1、浙江省东阳中学2021届高三物理暑期第三次检测试题一、单选题(共17小题,每小题4.0分,共68分) 1.一列士兵正以某一速度v0做匀速直线运动，因有紧急情况通知排头兵，一通讯员以不变的速率跑步从队尾赶到排头，又从排头返回队尾，在此过程中通讯员的平均速度为，则()Av0 Bv0 Cv0 D 无法确定2.一质点的位移时间图象为如图所示的一段抛物线，其方程为x20t240t，则有关说法正确的是()A 质点做曲线运动B 质点做加速度先减小后增大的直线运动C 质点做加速度大小为40 m/s2的匀变速直线运动D 质点在01 s内的平均速度大于20 m/s3.如图所示，小圆环A吊着一个质量为m2的物块并套
2、在另一个竖直放置的大圆环上，有一细线，一端拴在小圆环A上，另一端跨过固定在大圆环最高点B的一个小滑轮后吊着一个质量为m1的物块如果小圆环、滑轮、细线的大小和质量以及相互之间的摩擦都可以忽略不计，细线又不可伸长，若平衡时弦AB所对应的圆心角为，则两物块的质量之比应为A cosB sinC 2sinD 2sin4.如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在水平力F作用下，A、B保持静止，则物体A的受力的个数为()A 6 B 5 C 4 D 35.如下图所示为皮带传送装置，甲为主动轮，乙为从动轮，传运过程中皮带不打滑，P、Q分别为两轮边缘上的两点，下列说法正确的是()AP、Q两点的摩擦力方向均与轮转动的方向
3、相反BP点的摩擦力方向与甲轮的转动方向相反，Q点的摩擦力方向与乙轮的转动方向相同CP点的摩擦力方向与甲轮的转动方向相同，Q点的摩擦力方向与乙轮的转动方向相反DP、Q两点的摩擦力方向均与轮转动的方向相同6.如题所示，在倾角为30的光滑斜面上端系有一劲度系数为200 N/m的轻质弹簧，弹簧下端连一个质量为2 kg的小球，球被一垂直于斜面的挡板A挡住，此时弹簧没有形变若挡板A以4 m/s2的加速度沿斜面向下做匀加速运动，取g10 m/s2，则()A 小球从一开始就与挡板分离B 小球速度最大时与挡板分离C 小球向下运动0.01 m时与挡板分离D 小球向下运动0.02 m时速度最大7.如图所示，水平地面
4、上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径.若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；而在C点以初速度v2沿BA方向平抛的小球也能击中D点.已知COD60，则两小球初速度大小之比为(小球视为质点)()A12 B13 C 2 D D38.“太极球”是近年来在广大市民中较流行的一种健身器材做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，球却不会掉落地上现将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时球与板间无相对运动趋势A为圆周的最
5、高点，C为最低点，B、D与圆心O等高且在B、D处板与水平面夹角为.设球的质量为m，圆周的半径为R，重力加速度为g，不计拍的重力，若运动到最高点时拍与小球之间作用力恰为mg，则()A圆周运动的周期为：T2B圆周运动的周期为：T2C在B、D处球拍对球的作用力为D在B、D处球拍对球的作用力为9.如图所示，a为地球赤道上的物体；b为沿地球表面附近做匀速圆周运动的人造卫星；c为地球同步卫星关于a、b、c做匀速圆周运动的说法中正确的是()A角速度的大小关系为acbB向心加速度的大小关系为aaabacC线速度的大小关系为vavbvcD周期关系为TaTcTb10.如图甲所示，一固定在地面上的足够长斜面，倾角为
6、37，物体A放在斜面底端挡板处，通过不可伸长的轻质绳跨过光滑轻质滑轮与物体B相连接，B的质量M1 kg，绳绷直时B离地面有一定高度在t0时刻，无初速度释放B，由固定在A上的速度传感器得到的数据绘出的A沿斜面向上运动的vt图象如图乙所示，若B落地后不反弹，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，则下列说法正确的是()AB下落的加速度大小a10 m/s2BA沿斜面向上运动的过程中，绳的拉力对A做的功W3 JCA的质量M0.5 kg，A与斜面间的动摩擦因数0.5D00.75 s内摩擦力对A做的功0.75 J11.如图所示，一轻绳绕过无摩擦的两个轻质小定滑轮O1、O2分别与质量均为
7、m的小滑块P和小球Q连接已知直杆两端固定且与两定滑轮在同一竖直平面内，杆与水平面的夹角为，直杆上C点与两定滑轮均在同一高度，设直杆足够长，小球运动过程中不会与其他物体相碰现将小物块从C点由静止释放，在其下滑过程中，下列说法正确的是()A小滑块的动能先增加后减小B小滑块的机械能先减小后增加C小球的动能先增加后减小D小球的机械能先增加后减小12.如图所示，演员正在进行杂技表演由图可估算出他将一只鸡蛋抛出的过程中对鸡蛋所做的功最接近于()A0.3 JB3 JC30 JD300 J13.虹和霓是太阳光在水珠内分别经过一次和两次反射后出射形成的，可用白光照射玻璃球来说明两束平行白光照射到透明玻璃球后，在
8、水平的白色桌面上会形成MN和PQ两条彩色光带，光路如图所示M、N、P、Q点的颜色分别为()A紫、红、红、紫B红、紫、红、紫C红、紫、紫、红D紫、红、紫、红14.“红外夜视仪”在夜间也能看清黑暗中的物体，主要是因为()A“红外夜视仪”发射出强大的红外线，照射被视物体B一切物体均在不停地辐射红外线C一切高温物体均在不停地辐射红外线D“红外夜视仪”发射出射线，被视物体受到激发而放出红外线15.如图所示的LC振荡电路中，某时刻电流的方向为顺时针，则以下判断正确的是()A若上极板A带正电，则电流在增大B若电容器在放电，则电流在减小C若电流减小，则线圈两端电压减小D若只减小电容C，则振荡电流周期变小16.
9、如图所示，质量m60 kg的人，站在质量M300 kg的车的一端，车长L3 m，相对于地面静止当车与地面间的摩擦可以忽略不计时，人由车的一端走到另一端的过程中，车将()A后退0.5 mB后退0.6 mC后退0.75 mD一直匀速后退17.如图所示是描述原子核核子的平均质量与原子序数Z的关系曲线，由图可知下列说法正确的是()A将原子核A分解为原子核B、C可能吸收能量B将原子核D、E结合成原子核F可能吸收能量C将原子核A分解为原子核B、F一定释放能量D将原子核F、C结合成原子核B一定释放能量二、计算题(共2小题,共32分) 18(12分).如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在
10、质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为mA2 kg、mB1 kg.初始时A静止于水平地面上，B悬于空中现将B竖直向上再举高h1.8 m(未触及滑轮)，然后由静止释放一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触取g10 m/s2，空气阻力不计求：(1)B从释放到细绳刚绷直时的运动时间t；(2)A的最大速度v的大小；(3)初始时B离地面的高度H.19(20分).如图甲所示是游乐园的过山车，其局部可简化为如图乙的示意图，倾角37的两平行倾斜轨道BC、DE的下端与水平半圆形轨道CD顺滑连接，倾斜轨道BC的B端高度h24 m，倾斜轨道DE与圆弧EF相切于E点，圆弧EF的圆心
11、O1、水平半圆轨道CD的圆心O2与A点在同一水平面上，DO1的距离L20 m质量m1 000 kg的过山车(包括乘客)从B点自静止滑下，经过水平半圆轨道后，滑上另一倾斜轨道，到达圆弧顶端F时乘客对座椅的压力为自身重力的0.25倍已知过山车在BCDE段运动时所受的摩擦力与轨道对过山车的支持力成正比，比例系数，EF段摩擦力不计，整个运动过程空气阻力不计(g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8)(1)求过山车过F点时的速度大小；(2)求从B到F整个运动过程中摩擦力对过山车做的功；(3)如果过D点时发现圆轨道EF段有故障，为保证乘客的安全，立即触发制动装置，使过山车不能到达EF段并保
12、证不再下滑，则过山车受到的摩擦力至少应多大？答案解析1.【答案】A【解析】通信员从队伍尾部赶到排头，又从排头回到队尾，通过的位移恰好等于队伍运动的位移设队伍运动的位移为x，运动时间为t，则：v0，所以v02.【答案】C【解析】位移时间图象只能表示某方向上的运动规律，该运动一定是直线运动，A错误；由于位移随时间按二次方向规律变化，故质点应该做匀变速直线运动，B错误；对照位移时间关系公式，物体的初速度为40 m/s，加速度为40 m/s2，是匀变速直线运动，C正确；t0时刻坐标为0，t1 s时刻坐标为20 m，故质点在01 s内的平均速度等于20 m/s，故D错误3.【答案】C【解析】因小圆环A受
13、拉力m2g，细线BA的拉力FT及大圆环的弹力FN作用而处于平衡状态，则此三个力一定可以组成一封闭的矢量三角形，此力的三角形一定与几何三角形OAB相似，即有，而FTm1g，AB2Rsin，所以2sin.4.【答案】B【解析】先对AB整体受力分析，由平衡条件知：整体水平方向受向里的压力；故墙面对A有大小为F的弹力，整体有向下运动的趋势，故A受向上的摩擦力；隔离A物体，必受重力、墙壁对A的弹力和摩擦力；同时AB间也有相对运动的趋势；故A还受B对A的弹力和摩擦力作用；故A共受5个力5.【答案】B【解析】由题意可知甲轮与皮带间、乙轮与皮带间均相对静止，皮带与轮间的摩擦力为静摩擦力，假设甲轮与皮带间无摩擦
14、力，则甲轮转动时皮带不动，P点相对于皮带向前运动，可知P点相对于皮带有向前运动的趋势，则甲轮上的P点受到的静摩擦力方向向后，即与甲轮的转动方向相反；再假设皮带与乙轮间没有摩擦力，则当皮带转动时，乙轮将会静止不动，这时，乙轮边缘上的Q点相对于皮带向后运动，可知Q点有相对于皮带向后运动的趋势，故乙轮上Q点所受摩擦力向前，即与乙轮转动方向相同6.【答案】C【解析】设球与挡板分离时位移为x，经历的时间为t，从开始运动到分离的过程中，m受竖直向下的重力，垂直斜面向上的支持力FN，沿斜面向上的挡板支持力F1和弹簧弹力F.根据牛顿第二定律有：mgsin 30kxF1ma，保持a不变，随着x的增大，F1减小，
15、当m与挡板分离时，F1减小到零，则有：mgsin 30kxma，解得：x0.01 m，即小球向下运动0.01 m时与挡板分离，故A错误，C正确；球和挡板分离前小球做匀加速运动；球和挡板分离后做加速度减小的加速运动，当加速度为零时，速度最大，此时物体所受合力为零即：kxmmgsin 30，解得xm0.05 m，由于开始时弹簧处于原长，所以速度最大时小球向下运动的路程为0.05 m，故B、D错误7.【答案】D【解析】小球从A点平抛击中D点：Rv1t1，Rgt12；小球从C点平抛击中D点：Rsin 60v2t2，R(1cos 60)gt22，联立解得，D正确.8.【答案】C【解析】在最高点，根据牛顿
16、第二定律得：mgmgm，解得：v，则周期为：T，故A、B错误；球做匀速圆周运动，在B、D处，根据合外力提供向心力，结合几何关系得：sin，解得：F，故C正确，D错误9.【答案】D【解析】地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度，所以ac.因为Gmr2，解得，知b的角速度大于c的角速度故A错误；根据ar2知，c的向心加速度大于a的向心加速度故B错误；根据vr，c的线速度大于a的线速度故C错误；ac，则a、c的周期相等，根据T，c的周期大于b的周期故D正确10.【答案】B【解析】AB具有相同的加速度，由图可知B的加速度为：am/s24 m/s2，故A错误设绳的拉力为T，对B由牛顿第二定律：MgT
17、Ma，解得：TMgMa110 N14 N6 N，AB位移相同则由图可知A上升阶段，B的位移为：xm0.5 m故绳的拉力对A做功为：WFx60.5 J3 J，故B正确由图可知后0.25 s时间A的加速度为am/s28 m/s2：此过程A只受摩擦力和重力：mgcosmgsinma解得0.25故C错误全程位移为：s20.75 m0.75 m故摩擦力做功为：Wfmgcoss0.250.5100.80.75 J0.75 J，故D错误11.【答案】A【解析】小滑块从C点由静止释放，滑块与O1的距离先减小后增大，小滑块的速度先增大后减小，滑块的动能先增大后减小，在该过程中，绳子拉力对滑块先做正功后做负功，滑
18、块的机械能先增大后减小，故A正确，B错误；小滑块从C点由静止释放，滑块与O1的距离减小，小球下降，当连接滑块P的细绳与直杆恰垂直时，滑块C与O1的距离达到最小，此时小球的速度恰为零，然后滑块与的O1距离再增大，小球再上升，在这个过程中小球速度先增大、再减小、再增大，动能先增大、后减小、再增大，绳子拉力先对小球做负功，然后再做正功，小球的机械能先减小后增大，故C、D错误12.【答案】A【解析】演员抛出的鸡蛋近似做竖直上抛运动，求出上抛的初速度即可求出抛蛋所做的功一个鸡蛋的质量约60 g，即6.0102kg，蛋上升的高度约0.6 m，根据v22gh2100.6 m2/s212 m2/s2，根据动能
19、定理Wmv26.010212 J0.36 J，最接近A.13.【答案】A【解析】玻璃对红光的折射率最小，对紫光的折射率最大，由折射定律和反射定律可知M点为紫色，N点为红色，P点为红色，Q点为紫色，故A项正确14.【答案】B【解析】所有物体都发射红外线，因而“红外夜视仪”可以看清黑暗中的物体15.【答案】D【解析】通过题图所示电流方向，知电容器在充电，则电容器上极板A带正电，振荡电流正在减小，电容器上的电荷量正在增加，由U知A、B两板间的电压在增加，线圈两端电压增加，故A、B、C错误；根据T2可知，若只减小电容C，则振荡电流周期变小，选项D正确16.【答案】A【解析】人、车组成的系统动量守恒，则
20、mv1Mv2，所以mx1Mx2，又有x1x2L，解得x20.5 m.17.【答案】C【解析】因B、C核子平均质量小于A的核子平均质量，故A分解为B、C时，会出现质量亏损，故放出核能，故A错，同理可得B、D错，C正确18.【答案】(1)0.6 s(2)2 m/s(3)0.6 m【解析】(1)B从释放到细绳刚绷直前做自由落体运动，有hgt2代入数据解得t0.6 s(2)设细绳绷直前瞬间B速度大小为vB，有vBgt细绳绷直瞬间，细绳张力远大于A、B的重力，A、B相互作用，由动量守恒得mBvB(mAmB)v之后A做匀减速运动，所以细绳绷直后瞬间的速度v即为最大速度，联立式，代入数据解得v2 m/s(3
21、)细绳绷直后，A、B一起运动，B恰好可以和地面接触，说明此时A、B的速度为零，这一过程中A、B组成的系统机械能守恒，有(mAmB)v2mBgHmAgH代入数据解得H0.6 m19.【答案】(1)3m/s(2)7.5104J(3)6103N【解析】(1)在F点由牛顿第二定律得：m人g0.25m人gm人，rLsin12 m代入已知数据可得：vF3m/s(2)根据动能定理，从B点到F点：mg(hr)WfmvF20解得Wf7.5104J(3)在没有故障时，过山车到达D点的速度为vD，根据动能定理，从D点到F点：mgrmgcos 37LDEmvF2mvD2LDELcos 3716 m，发现故障之后，过山车不能到达EF段，设刹车后恰好到达E点速度为零，在此过程中，过山车受到的摩擦力为Ff1，根据动能定理mgLDEsin 37Ff1LDE0mvD2，联立各式解得Ff14.6103N使过山车能停在倾斜轨道上的摩擦力至少为Ff2，则有Ff2mgsin0，解得Ff26.0103N综上可知，过山车受到的摩擦力至少应为6.0103N.