1、高考资源网（） 您身边的高考专家广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1（4分）下列说法正确的是 （）Akg，m/s，N是导出单位B在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证2（4分）如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）AGBGsinCGcosDG
2、tan3（4分）下列说法正确的是（）A跳高运动员起跳以后在上升过程处于超重状态B在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，所以宇航员没有惯性C田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的D足球被守门员踢出后，在空中沿着弧线运动属于离心现象4（4分）一辆汽车在平直的公路上，从静止开始以恒定加速度启动，最后达到最大速率设汽车所受阻力保持不变，在此过程中（）A汽车达到最大速率时所受到的合外力为零B汽车发动机的功率一直在增大C汽车一直做匀加速直线运动D汽车发动机的功率一直保持恒定二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6
3、分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5（6分）在一次投球游戏中，小刚同学调整好力度，将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示划着一条弧线飞到小桶的右方不计空气阻力，则下次再投时，他可能作出的调整为（）A增大初速度，抛出点高度不变B减小初速度，抛出点高度不变C初速度大小不变，提高抛出点高度D初速度大小不变，降低抛出点高度6（6分）如图，a、b分别表示先后从同一地点以相同的初速度做匀变速直线运动的两个物体的速度图象，则下列说法正确的是（）A4s末两个物体速度相同Ba、b两物体运动的加速度相同C4s末两个物体在途中相遇D5s末两个物体在途中相遇7（6分）如图，一滑块从固定斜面上匀速
4、下滑，取斜面底为零势面，能正确描述滑块的动能Ek、势能EP、机械能E、下滑位移S与时间t关系的是（）ABCD8（6分）如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知mA=mBmC，下列说法正确的是（）A角速度速度大小的关系是AB=CB周期关系是TATB=TCC向心力大小的关系是FA=FBFCD向心加速度大小的关系是aAaB=aC9（6分）如图所示，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，下列说法正确的是（）A粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C粒子A向
5、下运动过程中所经各点电势一定相等D粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小三、解答题（共4小题，满分54分）10（8分）如图a是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带打点计时器电源频率为50HzA、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，F点由于不清晰而未画出试根据纸带上的数据，测量出EG间距SEG=cm；推测F点的刻度值是cm处；计算出F点对应的速度vF=m/s（计算结果保留两位有效数字）；加速度a=m/s211（10分）气垫导轨是常用的一种实验仪器它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导
6、轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：（在空白处填上答案）a用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mBb调整气垫导轨，使导轨处于状态c在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上d用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1e按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2实验中还应测量的物理量是利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因是利用上述
7、实验数据（填“能”或“否”）测出被压缩弹簧的弹性势能的大小12（18分）如图所示，将一质量为m、电荷量为+q小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动杆长为L，杆的质量忽略不计杆和小球置于一水平向右的匀强电场中，小球静止在A点时，绝缘杆偏离竖直方向的角度为已知重力加速度为g（1）求小球所带电的电性（2）求电场强度的大小（3）将杆拉至水平位置OB，在此处将小球自由释放求杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小13（18分）如图，一长木板A放在水平地面上可视为质点的滑块B静止放在距A左端为L0的木板上；与B完全相同的C以水平初速度v0冲上A并能与B相碰，B、C碰后
8、粘在一起不再分开并一起向右运动已知：A、B、C的质量均为m；重力加速度为g；B、C与A的动摩擦因数1=，A与地面的动摩擦因数2=，v02=gL0，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力求：（1）物块C冲上木板瞬间，物块C的加速度为多少？（2）C与B发生碰撞前后的速度大小为多少？（3）为使B、C结合体不从A右端掉下来，A的长度至少要多长？广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分1（4分）下列说法正确的是 （）Akg，m/s，
9、N是导出单位B在国际单位制中，质量的单位是g，也可以是kgC牛顿第二定律的公式F=kma中的k在任意单位下都等于1D牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证考点：牛顿第二定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位解答：解：A、kg是质量的单位它是基本单位，所以A错误B、g也是质量的单位，但它不是质量在国际单位制中的基本单位，三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，所以B错误C、牛顿第二定律
10、的表达式F=ma，是在其中的物理量都取国际单位制中的单位时得出的，所以C错误D、牛顿第三定律可以通过现实的实验得到验证，D正确故选：D点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的2（4分）如图所示，某人静躺在椅子上，椅子的靠背与水平面之间有固定倾斜角若此人所受重力为G，则椅子各部分对他的作用力的合力大小为（）AGBGsinCGcosDGtan考点：力的合成 专题：受力分析方法专题分析：人受多个力处于平衡状态，合力为零人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力根据平衡条件求解解答：解：人受多个力
11、处于平衡状态，人受力可以看成两部分，一部分是重力，另一部分是椅子各部分对他的作用力的合力根据平衡条件得椅子各部分对他的作用力的合力与重力等值，反向，即大小是G故选A点评：通过受力分析和共点力平衡条件求解3（4分）下列说法正确的是（）A跳高运动员起跳以后在上升过程处于超重状态B在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，所以宇航员没有惯性C田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的D足球被守门员踢出后，在空中沿着弧线运动属于离心现象考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重；惯性 分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于
12、物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g惯性与物体的运动状态无关解答：解：A、跳高运动员起跳以后在上升过程只受到重力的作用，处于失重状态故A错误；B、惯性与物体的运动状态无关在绕地运行的天宫一号实验舱中，宇航员处于失重状态，但是宇航员的惯性不变故B错误；C、田径比赛的链球项目是利用离心现象来实现投掷的故C正确；D、足球被守门员踢出后，在空中做斜上抛运动，沿着弧线运动属于斜上抛运动，是受到重力与运动方向不在同一条直线上的原因故D错误故选：C点评：本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态
13、时，人的重力并没变，只是对支持物的压力或悬挂物的拉力变了4（4分）一辆汽车在平直的公路上，从静止开始以恒定加速度启动，最后达到最大速率设汽车所受阻力保持不变，在此过程中（）A汽车达到最大速率时所受到的合外力为零B汽车发动机的功率一直在增大C汽车一直做匀加速直线运动D汽车发动机的功率一直保持恒定考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：功率的计算专题分析：当汽车以额定功率启动时，当牵引力等于阻力时，速度达到最大，由P=Fv可知，速度增大，牵引力减小，由Ff=ma可知，加速度减小解答：解：A、当牵引力等于阻力时，速度达到最大，速度最大，合力Ff=0，故A正确；B、功率P=FV，F不变，V增大，所以发电
14、机功率增大，当达到最大速度以后，功率不变，故BD错误；C、根据P=Fv知，发动机的功率恒定，速度增大，根据P=Fv，牵引力减小，根据牛顿第二定律Ff=ma得，加速度减小，故C错误故选：A点评：本题考查的是机车启动的两种方式，即恒定加速度启动和恒定功率启动要求同学们能对两种启动方式进行动态分析，能画出动态过程的方框图，公式p=Fv，p指实际功率，F表示牵引力，v表示瞬时速度当牵引力等于阻力时，机车达到最大速度二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分5（6分）在一次投球游戏中
15、，小刚同学调整好力度，将球水平抛向放在地面的小桶中，结果球沿如图所示划着一条弧线飞到小桶的右方不计空气阻力，则下次再投时，他可能作出的调整为（）A增大初速度，抛出点高度不变B减小初速度，抛出点高度不变C初速度大小不变，提高抛出点高度D初速度大小不变，降低抛出点高度考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：小球做平抛运动，飞到小桶的前方，说明水平位移偏大，应减小水平位移才能使小球抛进小桶中将平抛运动进行分解：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，由运动学公式得出水平位移与初速度和高度的关系式，再进行分析选择解答：解：设小球平抛运动的初速度为v0，抛出点离桶的高度为h，水平位移为x，则 平
16、抛运动的时间t=水平位移x=v0t=v0A、B由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持抛出点高度h不变，减小初速度v0故B正确，A错误；C、D由上式分析可知，要减小水平位移x，可保持初速度v0大小不变，减小降低抛出点高度h故D正确，C错误故选BD点评：本题运用平抛运动的知识分析处理生活中的问题，比较简单，关键运用运动的分解方法得到水平位移的表达式6（6分）如图，a、b分别表示先后从同一地点以相同的初速度做匀变速直线运动的两个物体的速度图象，则下列说法正确的是（）A4s末两个物体速度相同Ba、b两物体运动的加速度相同C4s末两个物体在途中相遇D5s末两个物体在途中相遇考点：匀变速直线运动的图像
17、专题：运动学中的图像专题分析：根据速度时间图线比较4s末的速度，根据图线的斜率比较加速度，根据图线与时间轴围成的面积判断物体是否相遇解答：解：A、由速度时间图线知，4s末两个物体的速度一正一负，则速度方向相反，故A错误B、a、b两图线的斜率相同，则a、b的加速度相同，故B正确C、图线与时间轴围成的面积表示位移，4s末两图线围成的面积相等，则4s末两个物体在图中相遇故C正确D、5s末两图线围成的面积不等，则位移不等，未相遇，故D错误故选：BC点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移7（6分）如图，一滑块从固定斜面上匀速下滑，取斜面底
18、为零势面，能正确描述滑块的动能Ek、势能EP、机械能E、下滑位移S与时间t关系的是（）ABCD考点：机械能守恒定律 专题：机械能守恒定律应用专题分析：对物体受力分析，受重力、支持力、拉力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后推导出位移和速度表达式，再根据功能关系列式分析解答：解：A、物体匀速下滑，动能不变，动能不随时间变化，故A错误；B、重力势能：EP=mgh=mg（Hs）sin=mg（Hvt）sin，随时间增加，重力势能与t是一次函数关系，故B正确；C、物体匀速下滑，要克服阻力做功，机械能减少，故C错误；D、物体做匀速直线运动，位移：s=vt，s与t成正比，故D正确；故选：BD点
19、评：本题关键明确物体的运动规律，然后根据功能关系得到表达式分析图象8（6分）如图所示，A、B、C是在地球大气层外圆形轨道上运动的3颗卫星，已知mA=mBmC，下列说法正确的是（）A角速度速度大小的关系是AB=CB周期关系是TATB=TCC向心力大小的关系是FA=FBFCD向心加速度大小的关系是aAaB=aC考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用 专题：人造卫星问题分析：根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、角速度、周期和向心力的表达式进行讨论即可解答：解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F
20、向=m=m2r=maA、=，根据题意得rArB=rC所以AB=C，故A正确；B、T=2，所以周期关系是TATB=TC故B正确；C、向心力F向=，已知mA=mBmC，rArB=rC，所以FAFBFC，故C错误；D、a=，所以aAaBaC，故D错误；故选：AB点评：本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度、角速度、周期和加速度的表达式，再进行讨论9（6分）如图所示，在竖直面内带有等量正负电荷所形成电场的中垂线上有一点P，一个带正电的带电粒子A在外力作用下从P点沿着中垂线向下运动，下列说法正确的是（）A粒子A向下运动过程中电场力一定越来越大B粒子A向下运动过程中电场力一定先增大后减小C粒子
21、A向下运动过程中所经各点电势一定相等D粒子A向下运动过程中电势能一定越来越小考点：电场线；电势能 分析：根据电场线的疏密判断场强的大小，电场线越密，场强越大；电场线越疏，场强越小根据等量异种点电荷形成电场的电场线分布的对称性分析对称点场强的大小关系等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线据此分析即可解答：解：AB、根据电场线的分布可知粒子A向下运动过程中电场线先越来越密，后越来越疏，场强先增大后减小，所以电场力先增大后减小，故A错误，B正确C、P所在的中垂线是一条等势线，所以粒子A向下运动过程中所经各点电势一定相等，故C正确D、由于粒子在等势线上运动，电场力不做功，电势能不变，故D错误故选：BC
22、点评：对于等量异种点电荷和等量同种点电荷的电场线、等势线的分布是考试的热点，要抓住对称性进行记忆三、解答题（共4小题，满分54分）10（8分）如图a是某同学做“研究匀变速直线运动”实验时获得的一条纸带打点计时器电源频率为50HzA、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点，F点由于不清晰而未画出试根据纸带上的数据，测量出EG间距SEG=2.80cm；推测F点的刻度值是5cm处；计算出F点对应的速度vF=0.70m/s（计算结果保留两位有效数字）；加速度a=5.00m/s2考点：探究小车速度随时间变化的规律 专题：实验题分析：根据刻度尺的指示可得出EF之间的距离大小，注意需要进行估读，根据匀变
23、速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上F点时小车的瞬时速度大小解答：解：根据纸带上的数据，测量出EG间距SEG=6.503.70=2.80cm，根据题意可知，连续相等时间内的位移差相等为：x=0.20cm，即SEF=1.30cm，所以F点的刻度值是5cm处；平均速度等于中间时刻的瞬时速度，故vF=0.70m/s；根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，得：a=5.00m/s2故答案为：2.80 5 0.70； 5.00点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习
24、中要加强基础知识的理解与应用11（10分）气垫导轨是常用的一种实验仪器它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦我们可以用带竖直挡板C和D的气垫导轨以及滑块A和B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略不计），采用的实验步骤如下：（在空白处填上答案）a用天平分别测出滑块A、B的质量mA、mBb调整气垫导轨，使导轨处于水平状态c在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上d用刻度尺测出A的左端至C板的距离L1e按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作当A、B滑块分别碰撞C、D挡板
25、时停止计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2实验中还应测量的物理量是B的右端至D板的距离L2利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是，上式中算得的A、B两滑块的动量大小并不完全相等，产生误差的原因是测量、时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差利用上述实验数据能（填“能”或“否”）测出被压缩弹簧的弹性势能的大小考点：验证动量守恒定律 专题：实验题分析：要验证动量守恒定律需要知道物体的质量和速度，而速度可以用位移与时间的比值代替，故要测位移；根据位移和时间求出速度，结合动量守恒定律列出表达式根据能量守恒求出压缩弹簧的弹性势能解答：解：调整气垫导轨，使导轨处于
26、水平状态因系统水平方向动量守恒即mAvAmBVB=0，由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有：，即所以还要测量的物理量是：B的右端至D板的距离L2根据表达式可知造成误差的原因有：测量时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差等根据能量守恒知，弹性势能转换为A、B的动能之和，故能测出被压缩弹簧的弹性势能的大小故答案为：水平；B的右端至D板的距离L2；，测量、时间、距离等存在误差，由于阻力、气垫导轨不水平等造成误差，能点评：该题中，并没有直接测量或求出滑块的速度，而是利用位移与时间的比值表示物体的速度这是物理实验中常用的一种方法，要注意掌握12（18分）如图所示，将一质
27、量为m、电荷量为+q小球固定在绝缘杆的一端，杆的另一端可绕通过O点的固定轴转动杆长为L，杆的质量忽略不计杆和小球置于一水平向右的匀强电场中，小球静止在A点时，绝缘杆偏离竖直方向的角度为已知重力加速度为g（1）求小球所带电的电性（2）求电场强度的大小（3）将杆拉至水平位置OB，在此处将小球自由释放求杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据共点力平衡求出电场力的方向，在由电场强度方向判断电性，从而得出电场强度的大小根据动能定理求出小球运动到最低点的速度，结合牛顿第二定律求出杆对小球的拉力大小解答：解：（
28、1）根据共点力平衡知电场力的方向水平向右，且电场方向也水平向右，故小球带正电 对小球，水平方向 T sin=Eq 坚直方向 Tcos=mg解得：E=（2）由动能定理有 mgL+EqL=mv2，v=（3）在C处，由牛顿第二定律有：Fmg=m解得：F=mg（3+2tan） 答：（1）小球所带正电（2）电场强度的大小（3）杆运动到竖直位置OC时小球的速度大小以及杆对小球的拉力大小mg（3+2tan）点评：本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和动能定理的综合，知道小球做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解13（18分）如图，一长木板A放在水平地面上可视为质点的滑块B静止放在距A左端为L0的木板
29、上；与B完全相同的C以水平初速度v0冲上A并能与B相碰，B、C碰后粘在一起不再分开并一起向右运动已知：A、B、C的质量均为m；重力加速度为g；B、C与A的动摩擦因数1=，A与地面的动摩擦因数2=，v02=gL0，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力求：（1）物块C冲上木板瞬间，物块C的加速度为多少？（2）C与B发生碰撞前后的速度大小为多少？（3）为使B、C结合体不从A右端掉下来，A的长度至少要多长？考点：动量守恒定律；牛顿第二定律；动能定理 专题：动量定理应用专题分析：（1）物块C冲上木板瞬间，由牛顿第二定律求出加速度；（2）对物体C运用动能定理列式求解碰撞前速度；对碰撞过程根据动量守恒定律列式求解碰
30、撞后的速度；（3）先对BC整体、A分别受力分析，根据牛顿第二定律求解加速度，当速度相等时不掉来即可，再结合动能定理列式求解解答：解：（1）C冲上A后，C受到的摩擦力大小为：fC=1mg=mg，由牛顿第二定律得：fC=maC，解得：aC=g；（2）C冲上A后，A受地面的最大静摩擦力大小为：，由于fAmfC，所以A、B保持静止，即加速度aA=0，aB=0，所以C在A上做减速运动，设其碰前速度为vC，由动能定理得：，滑块B、C碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，设碰后速度为vBC，由动量守恒定律得：mvc=2mvBC，解得：vBC=；（3）B、C结合体受到A的摩擦力：fBC=12mg=mg，方向向
31、左根据牛顿第三定律，结合体给A向右的摩擦力为：fBC=fBCfAm，故A做初速度为零的匀加速直线运动，BC做匀减速直线运动设刚达到的共同速度为vABC，由牛顿第二定律知：对BC：fBC=2maBC，对A：fBCfAm=maA，由运动学方程：vABC=vBCaBCt，vABC=aAt，设A从运动到共速，对地的位移为sAB，BC在这段时间的对地位移为sBC，由动能定理得：对BC：fBCsBC=2mvABC22mvBC2，对A：（fBCfA）sAB=mvABC2，结合体BC在A上运动的距离为：L=sBCsAB，若达到共同速度vABC时，结合体BC恰好运动至木板A的最右端，木板长度最少为：L=L0+L=L0；答：（1）物块C冲上木板瞬间，物块C的加速度为g；（2）C与B发生碰撞前后的速度大小为；（3）为使B、C结合体不从A右端掉下来，A的长度至少为L0点评：本考查了多体多过程问题，分析清楚物体的运动过程是正确解题的前提与关键，应用牛顿第二定律、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题高考资源网版权所有，侵权必究！