1、2018-2019第二学期期中考试高一年级(普、实)物理试卷一、单项选择题（每个选项3分，共计48分）1.下列关于曲线运动的描述中，正确的是（ ）A. 曲线运动的加速度可能为零B. 曲线运动一定是变速运动C. 曲线运动有可能是匀速运动D. 曲线运动不可能是匀变速运动【答案】B【解析】【详解】曲线运动是变速运动，加速度不可能为零，选项A错误；曲线运动的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，选项B正确，C错误；曲线运动的加速度可能是不变的，即可能是匀变速运动，例如平抛运动，选项D错误；故选B.2.汽车以速度v通过一半圆形拱桥的顶端时，汽车受力的说法中正确的是 （ ）A. 汽车的向心力就是它所
2、受的重力B. 汽车的向心力是它所受的重力和支持力的合力，方向指向圆心C. 汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力和向心力的作用D. 以上均不正确【答案】B【解析】【详解】汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力的作用，汽车的向心力是它所受的向下的重力与竖直向上的支持力的合力，方向指向圆心，选项B正确，ACD错误.3.设行星绕恒星运动轨道为圆形，则它运动的周期平方与轨道半径的三次方之比为常数，此常数的大小（ ）A. 只与恒星质量有关B. 与恒星质量和行星质量均有关C. 只与行星质量有关D. 与恒星和行星速度有关【答案】A【解析】行星绕恒星运动轨道为圆形，则，整理得：，则此常数的大小只与恒星质量有关。故A项
3、正确，BCD三项错误。4. 如图所示，一物体在水平恒力的作用下沿光滑水平面做曲线运动，当物体从M点运动到N点时，其速度方向恰好改变了90，则物体从M点到N点的运动过程中，物体的速度将（ ）A. 不断增大B. 不断减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大【答案】D【解析】试题分析：曲线运动的轨迹在速度方向与合力方向之间，对M、N点进行分析可知开始时恒力与速度夹角为钝角，后来夹角为锐角，则物体的速度先减小后增大，D正确。考点：本题考查曲线运动的规律。5.以速度v0水平抛出一小球，如果从抛出到某时刻小球的竖直分位移与水平分位移大小相等，以下判断正确的是（ ）A. 此时小球的竖直分速度大小等于水平分速
4、度大小B. 此时小球的速度大小为v0C. 小球运动的时间为2v0/gD. 此时小球速度的方向与位移的方向相同【答案】C【解析】水平方向，竖直方向，A错；此时小球速度为，B错；，C对；设速度方向与水平方向夹角为 ，位移与水平方向夹角为a，tan=,D 错；6.人用绳子通过定滑轮拉物体A，A穿在光滑的竖直杆上，当以速度v0匀速地拉绳使物体A到达如图所示位置时，绳与竖直杆的夹角为，则此时物体A实际运动的速度是（ ）A. v0sin B. C. v0cos D. 【答案】D【解析】【详解】物块A实际运动的速度为合速度，将A的速度分解成沿绳子方向和垂直于绳子方向，如图所示：据平行四边形定则可得：，解得：
5、故D项正确，ABC三项错误。7.小船在静水中的速度v1=3m/s，它要渡过一条水流速度v2=5m/s，河宽150m的河流，若认为河流笔直且足够长，则可断定（ ）A. 小船可能到达出发点的正对岸B. 小船渡河的最短位移是150mC. 小船渡河时间不能少于50sD. 小船根本不可能渡河到达对岸【答案】C【解析】【详解】A. 因为静水中速度的大小小于水流速度的大小，则合速度的方向不可能垂直河岸，所以小船不可能到达正对岸。故A错误，B错误；C. 当小船在静水速与河岸垂直时，渡河的时间最短，则最短时间t=d/v静=150/3s=50s.故C正确；D. 将小船的速度沿河岸和垂直河岸分解，只要小船有垂直河岸
6、方向的分量，就能到达河对岸，故D错误；故选：C8.质量为m的物体,沿半径为R的圆形轨道滑下，如图所示，当物体通过最低点B时速度为V0，已知物体和轨道间的动摩擦因数，则物体滑过B点时受到的摩擦力大小为（ ） A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】物块滑到轨道最低点时，由重力和轨道的支持力提供物块的向心力，由牛顿第二定律得：FN-mg=m得到：FN=m（g+），则当小物块滑到最低点时受到的摩擦力为：f=FN=m（g+），故选C.9.已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，地球同步卫星质量为m，引力常量为G.有关同步卫星，下列表述正确的是( )A. 卫星距地面的高度为B. 卫星的运行速
7、度小于第一宇宙速度C. 卫星运行时受到的向心力大小为GD. 卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度【答案】B【解析】试题分析: A、万有引力提供向心力，r为轨道半径，得：，而卫星到地表的高度，故A错误B、第一宇宙速度为，第一宇宙速度是最大的圆轨道运行速度，所以卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故B错误C、卫星运行时受到的向心力大小是GMm（R+h）2，故C错误。D、地表重力加速度为，卫星运行的向心加速度，卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故D正确故选D考点：考查人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用【名师点睛】本题关键抓住万有引力等于向心力，卫星转动周期与地球
8、自转同步此处有视频，请去附件查看】10. 发射地球同步卫星时，先将卫星发射到近地圆轨道1，然后经变轨使其沿椭圆轨道2运行，最后再次变轨，将卫星送入同步圆轨道3。轨道1与2相切于Q点，轨道2与3相切于P点，如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是A. 卫星在轨道3上速率大于它在轨道1上的速率B. 卫星在轨道3上的角速度小于它在轨道1上的角速度C. 卫星在轨道1上经过Q点时的速率小于它在轨道2上经过Q点时的速率D. 卫星在轨道2上经过P点时的速率小于它在轨道3上经过P点时的速率【答案】BCD【解析】【详解】根据可知，卫星在轨道3上的速率小于在轨道1上的速率，选项A错误；
9、根据可知卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度，选项B错误；卫星从轨道1进入轨道2要在Q点点火加速，则卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速度，选项C正确；根据可知，卫星在轨道2上经过P点时的加速度等于它在轨道3上经过P点时的加速度，选项D错误；故选C.11.关于功率以下说法中正确的是（）A. 据可知，机器做功越多，其功率就越大B. 据可知，汽车牵引力一定与速度成反比C. 据可知，知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内任一时刻机器做功的功率D. 根据可知，发动机功率一定时，交通工具的牵引力与运动速度成反比【答案】D【解析】A项：P=W/t表明，功率不仅与物体
10、做功的多少有关同时还与做功所用的时间有关，故A错误；B项：P=Fv在该式中，当功率一定时，在一定阶段汽车的牵引力与速度成反比，故B正确；C项：据PW/t知，知道时间t内机器所做的功，就可以求得这段时间内做功的平均功率，故C错误；D项：据 P=Fv可知，当功率恒定时，牵引力与速度成反比，故D错误。12.质量为m的汽车，起动后沿平直路面行驶，如果发动机的功率恒为P，且行驶过程中受到的阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v，那么当汽车的车速为时，汽车的瞬时加速度的大小为（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】汽车速度达到最大后，将匀速前进，根据功率与速度关系公式和共点力平衡条件，可
11、以先求出摩擦阻力；当汽车的车速为时，先求出牵引力，再结合牛顿第二定律求解即可【详解】当汽车匀速行驶时，有。根据，得，由牛顿第二定律得，故B正确，ACD错误；故选B。【点睛】本题关键结合功率与速度关系公式、共点力平衡条件以及牛顿第二定律联合求解13. 如图，小球自a点由静止自由下落，到b点时与弹簧接触，到c点时弹簧被压缩到最短，若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由abc的运动过程中，说法正确的是A. 小球、弹簧和地球构成的系统总机械能守恒B. 小球的重力势能随时间先减少后增加C. 小球在b点时动能最大D. 到c点时小球动能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量【答案】A【解析】试题分析：小球在A到B的过
12、程中，只有重力做功，机械能守恒，在B到C的过程中，有重力和弹簧弹力做功，系统机械能守恒故A正确；小球的高度一直降低，重力势能一直减小，选项B错误；小球与弹簧接触前，做自由落体运动，速度在增大，当接触后，由于重力大于弹力，小球的加速度仍旧向下，速度仍在增大，当重力等于弹力时，加速度为零，速度最大，故C错误；到C点，小球的速度为零，故到c点时小球重力势能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量D错误；故选A考点：考查机械能守恒定律的应用点评：本题难度较小，确机械能守恒的条件是只有重力（或弹簧的弹力）做功；把握小球从b到c过程的受力分析和运动分析，知道小球先做加速运动，后做减速运动，在bc之间某位置速度最大
13、，到c点速度减为零，弹簧压缩到最短二、多选题（每小题4分，共计20分）14. 小球做匀速圆周运动的过程,以下各量不发生变化的是 ( )A. 线速度B. 向心力C. 周期D. 向心加速度【答案】C【解析】试题分析：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；所以保持不变的量是周期和角速度，所以C正确考点：线速度、角速度和周期、转速点评：对于物理量的理解要明确是如何定义的决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别15.小球做圆周运动，关于
14、小球运动到P点的加速度方向，下图中可能的是（ ）A. B. C. D. 【答案】AD【解析】【详解】小球做圆周运动，运动到图示的P点时，所受的合力可分解为向心力和切向方向的力，即P点的加速度应可分解为沿PO方向指向圆心方向的向心加速度和垂直于PO的切向加速度，并且指向圆心的向心加速度不为零，当物体做匀速圆周运动时，切向加速度为零，故AD选项正确，BC错误；故选AD.16.如图所示，质量为m卫星绕地球做圆周运动，已知地球半径为R，质量为M，卫星轨道半径为r，卫星所在高度处的重力加速度为g，地球表面重力加速度为g，则卫星速度为（ ）A. B. C. D. 【答案】BD【解析】【详解】对卫星：，解得
15、或者，故选BD.17.某人用手将1 kg的物体由静止向上提起1 m，这时物体的速度为2 m/s(g取10 m/s2)，则下列说法正确的是()A. 手对物体做功12 JB. 合力做功2 JC. 合力做功12 JD. 物体克服重力做功10 J【答案】ABD【解析】【详解】由动能定理：W手-mgh=mv2，解得W手= mgh+mv2=12J，选项A正确；W合=mv2=2J,选项B正确，C错误；重力做的功为WG=mgh=-101=-10J，所以物体克服重力做功10J，故D正确；故选ABD。三、填空题（每空2分，共计12分）18.如右图所示，实线为某质点作平抛运动轨迹的一部分，测得AB，BC间的水平距离
16、为，高度差，取g10m/s2。由此可知质点平抛的初速度_，小球在B点时的竖直分速度=_m/s，抛出点到B点的竖直距离为_m。【答案】 (1). 4.0； (2). 0.8； (3). 0.2【解析】【详解】根据h=gT2可得；初速度：；B点的竖直速度：，则从抛出点到B点的时间；从抛出点到B点的水平距离：；从抛出点到B点的竖直距离：；则抛出点到A点的水平距离为1.2m-0.4m=0.8m，竖直距离为0.45m-0.25m=0.20m。19.使用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，打出一条纸带如图乙所示图乙中O是打出的第一个点迹，A、B、C、D、E、F是依次打出的点迹，量出OE间的距离为l，DF间
17、的距离为s，已知打点计时器打点的周期是T=0.02 s.（1）上述物理量如果在实验误差允许的范围内满足关系式_，即验证了重物下落过程中机械能是守恒的（2）如果发现图乙中OA距离大约是4 mm，则出现这种情况的原因可能是_，如果出现这种情况，上述的各物理量间满足的关系式可能是_【答案】 (1). (2). 先释放纸带，后接通电源 (3). 【解析】（1）根据匀变速直线运动的中间时刻推论可知：E点的速度为，则O到E，动能的增加量为，重力势能的减小量，若，即，则过程中机械能守恒；（2）若初速度为零，加速度为g，则OA间的距离大约为2 mm，发现OA距离大约4 mm，知初速度不为零，可能是先释放纸带后
18、启动打点计时器求解动能的变化量时，未减去初速度，则重力势能的减小量可能小于动能的增加量，即四、解答题（24题10分，25题10分,共计20分）20.某新式可调火炮，水平射出的炮弹可视为平抛运动如图，目标是一个剖面为90的扇形山崖OAB，半径为R（R为已知），重力加速度为g（1）若以初速度v0（v0为已知）射出，恰好垂直打在圆弧的中点C，求炮弹到达C点所用时间；（2）若在同一高地P先后以不同速度射出两发炮弹，击中A点的炮弹运行的时间是击中B点的两倍，OABP在同一竖直平面内，求高地P离A的竖直高度【答案】（1）（2）【解析】试题分析：（1）炮弹做平抛运动，恰好垂直打在圆弧的中点C时水平和竖直分速度相等，即有vy=v0又 vy=gt解得（2）设P离A的竖直高度为h则有联立解得考点：平抛运动