1、南充高中高2011级第三次月考物 理 试 题 出题人：杨中科 安刚 满分：110分第卷（选择题 共42分）第卷共7题，每题6分。在下列各题的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对得6分，选对但不全得3分，有错或不答得0分。1某同学通过以下步骤测出了从一定高度落下的排球对地面的冲击力：将一张白纸铺在水平地面上，把排球在水里弄湿，然后让排球从规定的高度自由落下，并在白纸上留下球的水印再将印有水印的白纸铺在台秤上，将球放在纸上的水印中心，缓慢地向下压球，使排球与纸接触部分逐渐发生形变直至刚好遮住水印，记下此时台秤的示数，然后根据台秤的示数算出冲击力的最大值下列
2、物理学习或研究中用到的方法与该同学的方法相同的是来A建立“质点”的概念 B建立“合力与分力”的概念C建立“电场强度”的概念 D建立“点电荷”的理论【答案】BA、质点是理想化模型，故A错误；B、合力和分力是等效的，它们是等效替代的关系，故B正确；C、电场强度的定义是：试探电荷在电场中受到的电场力与试探电荷所带电量的比值，所以，建立“电场强度”的概念是采用了参考变量法，故C错误；D、点电荷是一种理想化的模型，是理想化模型的方法，故D错误。故选B。【考点】研究物理的方法2甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，其v t图象如图所示。关于两车的运动情况，下列说法正确的是A在t = 1s时，甲、乙
3、相遇B在t = 2s时，甲、乙的运动方向均改变C在t = 4s时，乙的加速度方向改变D在t = 2st = 6s内，甲相对乙做匀速直线运动【答案】DA、甲、乙两个物体从同一地点沿同一方向做直线运动，当位移相等时，两者相遇根据速度图象与坐标轴围成面积表示位移，可知，在t=1s时，乙的位移大于甲的位移，说明两者没有相遇，故A错误；B、由图知，在t=2s时甲乙的速度方向没有改变，故B错误；C、速度图象的斜率表示加速度，由数学知识得知，在t=4s时，乙的加速度方向仍沿负方向，没有改变，故C错误；D、在t=2st=6s内，甲沿正方向做匀减速运动，乙先沿正方向做匀减速运动，后沿负方向做匀加速运动，由于加速
4、度不变，把乙的运动看成是一种匀减速运动，甲乙的加速度相同，故甲相对乙做匀速直线运动，故D正确。故选D。【考点】匀变速直线运动的图像3.“空间站”是科学家进行天文探测和科学试验的特殊而又重要的场所。假设“空间站” 正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致。下列说法正确的有( )A“空间站”运行时的加速度小于同步卫星运行的加速度B“空间站”运行时的速度等于同步卫星运行速度的倍C站在地球赤道上的人观察到“空间站”向东运动D在“空间站”工作的宇航员因不受重力而可在舱中悬浮【答案】CA、根据，知“空间站”运行的加速度等于其所在
5、高度处的重力加速度，故A错误；B、根据得：，离地球表面的高度不是其运动半径，所以线速度之比不是，故B错误；C、轨道半径越大，角速度越小，同步卫星和地球自转的角速度相同，所以空间站的角速度大于地球自转的角速度，所以站在地球赤道上的人观察到空间站向东运动，故C正确；D、在“空间站”工作的宇航员处于完全失重状态，靠万有引力提供向心力，做圆周运动，故D错误。故选C。【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律4.如图所示，三根轻细绳悬挂两个质量相同的小球保持静止，A、D间细绳是水平的，现对B球施加一个水平向右的力F，将B缓缓拉到图中虚线位置，这时三根细绳张力的变化情况是A. 都变大 B.
6、和变大，不变C. 和变大，不变 D. 和变大，不变【答案】B对B受力分析，分解如图：由图得，当将B缓缓拉到图中虚线位置过程，绳子与与竖直方向夹角变大，绳子的拉力大小对应图中1、2、3三个位置大小所示，即TAB逐渐变大，F逐渐变大；对AB整体，设AC绳与水平方向夹角为，则竖直方向有：TACsin=2mg得：，不变；水平方向：，不变，而F逐渐变大，故TAD变大；故B正确。故选B。【考点】共点力平衡；力的合成与分解5从地面以大小为v1的初速度竖直向上抛出一个小皮球，经过时间t皮球落回地面，已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g。下面结论正确的是（ ）A皮球上升克
7、服重力做功的平均功率大于下降重力做功的平均功率 B皮球上升克服阻力做功小于下降克服阻力做功C皮球下降动能增加量大于上升动能减少量D皮球上升中动能与势能相等的位置低于下降中动能和势能相等的位置【答案】ADA、小球在上升和下降过程中，由于运动的高度相同，故重力做的功大小相同，小球往返运动先后通过同一位置过程中用动能定理，重力做功为零，阻力做负功，因此一定有vv，因此上升过程的平均速度一定大于下降过程的平均速度，上升时间小于下降时间，所以皮球上升克服重力做功的平均功率大于下降重力做功的平均功率，故A正确；B、根据A的分析可知，上升过程的平均速度一定大于下降过程的平均速度，则上升过程中的平均阻力大，则
8、克服阻力做功多，故B错误；C、根据动能定理可知，动能的变化量等于合外力做功的功，重力做功相等，上升过程中的克服阻力做功多，所以皮球下降动能增加量小于上升动能减少量，故C错误；D、上升过程中平均速度大于下降过程的平均速度，平均阻力大，所以皮球上升中动能与势能相等的位置低于下降中动能和势能相等的位置；故D正确。故选AD。【考点】功与功率；动能定理6如图甲所示，静止在水平地面的物块A，受到水平向右的拉力F作用，F与时间t的关系如图乙所示，设物块与地面的静摩擦力最大值fm与滑动摩擦力大小相等，则下列说法正确的是()A0t1时间内F的功率逐渐增大 Bt2时刻物块A的加速度最大Ct3时刻物块A的动能最大
9、Dt4时刻物块A的位移最大【答案】BCA、由图象可知，0t1时间内拉力F小于最大静摩擦力，物体静止，拉力功率为零，故A错误；B、由图象可知，在t2时刻物块A受到的拉力最大，物块A受到的合力最大，由牛顿第二定律可得，此时物块A的加速度最大，故B正确；C、由图象可知在t1t3时间内，物块A受到的合力一直做正功，物体动能一直增加，在t3时刻以后，合力做负功物块动能减小，因此在t3时刻物块动能最大，故C正确；D、t4时刻力F=0，但速度不为零，物体继续做减速运动，位移继续增大，故D错误。故选BC。【考点】功率；牛顿第二定律7如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场，电场强度为E, 在M下方整个空间
10、有垂直向里的匀强磁场，ACB为光滑固定的半圆形轨道，圆轨道半径为R， AB为半圆水平直径的两个端点，AC为圆弧。一个质量为m电荷量为q的带负电小球，从A点正上方高为H处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道。不计空气阻力及一切能量损失，关于带电粒子的运动情况，下列说法正确的是（ ）A.小球一定能沿半圆形轨道从B点离开轨道B.小球在AC部分可能做匀速圆周运动C.若小球能从B点离开，上升的高度一定小于HD.小球沿半圆形轨道从A运动至C点时的速度可能为零。【答案】BCA、若电场力大于重力，小球不能做圆周运动，所以小球不一定能从B点离开轨道，故A错误；B、进入复合场时，若电场力和重力相等，小球受弹力和
11、洛伦兹力的合力提供向心力，在AC部分做匀速圆周运动，故B正确；C、若小球能从B点离开，对全过程运用动能定理得，洛伦兹力不做功，电场力做负功，则重力做正功，知上升的高度一定小于H，故C正确；D、若小球从A运动到C的速度为零，对A到C运用动能定理得，知重力做功小于电场力做功，即重力小于电场力，小球不会做圆周运动，故D错误。故选BC。【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动第卷（非选择题 共62分）8()通过“探究弹簧弹力与弹簧伸长量之间的关系”实验，我们知道：在弹性限度内，弹簧弹力F与形变量x成正比，并且不同弹簧，其劲度系数也不同某中学的探究学习小组从资料中查到：弹簧的劲度系
12、数与弹簧的材料和形状有关该学习小组想研究弹簧的劲度系数与弹簧原长的关系，现有A，B，C，D四根材料和粗细完全相同仅长度不同的弹簧(1)学习小组的同学们经过思考和理论推导，各自提出了自己的看法，其中甲同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧长度成正比，乙同学认为弹簧的劲度系数可能与弹簧原长成反比，甲、乙有一名同学的看法是正确的就这一环节而言，属于科学探究中的哪个环节_(填序号)A分析与论证 B进行实验与收集证据 C猜想与假设 D制定计划与设计实验(2)为验证甲、乙谁的看法正确，可通过实验完成，学习小组进行实验记录的数据如下表所示实验数据记录(g10 m/s2)原长钩码质量弹簧长度弹簧伸长量x弹簧劲度系数
13、k弹簧A10.00 cm0.3 kg13.00 cm3.00 cm100 N/m弹簧B15.00 cm0.1 kg16.49 cm1.49 cm67.1 N/m弹簧C20.00 cm0.2 kg24.00 cm弹簧D30.00 cm0.1 kg32.99 cm2.99 cm33.4 N/m请完成上表，从中得出的结论为：_.【答案】（1）C （2）4.00cm；50N/m；在弹性限度内，弹簧的弹力与形变量成正比（1）两个同学先做出假设，后进行实验验证，是科学探究中的猜想与假设环节，故C正确；（2）弹簧的伸长量x=弹簧长度-原长：即：x=24.00-20.00=4.00cm=0.04m拉力F=mg
14、=0.210=2N由：F=kx得：看一看其它三个弹簧弹力与劲度系数以及形变量的关系：弹簧A：3=1000.03弹簧B：167.10.0149弹簧D：133.40.0299故结论为：在弹性限度内，弹簧的弹力与形变量成正比。【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系（II）（1）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度，采用图象法处理数据为了比较容易地归纳出加速度a与质量M的关系，应该作a与_的图象下图是某同学在此实验中获得的一条纸带，其中两相邻计数点间有四个点未画出.已知打点计时器使用的交流电源的频率为50HZ，则小车运动的加速度a=_m
15、/s2.【答案】 因为作出a-M图线是一条曲线，不能得出a与M的定量关系，应该作图线，通过图线是过原点的一条倾斜直线，得出a与M成反比；因为连续相等时间内的位移之差为0.39cm，根据得。【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系（2）某同学设计了一个探究物体质量一定时加速度a与物体所受合力F的关系实验.如图(a)为实验装置简图，实验中，小车运动加速度a可用纸带上点求得，小车的合外力F可以用砂和砂桶总重量代替。若保持小车的质量不变，改变保持砂和砂桶质量m，分别得到小车加速度a与沙桶和沙子质量m数据如下表：（重力加速度g=10m/s2）次 数12345678小车的加速度a/m.s-2 0.10
16、0.200.380.500.600.650.800.90沙桶和沙子质量m /g 8.012.016.024.028.034.036.040.0 根据上表数据，为直观反映小车加速度a与小车合外力F的关系，请按照图（b）方格坐标纸中所选择的单位，描点作图。 由图得到小车的质量为 _kg。【答案】如图 0.004kg（1）根据描点法，在坐标纸上描点作图，如图所示；（2）图像与横轴的交点为0.04N，即加速度刚好为零时合外力的大小，即小车的质量为0.004kg。【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系9.一质量m0.5kg的滑块以一定的初速度冲上一倾角为37足够长的斜面，某同学利用DIS实验系统测
17、出了滑块冲上斜面过程中多个时刻的瞬时速度，如图所示为通过计算机绘制出的滑块上滑过程的vt图。求：（g取10m/s2）（1）滑块冲上斜面过程中的加速度大小；（2）滑块与斜面间的动摩擦因数；（3）判断滑块最后能否返回斜面底端？若能返回，求出返回斜面底端时的动能；若不能返回，求出滑块停在什么位置？【答案】 =0.75 不能 距斜面低端1.5m处（1）由图示v-t图象可知，滑块的加速度：；（2）物体在冲上斜面过程中，由牛顿第二定律得：，解得：=0.75；（3）由于，则，滑块速度减小到零后，所受合力为零，滑块将静止在斜面上不变返回；滑块上滑过程，位移，则滑块将停在距斜面低端1.5m处。【考点】牛顿第二定
18、律10.（19分）如图所示，质量为m=lkg的小物块由静止轻轻放在水平匀速运动的传送带上，从A点随传送带运动到水平部分的最右端B点，经半圆轨道C点沿圆弧切线进入竖直光滑的半圆轨道，恰能做圆周运动。C点在B点的正上方，D点为轨道的最低点。小物块离开D点后，做平抛运动，恰好垂直于倾斜挡板打在挡板跟水平面相交的E点。已知半圆轨道的半径R=09 m，D点距水平面的高度h =075 m，取g=10 m/s2，试求： （1）传送带对物块摩擦力的做的功； （2）小物块经过D点时对轨道压力的大小； （3）倾斜挡板与水平面间的夹角。【答案】4.5J 60N 60（1）设小物块经过C点时的速度大小v1，因为经过C
19、时恰好能完成圆周运动，由牛顿第二定律可得：，解得小物块由A到B过程中，设摩擦力对小物块做的功为W，由动能定理得：，解得W=4.5J故摩擦力对物块做的功为4.5J；（2）设小物块经过D点时的速度为v2，对由C点到D点的过程，由动能定理得：小物块经过D点时，设轨道对它的支持力大小为FN，由牛顿第二定律得：联立解得，由牛顿第三定律可知，小物块对轨道的压力大小为：故小物块经过D点时对轨道的压力大小为60N；（3）小物块离开D点做平抛运动，设经时间t打在E点，由得：设小物块打在E点时速度的水平、竖直分量分别为vx、vy，速度跟竖直方向的夹角为，则：、又联立解得=60再由几何关系可得=60故倾斜挡板与水平
20、面的夹角为为60。【考点】动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力；机械能守恒定律11如图，质量为M=1kg绝缘凹槽B静止放置在光滑水平面上，凹槽内长d=1m，槽内左端静止放置一质量m=1kg，大小可忽略的带正电小物体A，电量为q=110-4C，物体与凹槽滑动摩擦系数为0.2,t=0时刻起，在空间加上E=6104N/C的水平向右的匀强电场，设物体与槽壁相碰瞬间前后二者速度交换，求：（1）物块与凹槽壁第一次相碰前瞬间速度各为多少？（2）物块在凹槽内滑行过程中二者速度第一次相等的时刻；物块与凹槽第二次相碰后瞬间撤去电场，求物块和凹槽的最终速度。【答案】 （1）A与B相撞之前对A进行受力分析得：得：设A
21、的位移为s，则：对B：得：又： 代入数据得：；A的速度：B的速度：；（2）由题意物体与凹槽相碰瞬间前后二者速度交换，则：；由于B的速度等于A的速度，所以A加速，B减速，设经过时间t2二者的速度相等，则：代入数据解得：物块在凹槽内滑行过程中二者速度第一次相等的时刻：从第一次碰撞到速度相同的过程中，A的位移：B的位移：它们位移差：此时： 此后物体A与B都做匀加速直线运动，当A的位移比B的位移大x时，A与B再次碰撞，该过程的时间为t3，则：、又：联立得：此时A的速度：B的速度：撤去电场后，相同在水平方向不受外力的作用系统的动量守恒由动量守恒定律得： 代入数据得：。【考点】动量守恒定律；匀强电场中电势
22、差和电场强度的关系参考答案1B 2D 3.C 4.B 5AD 6BC 7BC8()（1）C （2）4.00cm；50N/m；在弹性限度内，弹簧的弹力与形变量成正比（II）（1） （2）如图 0.004kg9.（1）由图示v-t图象可知，滑块的加速度：；（2）物体在冲上斜面过程中，由牛顿第二定律得：，解得：=0.75；（3）由于，则，滑块速度减小到零后，所受合力为零，滑块将静止在斜面上不变返回；滑块上滑过程，位移，则滑块将停在距斜面低端1.5m处。10.（1）设小物块经过C点时的速度大小v1，因为经过C时恰好能完成圆周运动，由牛顿第二定律可得：，解得小物块由A到B过程中，设摩擦力对小物块做的功为
23、W，由动能定理得：，解得W=4.5J故摩擦力对物块做的功为4.5J；（2）设小物块经过D点时的速度为v2，对由C点到D点的过程，由动能定理得：小物块经过D点时，设轨道对它的支持力大小为FN，由牛顿第二定律得：联立解得，由牛顿第三定律可知，小物块对轨道的压力大小为：故小物块经过D点时对轨道的压力大小为60N；（3）小物块离开D点做平抛运动，设经时间t打在E点，由得：设小物块打在E点时速度的水平、竖直分量分别为vx、vy，速度跟竖直方向的夹角为，则：、又联立解得=60再由几何关系可得=60故倾斜挡板与水平面的夹角为为60。11（1）A与B相撞之前对A进行受力分析得：得：设A的位移为s，则：对B：得：又： 代入数据得：；A的速度：B的速度：；（2）由题意物体与凹槽相碰瞬间前后二者速度交换，则：；由于B的速度等于A的速度，所以A加速，B减速，设经过时间t2二者的速度相等，则：代入数据解得：物块在凹槽内滑行过程中二者速度第一次相等的时刻：从第一次碰撞到速度相同的过程中，A的位移：B的位移：它们位移差：此时： 此后物体A与B都做匀加速直线运动，当A的位移比B的位移大x时，A与B再次碰撞，该过程的时间为t3，则：、又：联立得：此时A的速度：B的速度：撤去电场后，相同在水平方向不受外力的作用系统的动量守恒由动量守恒定律得： 代入数据得：。