、cd所受的安培力【解答】解：由安培定则
22、判断出通电导线P在ab处的磁场向下，在cd处的磁场向上，根据左手定则，知ab受安培力向外，cd受安培力向里，从上往下看，导线框将逆时针转动，故D正确故选：D8如图所示，电源电动势为E，内阻为r，滑动变阻器最大电阻为R，开关K闭合两平行金属极板a、b间有匀强磁场，一带负电的粒子（不计重力）以速度v水平匀速穿过两极板下列说法正确的是（）A若将滑片P向上滑动，粒子将向a板偏转B若将a极板向上移动，粒子将向a板偏转C若增大带电粒子的速度，粒子将向b板偏转D若增大带电粒子带电量，粒子将向b板偏转【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析】电容器与R并联，故电容器两端的电压等于R两端的电压；则a、b之间形成电
23、场，带电粒子在混合场中做匀速运动，则可知电场力应与磁场力大小相等方向相反；则分析滑片移动时，极板间场强的变化可知电场力的变化，则可知粒子受力的变化，即可得出带电粒子偏转的方向【解答】解：A、因电容器与电阻并联，将滑片P向上滑动，电阻两端的电压减小，故两板间的电场强度要减小，故所受电场力减小，因带负电，电场力向上，则粒子将向b板偏转运动，故A错误；B、保持开关闭合，将a极板向上移动一点，板间距离增大，电压不变，由E=可知，板间场强减小，若粒子带负电，则粒子所受电场力向上，洛仑兹力向下，带电粒子受电场力变小，则粒子将向b板偏转，故B错误；C、由图可知a板带正电，b板带负电；若带电粒子带负电，则受电
24、场力向上，洛仑兹力向下，原来二力应大小相等，物体才能做匀速直线运动；若增大带电粒子的速度，所受极板间洛仑兹力增大，而所受电场力不变，故粒子将向b板偏转，故C正确；D、若带电粒子带正电，则受电场力向下，洛仑兹力向上，原来二力应大小相等，物体才能做匀速直线运动；若增大带电粒子带电量，所受电场力增大，而所受洛仑兹力也增大，但两者仍相等，故粒子将不会偏转，故D错误；故选：C二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分9下列说法正确的是（）A在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压变大，电源的电动势也变大B如果把电压表直
25、接和电源连接，实际条件下，电压表的示数总小于电源电动势C电源的电动势是表示电源把其他形式的能量转化为电能的本领大小的物理量D同一电源接入不同的电路，电动势就会发生改变【考点】电源的电动势和内阻【分析】根据闭合电路欧姆定律及串并联电路的规律可分析路端电压与用电器等之间的关系【解答】解：A、电动势是一个表征电源特征的物理量，由电源本身决定，与外电路无关；故A错误；B、把电压表直接和电源连接时，因实际电压表内阻均不是无穷小，可以看作是用电器；故电压表的示数要小于电动势；故B正确；C、电源的电动势是表示电源把其他形式的能量转化为电能的本领大小的物理量；故C正确；D、电动势是一个表征电源特征的物理量，由
26、电源本身决定，同一电源接入不同的电路，电动势不变；故D错误；故选：BC10在如图所示的UI图象中，直线为某一电源的路端电压与电流的关系图线，直线为某一电阻R的UI图线用该电源直接与电阻R相连组成闭合电路，由图象可知（）A电源的电动势为3V，内阻为0.5B电阻R的阻值为2C电源的输出功率为4WD电源的效率为50%【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据图线纵轴截距读出电源的电动势，斜率大小读出电源的内阻图线的斜率大小等于电阻R的大小两图线的交点表示电阻R接在该电源的电压和电流，求出电源的输出功率和电源的效率【解答】解：A、由图线图线纵轴截距读出电源的电动势E=3V，其斜率大小等于电源的内阻r=0.
27、5故A正确B、电阻R的阻值为R=1故B错误；C、两图线的交点表示该电源直接与电阻R相连组成闭合电路时电路中电流和路端电压，则有U=2V，I=2A，电源的输出功率为P=UI=22W=4W故C正确D、电源的效率为=66.7%故D错误故选：AC11如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m，带电量为q，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向的且互相垂直的足够大的匀强磁场和匀强电场中设小球电量不变，小球由静止下滑的过程中（）A小球加速度一直增大B小球速度一直增大C杆对小球的弹力先减小，后增大，最后不变D小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变【考点】带电粒子在混合场中的运动【分析
28、】本题应通过分析小球的受力情况，来判断其运动情况：小球受重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力，当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，加速度最大；当洛伦兹力大于电场力，且滑动摩擦力与重力平衡时，速度最大【解答】解：小球下滑过程中，受到重力、摩擦力（可能有）、弹力（可能有）、向左的洛伦兹力、向右的电场力开始阶段，洛伦兹力小于电场力时，小球向下做加速运动时，速度增大，洛伦兹力增大，小球所受的杆的弹力向左，大小为N=qEqvB，N随着v的增大而减小，滑动摩擦力f=N也减小，小球所受的合力F合=mgf，f减小，F合增大，加速度a增大；当洛伦兹力等于电场力时，合力等于重力，
29、加速度最大；小球继续向下做加速运动，洛伦兹力大于电场力，小球所受的杆的弹力向右，大小为N=qvBqE，v增大，N增大，f增大，F合减小，a减小当mg=f时，a=0，速度达到最大；故加速度先增大后减小，直到为零；小球的速度先增大，后不变；杆对球的弹力先减小后反向增大，最后不变；洛伦兹力先增大后不变故CD正确，AB错误故选：CD12图中A为理想电流表，V1和V2为理想电压表，R1为定值电阻，R2为可变电阻，电源E内阻不计，则（）AR2不变时，V2读数与A读数之比等于R1BR2不变时，V1表示数与A示数之比等于R1CR2改变一定量时，V2读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于R1DR2改变一定
30、量时，V1读数的变化量与A读数的变化量之比的绝对值等于R1【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】电源E内阻不计，路端电压等于电动势，保持不变理想电压表对电路影响不变根据电阻的定义，当电阻不变时R=当电阻变化时，根据欧姆定律，用数学方法电阻与两电表读数的关系分析【解答】解：A、R2不变时，V2读数与A读数之比等于R2故A错误 B、R2不变时，Vl表示数与A示数之比等于Rl故B正确 C、R2改变一定量时，设V2读数为U2，A读数为I，根据欧姆定律，U2=EIR1，由数学知识可知，大小等于R1故C正确 D、设V1读数为U1，根据欧姆定律，U1=IR1，由数学知识可知，大小等于R1故D正确故选BCD三、实
31、验题：本题共三小题，共28分把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答13用多用电表测量一个定值电阻的阻值，电阻挡有三个倍率，分别是1、10、100（1）用10挡测量某电阻时，将多用电表的红、黑表笔分别插入“+”、“”插孔，然后短接，旋转C旋钮（填下图甲中“A”“B”“C”），使指针指在右端的零刻度位置（填“左”或“右”）；（2）操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小，为了较准确地进行测量，应换到100挡；（3）如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是欧姆调零；（4）若选用“100”，表盘的示数如图乙所示，则该电阻的阻值是2200【考点】用多用电表测电阻【分析】用欧姆表测电
32、阻，应选择适当的档位，使指针指在中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；欧姆表指针示数与档位的乘积是欧姆表示数；根据欧姆表的使用方法与注意事项答题【解答】解：（1）用10挡测量某电阻时，将多用电表的红、黑表笔分别插入“+”、“”插孔，然后短接，旋转欧姆调零旋钮C旋钮，使指针指在右端的零刻度位置；（2）操作步骤正确，表头指针偏转角度很小，说明所选挡位太小，为了较准确地进行测量，应换到100挡；（3）欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零；（4）若选用“100”，由图乙所示可知，该电阻的阻值：22100=2200故答案为：（1）+；C；右；（2）100；（3）欧姆调零；（4）220014在做“测定
33、金属丝的电阻率”的实验中，若待测金属丝的电阻约为5，要求测量结果尽量准确，提供以下器材供选择：A电池组（3V，内阻1） B电流表（03A，内阻0.012 5）C电流表（00.6A，内阻约0.125） D电压表（03V，内阻4k）E电压表（015V，内阻15k） F滑动变阻器（020，允许最大电流1A）G滑动变阻器（02 000，允许最大电流0.3A） H开关、导线若干实验时电流表、电压表、滑动变动阻选用CDF（填写仪器前字母代号）；测电阻时，电流表、电压表、待测金属丝电阻Rx在组成测量电路时，应采用电流表外接法，待测金属丝电阻的测量值比真实值偏小（选填“大”或“小”）；若用螺旋测微器测得金属丝
34、的直径d的读数如图所示，则读数为0.900 mm；若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式=【考点】测定金属的电阻率【分析】选电压表和电流表的原则是：指针在到偏转角度最好；选的滑动变阻器要便于操作待测电阻的阻值与电流表差不多，故电流表的外接，从而判断出测量值与真实值的关系；螺旋测微器的读数方法：主尺+半毫米+转筒；根据电阻的决定式求电阻率【解答】解：流过金属丝的最大电流Im=0.5 A，电池组电压又是3 V，故电流表选C，电压表选D；由于待测电阻的电阻值比较小，滑动变阻器选总阻值小的便于调节，故选F；另外导线、开关要选；因为=40， =800，故电流表选
35、择外接法，外接法测量值偏小；从螺旋测微器的主尺上可以看出，半毫米刻度线已经露出来，因此主尺上应读0.5 mm，螺旋上接近第40个刻度线，可以估读40.00.01mm=0.400mm，所以该金属丝直径应为0.5 mm+0.400 mm=0.900 mm根据R=，解得：=故答案为：CDF；外，小；0.900； 15在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：器材规格待测干电池电动势为1.5V，内电阻小于0.1电流表G满偏电流3mA，内阻Rg=10电流表A量程00.6A，内电阻0.1滑动变阻器R1最大阻值为20，额定电流为10A滑动变阻器R2最大阻值为200，额定电流为1A定值电阻R09
36、90开关、若干导线（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图1所示中的（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是图b所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选R1（填“R1”或者“R2”）（2）该同学顺利完成实验，测出的数据经转换后如表所示请你根据这些数据帮他在下面坐标图中画出UI图象，并由图得出电池的电动势E=1.5V，内阻r=3；I/A0.100.170.230.30U/V1.201.000.800.60【考点】测定电源的电动势和内阻【分析】（1）将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表因为电源的内阻较小，所以应该
37、采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小（2）应用描点法作出图象，根据图象求出电源电动势与内阻【解答】解：（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表a、b两个参考实验电路，其中合理的是b，因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小滑动变阻器应选R1（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：由图示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则电源电动势E=1.5V，电源内阻r=3；故答案为：（1）b，R1；（2）1.5，3四、计算题：本题共4小题，共5
38、2分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位16如图所示电路，电源电动势E=9V，内阻r=1，定值电阻R2=2，灯A是“6V、6W”，灯B是“4V、4W”当B灯正常发光时，求：（1）流过电阻R1的电流是多大？（2）图中电阻R1应是多大？（3）电源的输出功率是多大？【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】（1、2）要使B灯正常发光，其电压必须达到额定电压先由额定电压和额定功率求出两灯的电阻由P=UI求出B灯的电流，即可由欧姆定律求出MN间的电压，由欧姆定律求出A灯的电流，从而得到总电流，再由闭合电路欧姆定律求解R1（3）
39、根据P=UI求出电源的输出功率即可【解答】解：（1）A、B两灯的电阻分别为：RA=6，RB=4B灯正常发光时其电压为：UB=6V，电流为：IB=A=1A 并联部分的电压为：U并=IBR2+UB=12+4=6V通过A灯的电流为：IA=A=1A故总电流为：I=IA+IB=2A，即流过电阻R1的电流是2A，（2）由E=U并+I（R1+r）得：R1=r=1=0.5（3）B灯正常发光时，电路中总电流为：I=2A，输出功率为：P出=UI=（U并+IR1）I=（6+20.5）2=14W答：（1）流过电阻R1的电流是2A；（2）图中电阻R1应是0.5（3）电源的输出功率是14W17图中电源电动势E=12V，内
40、电阻r=0.5，将一盏额定电压为8V，额定功率为16W的灯泡与一只线圈电阻为0.5的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min，问：（1）电路中的总电流为多大？（2）电流流过灯泡所做的功是多少？（3）电动机线圈中产生的热量是多少？【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】（1）由题意可知电路中的路端电压，则由闭合电路欧姆定律可求得电路中的电流；（2）由W=Pt可求得电流对灯泡所做的功；（3）由Q=I2Rt可求得电动机线圈产生的热量【解答】解：（1）由题意可知，电路的路端电压U=8V，则内电压为：U内=EU=12V8V=4V；电路中电流为：I=8A；（2）电流对灯丝做功为：W灯=Pt
41、=1610060J=9.6104J，（3）灯泡中的电流为：I灯=2A，由并联电路的规律可知，通过电动机的电流为：I机=II灯=8A2A=6A，电动机线圈产生的热量为：Q机=I机2R机t=620.56000J=1.08105J答：（1）电路中的总电流为8A；（2）电流流过灯泡所做的功是9.6104J；（3）电动机线圈中产生的热量是1.08105J18如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为L、质量为m的直导体棒，导体棒中通有大小为I、方向垂直纸面向里的电流，欲使导体棒静止在斜面上，可以施加方向垂直于导体棒的匀强磁场求：（1）若匀强磁场的方向在竖直方向，则磁场方向向上还是向下？磁感应强
42、度为多大？（2）若导体棒与斜面间无挤压，则施加的磁场方向如何？则磁感应强度为多大？（3）沿什么方向施加匀强磁场可使磁感应强度最小？最小为多少？【考点】共点力平衡的条件及其应用；安培力【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向，然后结合共点力作用下物体的平衡条件即可正确解答【解答】解：（1）若匀强磁场的方向在竖直方向，根据左手定则可知，磁场的方向竖直向上，安培力的方向水平向右，由 BIL=mg tan，得（2）若导体棒与斜面间无挤压，则安培力的方向向上，根据左手定则可知，施加的磁场方向方向水平向左由BIL=mg 得 （3）根据分力与合力
43、之间的关系可知，安培力的方向沿斜面向上时，安培力最小，此时的磁感应强度最小，根据左手定则可知磁场的方向垂直斜面向上由 BIL=mg sin，得答：（1）若匀强磁场的方向在竖直方向，则磁场方向向上，磁感应强度为；（2）若导体棒与斜面间无挤压，则施加的磁场方向水平向左，则磁感应强度为；（3）沿垂直斜面向上方向施加匀强磁场可使磁感应强度最小，最小为19如图所示，在xOy坐标系中，x轴上的N点到O点的距离是12cm，虚线NP与x轴负向的夹角是30第象限内NP的上方有匀强磁场，磁感应强度B=1T，第象限内有匀强电场，方向沿y轴正向将一质量m=81010 kg、电荷量q=1104 C带正电粒子，从电场中M
44、（12，8）点由静止释放，经电场加速后从N点进入磁场，又从y轴上P点穿出磁场不计粒子重力，取=3，求：（1）粒子在磁场中运动的速度v；（2）匀强电场的电场强度E；（3）粒子从M点到P点运动的时间【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动【分析】（1）粒子在电场中加速，获得速度后进入磁场做匀速圆周运动，转小半圈从P点穿出由几何关系得到做匀速圆周运动的半径，再由半径公式变形求得速度（2）直接根据动能定理就能求得电场强度（3）据粒子在磁场中转过的角度，求出粒子在磁场中的时间【解答】解：（1）粒子在磁场中的轨迹如图，设粒子做圆周运动的轨道半径为R，由几何关系，得R+Rsin30=ON 解得：R=0.08m由： 得 代入解得 v=104 m/s（2）粒子从M到N，在电场力作用下加速，据动能定理： 得：（3）由几何关系得：粒子在磁场中运动轨迹所对圆心角为120，则有答：（1）粒子在磁场中运动的速度为104m/s（2）匀强电场的电场强度5103V/m（3）粒子从M点到P点运动的时间为1.6105s2016年11月21日高考资源网版权所有，侵权必究！