1、江苏省扬州市2020届高三物理下学期考前调研测试试题（含解析）一、单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。每小题只有一个选项符合题意。选对的得3分，错选或不答的得0分。1.如图所示，A、B两小球所带电荷量分别为q1、q2，用长为L的轻质绝缘丝线连接，静止在光滑的绝缘水平面上。两个小球的半径rL，k表示静电力常量则丝线对A球的拉力大小为（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】ABCDA球静止，根据物体平衡可知，绳子拉力大小等于库仑力，因此有BCD错误A正确。故选C。2.如图所示，斜面固定且光滑，分别用力F1、F2将同一物体由静止以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端。物体到
2、达斜面顶端时，力F1、F2的功率分别为P1、P2，则（）A. F1F2，P1P2B. F1F2，P1P2C. F1F2，P1P2D. F1F2，P1P2【答案】D【解析】【详解】对物体受力分析，根据牛顿第二定律联立可得所以物体在两种情况下的加速度相同，根据可知物体到达顶端的速度相同。两种情况下的功率为所以有故选D。3.如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比n1n2=12，原线圈输入电压，副线圈间电阻为R，两电表均为理想交流电表，则（）A. 电压表的示数为B. 电流表的示数为C. 变压器的输入电功率为D. 电阻R增大，电压表示数增大【答案】C【解析】【详解】A输入电压的有效值为根据解得电压表
3、示数为，A错误；B副线圈的电流根据则电流表的示数B错误；C变压器的输入电功率为C正确； D电压表的示数是副线圈两端的电压，根据是由匝数比和原线圈的电压决定，与电阻R无关，D错误。故选C。4.如图所示，从同一位置P点以相同的速率抛出两小球A、B，落在地面上同一点Q。不计空气阻力，在运动过程中，下列说法正确的是（）A. A球的加速度比B球的大B. A球的飞行时间比B球的长C. 重力对A、B两球做功一定相等D. A、B两球落到Q点时速度相同【答案】B【解析】【详解】A两球均只受重力作用，则加速度相等，选项A错误； B因A球竖直向上的分初速度较大，则A球的飞行时间比B球的长，选项B正确；C两球的质量关
4、系不确定，可知重力对A、B两球做功不一定相等，选项C错误； D因A、B两球落到Q点时速度方向不同，则速度不相同，选项D错误。故选B。5.如图所示，足够长的传送带逆时针匀速转动，在传送带顶端A处无初速度地释放一个物块，已知物块与传送带间动摩擦因数0.5，滑动摩擦力等于最大静摩擦力，sin37=0.6，物块运动的速度v随时间t变化的图像正确的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】初状态时，物体重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律mgsin+mgcos=ma1解得加速度为a1=gsin+gcos当小木块的速度与传送带速度相等时
5、，由于=0.5tan37可知木块继续沿传送带加速向下，但是此时摩擦力的方向沿斜面向上，再由牛顿第二定律mgsin-mgcos=ma2解得加速度为a2=gsin-gcos比较知道a1a2图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率变小，故C正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分。6.2020年5月31日，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运载火箭，以“一箭双星”的方式，成功将高分九号02星和德四号卫星送入预定轨道。假设两颗卫星均做匀速圆周运动，高分九号02星的轨道半径R1小于德四号卫
6、星的轨道半径R2。已知地球表面的重力加速度为g，则高分九号02星（）A. 线速度大小为B. 线速度大于德四号卫星的线速度C. 周期小于德四号卫星的周期D. 向心加速度大于地球表面重力加速度【答案】BC【解析】【详解】A高分九号02星在预定轨道的重力加速度为g，根据重力提供向心力可得解得而gg，线速度大小小于，故A错误；B根据万有引力提供向心力可得解得两颗卫星的轨道半径R1R2，所以高分九号02星线速度大于德四号卫星的线速度，故B正确；C根据开普勒第三定律可得，两颗卫星的轨道半径R1R2，高分九号02星周期小于德四号卫星的周期，故C正确。D根据牛顿第二定律可得解得故D错误。故选BC。7.如图所示
7、，实线为两个点电荷Q1、Q2周围电场的电场线，虚线为带负电的检验电荷只在电场力作用下从A点运动到B点的轨迹，则下列判断正确的有（）A. A点的场强大于B点的场强B. Q1的电荷量大于Q2的电荷量C. 检验电荷在A点的速度大于在B点的速度D. 检验电荷在A点的电势能小于在B点的电势能【答案】ACD【解析】【详解】A根据“电场线的密疏表示场强的大小”可知，A点的场强比B点的场强大，故A正确；B根据电场线分布情况可知，Q1、Q2是同种电荷，由点电荷周围电场线较密可知点电荷带电荷量较多，即Q1Q2故B错误；CD负电荷从A点运动到B点，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故电荷在A点的速度大于在B点的速
8、度，在A点的电势能小于在B点的电势能，故CD正确。故选ACD。8.回旋加速器工作原理示意图如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，两盒间的狭缝很小，粒子穿过的时间可忽略，它们接在频率为f的交流电源上，A处粒子源产生的质子在加速器中被加速，加速电压为U，下列说法中正确的有（）A. 只增大加速电压U，质子获得的最大动能增大B. 只增大加速电压U，质子在回旋加速器中运动时间变短C. 只减小磁感应强度B，质子获得最大动能减小D. 只减小交流电频率f，该回旋加速器也能用于加速粒子【答案】BCD【解析】【详解】AC当粒子从D形盒中出来时速度最大，根据得那么质子获得的最大动能则最大动能与交流电压U无关
9、。只减小磁感应强度B，质子获得的最大动能减小，故A错误，C正确。B根据，若只增大交变电压U，不会改变质子在回旋加速器中运行的周期，但加速次数减少，则运行时间也会变短。故B正确。D根据可知，因粒子的荷质比可知只减小交流电频率f，该回旋加速器也能用于加速粒子，选项D正确。故选BCD。9.如图所示，轻质弹簧左端固定，水平向左的匀强电场场强为E，一电荷量为+q的绝缘物块（可视为质点）从A点处由静止释放，物块向左运动经B点时速度最大（图中未标出B点），物块运动至C点时弹簧被压缩到最短，物块弹回脱离弹簧后恰能到达AC的中点。已知ACL，则（）A. 物块受到的摩擦力为B. 弹簧的最大弹性势能为C. 物块弹回
10、向右运动过程中，经过B点时速度最大D. 从A到C物块与弹簧系统机械能的增加量为qEL【答案】AB【解析】【详解】A对整个过程，由动能定理解得选项A正确；B从A到C由动能定理 解得可知弹簧的最大弹性势能为，选项B正确；C物块向左运动经B点时速度最大，此时物块在B点所受的合力为零，即物块向右运动经过B点时，受向左的电场力Eq，向左的摩擦力f以及向右的弹力F弹，此时三力合力不再为零，则此时的速度不是最大，选项C错误；D由功能关系可知，从A到C物块与弹簧系统机械能的增加量为选项D错误。故选AB。三、简答题：本题分必做题（第10、11、12题）和选做题（第13题）两部分，共计42分。请将解答填写在答题卡
11、相应的位置。10.某同学测量物块与木板间动摩擦因数，实验装置如图甲所示。(1)在已知重力加速度g和测出物块下滑加速度a的情况下，还需要测量_。A木板与水平面的夹角B物块的质量mC木板长度L(2)将木板与水平面的夹角调到合适角度，接通电源，开启打点计时器，释放物块，物块由静止开始沿木板滑下。多次重复后选择点迹清晰的一条纸带，如图乙所示。图乙中的点为计数点，相邻的计数点间时间间隔为0.1s。将数据记录到下表：计数点1234567x/cm5.0011.9620.9031.8344.7059.5776.39t/s0.100.200300.400.500.600.70/(ms-1)0.500.600.7
12、00.790.890.991.09请根据表中的数据，在图丙的方格纸上作出t图线_。(3)由图线求得物块下滑的加速度a=_m/s2。（结果保留2位有效数字）(4)该同学认为：t图像中的图线与时间轴围成的面积表示物块t时间内运动的位移大小。他的观点是_的（选填“正确”或“错误”）。【答案】 (1). A (2). (3). 2.0（1.92.1） (4). 错误【解析】【详解】(1)1根据牛顿第二定律得可知还需要测量木板与水平面的夹角，故BC错误，A正确。故选A。(2)2由题意作图如下(3)3根据逐差法求加速度(4)4由于从释放物块到打下第一个点的距离位置，故不能用t图像中的图线与时间轴围成的面积
13、表示物块t时间内运动的位移大小，他的观点是错误的。11.某兴趣小组发现一电流表刻度清晰但数值标度模糊不清，利用如图所示的电路来测量该电流表的量程和内阻。(1)连接好实验电路，在闭合开关前将滑动变阻器R2的滑片调到_（选填“a”或“b”）端，电阻箱R1阻值调至最大。闭合开关S，调节滑动变阻器和电阻箱，使电流表指针满偏，记录电压表的读数U和电阻箱阻值R。(2)保持电流表的指针满偏，为测量多组数据，下列操作方案可行的有_。A先增大电阻箱的阻值，然后向b端调节滑动变阻器的滑片B先向b端调节滑动变阻器的滑片，然后增大电阻箱的阻值C先向a端调节滑动变阻器的滑片，然后减小电阻箱的阻值D先减小电阻箱的阻值，然
14、后向a端调节滑动变阻器的滑片(3)根据(2)中正确方案操作，获得多组实验数据，绘出的UR图像是一条直线。若直线的斜率为k，在U坐标轴上的截距为b，则该电流表的量程为_，内阻为_。（用k、b表示）(4)测量结果存在误差，其产生的原因可能是_（写出一个即可）。【答案】 (1). a (2). AC (3). k (4). (5). 电压表读数有误差（不能保证每次电流表指针偏转位置相同；作图有误差）【解析】【详解】(1)1为防止电路烧坏，在闭合开关前将滑动变阻器R2的滑片调到a端。(2)2根据欧姆定律可知电阻和电压都调大或都调小。考虑到安全的问题，避免电流表被烧坏，若要调大电压，则应先把电阻调大。若
15、要把电阻调小，则应先把电压调小。故BD错误，AC正确。故选AC。(3)34电阻箱和电流表串联，由得所以图像的斜率代表了满偏电流，即量程为k，截距代表了，即(4)5测量存在误差可能因为电压表的读数有误差。【选修模块3-5】12.波粒二象性是微观世界的基本特征，以下说法正确的有_。A. 光电效应现象揭示了光的粒子性B. 黑体辐射的实验规律可用光的波动规律解释C. 电子束通过双缝实验装置后形成干涉图样说明电子具有波动性D. 一个动量为p的电子对应的物质波波长为hp（h为普朗克常量）【答案】AC【解析】【详解】A光电效应现象揭示了光具有粒子性，A正确；B黑体辐射的实验规律可用量子理论来解释，但不能用光
16、的波动性解释，B错误；C电子束射到晶体上产生的衍射图样说明中子具有波动性，C正确；D根据德布罗意波波长公式，一个动量为p的电子对应的物质波波长（h为普朗克常量），D错误。故选AC。13.光电效应实验中，以不同频率的光入射同一金属表面，并测量与各频率对应的遏止电压Uc，所得结果如图所示。若图线斜率为k，电子电荷量为e，则普朗克常量h=_（用上述字母表示）。若用频率为31014Hz很强的入射光照射到该金属表面_（选填“能”或“不能”）产生光电效应。 【答案】 (1). ek (2). 不能【解析】【详解】由光电效应方程和可得对照题给的图像，则(2)由图像的直线与轴的交点可知，遏止电压为零时，入射光
17、的频率等于截止频率，该金属板对入射光的截止频率大于Hz ，所以频率为Hz很强的入射光照射到该金属板表面不能产生光电效应。14.一静止的轴核发生衰变成钍核，已知放出的粒子的质量为，速度为假设铀核发生衰变时，释放的能量全部转化为粒子和钍核的动能。（1）试写出铀核衰变的核反应方程；（2）求出铀核发生衰变时的质量亏损。（已知光在真空中的速度为，不考虑相对论效应）【答案】；【解析】【详解】（1）根据电荷数守恒、质量数守恒写出衰变方程：（2）设钍核的质量为，反冲速度大小为，由动量守恒定律，得：其中，设质量亏损为，释放的能量全部转化为粒子和钍核的动能，则所以【选做题】本题包括A、B两小题，请选定其中一题作答
18、，并在答题卡上把所选题目对应字母后的方框涂满涂黑，若都作答则按A小题评分。A选修模块3-315.下列说法中正确的是_。A. 多晶体没有固定的熔点B. 水的饱和汽压跟热力学温度成正比C. 当分子间的引力和斥力平衡时，分子势能最小D. 液晶显示器是利用了液晶对光具有各向同性的特点【答案】C【解析】【详解】A晶体都有固定的熔点，选项A错误；B饱和汽压是物质的一个重要性质，它的大小取决于物质的本性和温度；故一定温度下的饱和汽的分子数密度是一定值，相同温度下不同液体的饱和汽压一般是不同的；但饱和汽压不是与热力学温度成正比。故B错误；C当分子间的引力和斥力平衡时，分子力表现为零，此时分子势能最小，选项C正
19、确；D液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点，选项D错误。故选C。16.如图，导热气缸内封闭一定质量的理想气体，气缸内壁光滑。当外界温度升高时，密封气体体积_（选填“增大”、“不变”或“减小”），密封气体内能_（选填“增大”、“不变”或“减小”）。【答案】 (1). 增大 (2). 增大【解析】【详解】1由于气缸是导热的，当外界温度升高时，密封气体发生等压升温变化，根据可知密封气体的体积增大。2一定质量的理想气体的内能由温度决定，密封气体的温度升高，内能增大。17.假设在某材料表面镀银，镀层厚度为d，银的摩尔质量为M，密度为，阿伏伽德罗常数为NA，求：（1）银原子的直径D；（2）在面积为
20、S的表面上共镀有银原子的数目N。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】(1)银原子体积又解得银原子的直径(2)在面积为S的表面上共镀有银原子的数目B选修模块3-418.下列说法中正确的有_。A. 光从水中射入空气，其频率不变，传播速度变小B. 光纤通信及医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理C. 一束白光通过三棱镜后，在屏上出现彩色条纹，这是光的干涉现象D. 观察者看见太阳刚从地平线升起时，其实太阳位于地平线以下【答案】BD【解析】【详解】A根据当光从水中射入空气中时，速度将变大，但频率不变，A错误；B光纤通信和医用纤维式内窥镜都是利用了光的全反射原理，B正确；C白光通过三棱镜在屏上出现彩色
21、条纹是光的色散现象，是由于光的折射形成的，C错误；D早晨看太阳从地平线刚刚升起时，由于大气层的折射现象，实际上它还处在地平线的下方，D正确。故选BD。19.某同学“利用单摆测重力加速度”，在测量单摆周期时，计时起点是摆球经过_（选填“最高”、“最低”）点位置。测出摆线长为L1时单摆的周期为T1，摆线长为L2时单摆的周期为T2，则重力加速度的表达式为g=_。【答案】 (1). 最低 (2). 【解析】【详解】12因为单摆经过平衡位置时速度最大，则计时起点从摆长经过平衡位置开始，即经过最低点位置，测量误差最小。根据单摆的周期公式代入解得20.如图所示，甲、乙两列简谐横波传播速率相同，分别沿x轴负方
22、向和正方向传播，t=0时刻两列波刚好分别传播到A点和B点，已知甲波的频率为5Hz，求：（1）波传播的速率v；（2）经过多长时间，x=0处的质点位移第一次为+6cm。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）由图可得，甲波的波长甲波的频率两波波速相等，根据（2）甲波振幅乙波振幅可得质点位移为+6cm的时刻两波在该点处刚好都到达波峰，根据波形图可得，甲波和乙波的波峰向前传播4m时，恰好同时到达 处，时间为四、计算或论述题：本题共3小题，共47分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。21.如图所示，两光滑的金属导
23、轨OM、ON固定在同一水平面内，长度均为d，MON=60，匀强磁场方向竖直向下，磁感应强度大小为B。质量为m、长度为d的金属杆在水平拉力F作用下向左以速度v匀速运动，杆在运动过程中始终与导轨保持良好接触，杆单位长度电阻为r，导轨电阻不计。求：(1)图示位置，金属杆中电流大小和方向；(2)金属杆从导轨最右端运动到最左端过程中，通过O点的电量q；(3)在(2)的情况下，拉力F所做的功W。【答案】(1)，电流方向MN；(2)；(3)【解析】【详解】(1)图示位置，电动势为电流大小是电流方向：MN。(2)此过程中电流大小不变由得(3)当金属杆向左运动位移x时，其接入电路的有效长度为安培力拉力F=FA拉
24、力F与x关系如图则拉力F做功22.如图所示，长为2L的轻杆OA可绕固定转轴O在竖直面内自由转动，A端固定一小球，B是轻杆的中点。细线的一端系有质量为M的小物块，另一端绕过钉子C固定于B点。用手拉住小球使轻杆静止于水平位置，此时BC间细线长为2L，且细线与竖直方向夹角为60。松手后，当轻杆逆时针转到竖直位置时，小物块的速度。不计一切摩擦，重力加速度为g。求：(1)轻杆静止于水平位置时，钉子C受到细线作用力的大小F；(2)轻杆由水平位置转到竖直位置的过程中，细线对小物块做的功W；(3)小球的质量m。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)对钉子C受力分析如图甲所示所以T=Mg(2)如图
25、乙所示轻杆由水平位置转到竖直方向，M下降高度h等于BC间细线缩短的长度根据动能定理解得(3)如图乙所示，有vA=2vB=2v根据系统机械能守恒解得23.如图甲所示，电子从静止开始经加速电场加速后从O点以速度v水平射入有界匀强磁场，恰好从M点飞出。已知磁场宽度为，MP的距离为L，电子质量为m，电荷量为e，求：(1)加速电压U；(2)磁感应强度B1；(3)若磁场的磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，磁场垂直纸面向外为正方向，要使t=0时刻射入的电子从M点水平射出，磁感应强度B2和周期T应该满足的条件。【答案】(1)；(2)；(3)（n1，2，3，）；（n1，2，3，）【解析】【详解】(1)根据动能定理解得(2)电子运动轨迹如图根据几何关系有解得r1=2L对于电子有解得(3)电子运动轨迹如图可知：=60，电子经n个周期后从M点射出。则OM=2nr2即2L=2nr2又解得（n1，2，3，）周期关系为即解得（n1，2，3，）