1、2013-2014学年江苏省徐州市新沂市王楼中学高二（下）期末物理试卷 一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，共计20分.每小题只有一个选项符合题意.1（4分）（2014春新沂市校级期末）关于布朗运动，下列说法中正确的是（）A温度越高，布朗运动越剧烈B颗粒越大，布朗运动越剧烈C阳光下看到灰尘飞舞，灰尘的运动就是布朗运动D打开香水瓶香味充满房间，这是因为香水分子在做布朗运动考点：布朗运动版权所有专题：布朗运动专题分析：布朗运动是悬浮微粒的无规则运动，不是分子的无规则运动，形成的原因是由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击引起的小颗粒并不是分子，小颗粒无规则运动的轨迹不是分子无规则运动的轨迹解答：解
2、：A、悬浮在液体中的微粒越小，液体温度越高，布朗运动越显著，故A正确；B、悬浮在液体中的微粒越小，布朗运动越显著，故B错误；C、阳光下看到灰尘飞舞，灰尘的运动受到的重力的影响不能忽略不计，不是布朗运动，故C错误；D、打开香水瓶香味充满房间，这是因为香水分子在做无规则的热运动，故D错误；故选：A点评：布朗运动既不颗粒分子的运动，也不是液体分子的运动，而是液体分子无规则运动的反映2（4分）（2014春新沂市校级期末）若已知阿伏伽德罗常数，只要再知道下列哪一组物理量，就可以估算出铜分子质量（）A铜的质量和体积B铜的密度和体积C铜的摩尔体积和密度D铜的摩尔体积和质量考点：阿伏加德罗常数版权所有专题：阿
3、伏伽德罗常数的应用专题分析：根据每一组的已知条件，得到所求得的量，再作出判断铜分子质量可用铜的摩尔质量与阿伏伽德罗常数之比求得解答：解：A、根据铜的质量和体积，能求出铜的密度，不能求得铜分子质量，故A错误B、根据铜的密度和体积，能求出铜的质量，但不能求得铜的分子数，也就求不出铜分子质量，故B错误C、根据铜的摩尔体积和密度，可求得铜的摩尔质量，再与阿伏伽德罗常数相除，即可求得铜分子质量，故C正确D、根据铜的摩尔体积和质量，不能求得铜的分子数，也就求不出铜分子质量，故D错误故选：C点评：本题关键是明确摩尔质量除以阿伏伽德罗常数等于分子质量，或质量与分子数相除可求得分子质量3（4分）（2014春新沂
4、市校级期末）关于气体压强，下列说法中正确的是（）A单位体积的气体分子数增加，气体的压强一定增大B气体分子热运动的平均动能增大，气体的压强一定增大C一定质量的理想气体，温度降低且体积增大，压强一定增大D一定质量的理想气体，温度升高且体积减小，压强一定增大考点：封闭气体压强版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：气体压强是大量气体分子频繁地碰撞器壁而产生的作用在器壁单位面积上的平均作用力气体压强决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能由气态方程分析气体状态参量的变化解答：解：A、气体压强决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能两个因素，单位体积的气体分子数增加，
5、气体的压强不一定增大故A错误B、气体分子热运动的平均动能增大，平均动能增大，由于气体压强决定于气体分子的密度（单位体积内的分子数）和分子的平均动能两个因素，所以气体的压强不一定增大，故B错误C、一定质量的理想气体，温度降低且体积增大，由气态方程=c知，压强不一定增大，故C错误D、一定质量的理想气体，温度升高且体积减小，由气态方程=c知，压强一定增大，故D正确故选：D点评：明确气体压强产生原因是分子对器壁的撞击作用，会应用理想气体状态方程分析问题4（4分）（2014春新沂市校级期末）关于液晶和液体表面张力，下列说法中正确的是（）A所有的有机化合物都具有液晶态B液晶既具有流动性，又具有光学性质各向
6、异性C水黾能够停在水面上，是由于它受到水的浮力大于其重力的缘故D小草上的露珠呈球形，是由于液体表面张力使其表面积具有扩张到最大趋势的缘故考点：* 晶体和非晶体；* 液体的表面张力现象和毛细现象版权所有分析：人们熟悉的物质状态（又称相）为气、液、固，较为生疏的是电浆和液晶，液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质液晶是介于液态与结晶态之间的一种物质状态液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，即是表面张力，表面张力的存在使液体表面想被拉伸的弹簧一样，总有收缩的趋势；解答：解：A、液晶是有机
7、化合物，并不是所有的有机化合物都具有液晶态 故A错误B、液晶像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质所以液晶的光学性质与某些晶体相似，具有各向异性，故B正确；C、水黾能够停在水面上，是由于它受到水面的表面张力的作用，没有受到浮力故C错误；D、小草上的露珠呈球形，是由于液体表面张力使其表面积具有缩小到最小的趋势的缘故故D错误故选：B点评：表面张力的成因解释，掌握了概念便可顺利解决问题液晶较为生疏的一种物质状态高中阶段只需要记住其定义和基本特性即可5（4分）（2014春新沂市校级期末）某实验小组想测试两种材料的导电性能，他们将这两种材料加工成厚度均匀、横截面为正方形的几何体，分别如图甲
8、、乙所示，经测试发现，材料甲沿ab、cd两个方向的电阻相等，材料乙沿ef方向的电阻大于沿gh方向的电阻，关于这两种材料，下列说法中正确的是（）A材料甲一定是晶体B材料甲一定是非晶体C材料乙一定是单晶体D材料乙一定是多晶体考点：* 晶体和非晶体版权所有分析：晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，单晶体的物理性质是各向异性的，而多晶体和非晶体是各向同性的，晶体的分子排列是有规则的，而非晶体的分子排列是无规则的解答：解：测试发现，材料甲沿ab、cd两个方向的电阻相等，材料乙沿ef方向的电阻大于沿gh方向的电阻，说明了甲具有各向同性，而乙具有各向异性，单晶体的物理性质是各向异性的，所以乙一定是单晶体
9、，而多晶体和非晶体是各向同性的，材料甲可能是多晶体，也可能不是晶体故只有选项C正确故选：C点评：能否记住晶体与非晶体的不同特性及晶体与非晶体的熔化特点是本题的解题关键二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.6（4分）（2014春新沂市校级期末）关于能量和能源，下列说中正确的是（）A能量耗散会导致能量品质降低B煤炭、石油等化石能源是 一种清洁的、可再生能源C可持续发展的核心是追求发展与资源、环境的平衡D能量在转化和转移过程中总量保持不变，所以没有必要节约能源考点：能源的开发和利用版权所有分析：能量在
10、转化和转移过程中总量既不会增加，也不会减少，能量的转化具有方向性解答：解：A、能量在转化和转移过程中，其总量保持不变，但品质越来越差，即可利用率越来越低，故A正确B、煤炭、石油等化石能源是不可再生资源，故B错误C、可持续发展的核心是追求发展与资源、环境的平衡故C正确D、能量在转化和转移过程中总量保持不变，但是能量的转化具有方向性，所以需要节约能量故D错误故选：AC点评：只要理解了能量转化和守恒定律，并且明白能量的转化具有方向性，知道哪些能量是再生资源，哪些资源是不可再生资源7（4分）（2014春新沂市校级期末）钢瓶中气体温度从20升高到30，下列说法中正确的是（）A气体温度升高了10KB每一个
11、气体分子的动能一定增大C所有气体分子的平均动能一定增大D气体增加的分子动能等于气体增加的内能考点：热力学第一定律版权所有专题：热力学定理专题分析：热力学温度与摄氏温度的关系是T=t+273K；温度是分子平均动能的标志，温度越高，分子平均动能越大内能是物体内所有分子动能和势能之和根据这些知识分析解答解答：解：A、根据T=t+273K，得T=t，则知气体温度升高了10K，故A正确B、C、温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子的平均动能增大，由于分子运动是杂乱无章的，所以不是每一个气体分子的动能一定增大，故BC错误D、由于气体分子也存在势能，气体增加的分子动能不等于气体增加的内能，故D错误故选：A
12、点评：解决本题的关键要知道T=t+273K，T=t，掌握温度的微观含义：温度是分子平均动能的标志8（4分）（2014春新沂市校级期末）用r0表示分子引力与斥力平衡时两分子间的距离，下列各图中可以定性反应分子作用力F或分子势能Ep随分子间距离r变化关系的线是（）ABCD考点：分子间的相互作用力版权所有专题：分子间相互作用力与分子间距离的关系分析：当分子间距离等于平衡距离时，分子力为零，分子势能最小；当分子间距离小于平衡距离时，分子力表现为斥力；根据图象分析答题解答：解：分子之间的相互作用都随分子间距离的增大而减小分子引力的变化慢，当r=r0时分子引力等于分子斥力，所以，r0是分子的平衡距离，r大
13、于平衡距离，分子力表现为引力，当r小于r0时，分子间的作用力表现为斥力：分析间距离为r0时分子势能最小；A、B：当r由小于r0逐渐增大到10r0的过程中，f斥和f引均减小，r0是分子的平衡距离，此时分子间的作用力为0；所以在该过程中合力F先是斥力逐渐减小，大于r0后表现为分子引力并逐渐增大，达到最大后又逐渐减小故A错误，B正确；C：当r等于r0时，分子引力等于分子斥力，合力等于0但分子引力和斥力都不等于0，故C错误；D：当rr0时分子引力小于分子斥力，当r减小时，分子之间的作用力做负功，分子势能增大；当rr0时分子引力大于分子斥力当r增大时，分子之间的作用力做负功，分子势能增大所以当r等于r0
14、时，分子势能最小，故D正确；故选：BD点评：分子间距离等于平衡距离时分子之间的作用力是0，分子势能最小，掌握分子间作用力与分子间距离的关系、分子清楚图象，即可正确解题9（4分）（2014春新沂市校级期末）一定质量的理想气体经历一个等压变化从状态1变化到状态2在这两个状态下，各速率区间的气体分子数n占总分子数N的百分比（100%）与分子速率v之间的关系分别如图中1、2所示下列说法中正确的是（）A气体在状态1时温度较高B气体经历的是等压膨胀过程C在此过程中外界对气体做正功D在此过程中气体从外界吸热考点：热力学第一定律；理想气体的状态方程版权所有专题：热力学定理专题分析：根据温度是分子平均动能的标志
15、，分析温度的变化，由气态方程分析体积的变化由热力学第一定律分析热量的变化解答：解：A、由图知气体在状态1时分子平均速率较小，则知气体在状态1时温度较低，故A错误B、气体发生等压变化，温度升高，由气态方程=c，知气体的体积增大，即气体经历的是等压膨胀过程，故B正确C、气体膨胀时对外界做功，故C错误D、温度升高，理想气体的内能增大，气体对外界做功，根据热力学第一定律可知气体从外界吸热，故D正确故选：BD点评：本题关键明确气体分子速率分布图的物理意义，能根据理想气体状态方程和热力学第一定律进行分析三、简答题：本题共3小题，每空2分，共计16分，将解答题填写在相应的位置.10（4分）（2014春新沂市
16、校级期末）冰箱的制冷剂流经水箱内部管道时，会因剧烈汽化而降温，使得制冷剂可以从冰箱里的食物中吸收热量，达到使食物降温保鲜之目的假设在这一过程中，制冷剂汽化对外做功30kJ，它从食物中吸收10kJ的热量，那么在此过程中，制冷剂的内能减少（选填“增加”或“减少”）了20kJ考点：热力学第一定律版权所有专题：热力学定理专题分析：制冷剂对外做了30kJ的功，功为负值，从外界吸收了10kJ的热量，热量为正值，根据热力学第一定律求解物体内能的变化解答：解：由题有：W=30kJ，Q=10kJ，由热力学第一定律U=W+Q，得：U=30+10=20（kJ）因而内能减少了20J故答案为：减少，20点评：本题考查热
17、力学第一定律的基本应用应用热力学第一定律时，要注意各个量的符号：凡使物体内能增加的物理量为正值；凡使物体内能减小的物理量为负值11（6分）（2014春新沂市校级期末）如图所示，一定质量的理想气体从状态a开始按箭头所示经一系列状态变化又回到状态a，由图可知：气体在a、b、c三个状态的密度a、b、c的大小关系是ab=c，气体分子的平均动能Eka、EKb，EKc的大小关系是EKa=EKcEKb在此过程中，气体先吸热，后放热（选填“从外界吸收”或“向外界放出”）热量考点：理想气体的状态方程版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：由图示图象判断气体体积大小关系，然后判断密度大小关系，应用理想气体状态方程
18、判断出气体温度关系，然后判断分子平均动能大小关系；最后应用热力学第一定律判断气体吸热与放热情况解答：解：由图示图象可知，气体体积关系为：VaVb=Vc，气体的质量一定，则密度关系为：ab=b由理想气体状态方程：=C可知，气体温度：T=，气体在各状态时的温度：Ta=，Tb=，TC=，则Ta=TcTb，温度越高，分子平均动能越大，则分子平均动能间的关系为：EKa=EKcEKb由a到b过程，温度升高、体积变大，内能增加，对外做功，由热力学第一定律可知，气体吸收热量；从b到c过程，温度降低体积减小，内能减小、外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体放出热量；从c到a过程，体积减小，温度不变，气体内能
19、不变，外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体放出热量，则整个过程中，气体先吸热，然后再放热；故答案为：ab=c；EKa=EKcEKb；先吸热，后放热点评：本题考查了比较气体密度、分子平均动能大小关系，分析清楚图示图象、应用气体状态方程即可正确解题12（6分）（2014春新沂市校级期末）在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：A用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待油膜形状稳定；B将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积；C往浅盘里倒入约2cm深的水，待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上；D将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上
20、；E根据一滴溶液中纯油酸的体积和油膜的面积计算出油酸分子直径（1）以上各实验步骤中正确的顺序是CADBE（填写步骤前面的字母）（2）实验中所用的油酸酒精溶液的体积百分比浓度为0.05%，每滴溶液的体积为0.02mL，描出油酸膜边缘轮廓如图所示已知玻璃板上正方形小方格的边长为1cm，则油酸膜的面积约为1.1102m2（保留两位有效数字）由以上数据，可估算出油酸分子的直径为9.11010m（保留两位有效数字）考点：用油膜法估测分子的大小版权所有专题：实验题分析：将配制好的油酸酒精溶液，通过量筒测出1滴此溶液的体积然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩
21、笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径解答：解：（1）“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：准备浅水盘（C）形成油膜（A）描绘油膜边缘（D）测量油膜面积（B）计算分子直径（E），故正确的顺序为：CADBE（2）油酸膜的面积约为：S=1101cm2=110cm2=1.1102m油酸分子的直径d=cm=9.11010m故答案为：（1）CADBE（2）1.1102，9.11010点评：本题关键要懂得实验原理，建立物理模型：以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个
22、挨着一个紧密排列，从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度四、计算题：本题共1小题，共计8分.解答时请写出必要的文字说明、方程和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.13（8分）（2014春新沂市校级期末）炎热的夏季是汽车轮胎爆胎频发时期，爆胎的一个原因是轮胎内气体温度升高导致胎压变得太大，因此有经验的司机师傅会适当地降低胎压，已知某汽车上一只轮胎的容积为200L，高速行驶时允许的最大胎压为2.9105Pa，此时胎内气体温度可达77，不计胎内气体温度变化对轮胎容积的影响，阿伏伽德罗常数NA=6.01023mol1，计算结果均保留两位有效数字为保证
23、行车安全：（1）司机在20时给轮胎充气，假设充气过程中气体温度不变，充气后胎压最大的是多少？（2）已知空气在1105Pa、20时的摩尔体积为24L/mol，求满足第（1）问的轮胎内空气分子数目考点：理想气体的状态方程；阿伏加德罗常数版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：（1）求出气体的状态参量，然后由查理定律求出气体的压强；（2）求出物体物质的量，然后求出气体分子个数解答：解：（1）以轮胎内气体为研究对象，气体状态参量：p1=？，T1=273+20=293K，p2=2.9105Pa，T2=273+77=350K，气体发生等容变化，由查理定律得：=，代入数据解得：p12.4105Pa；（2）气
24、体状态参量为：p1=2.4105Pa，V1=200L，p3=1105Pa，V3=？气体发生等温变化，由玻意耳定律得：p1V1=p3V3，代入数据解得：V3=480L，气体分子个数：n=NA=6.01023=1.21025个；答：（1）司机在20时给轮胎充气，假设充气过程中气体温度不变，充气后胎压最大的是2.4105Pa；（2）已知空气在1105Pa、20时的摩尔体积为24L/mol，满足第（1）问的轮胎内空气分子数目为1.21025个点评：本题考查了求气体的压强、分子个数，求出气体状态参量、应用查理定律、玻意耳定律、阿伏伽德罗常数即可正确解题3-4模块一、单项选择题：本题共5小题，每小题4分，
25、共计20分.每小题只有一个选项符合题意.14（4分）（2014春新沂市校级期末）关于光，下列说法中正确的是（）A太阳光属于偏振光B偏振光通过偏振片变成自然光C全息照相是利用了光的干涉原理D太阳光下的肥皂膜呈现彩色是光的衍射现象考点：光的偏振；光的干涉版权所有专题：光的衍射、偏振和电磁本性专题分析：自然光垂直于传播方向的上沿一切方向振动且各个方向振动的光波强度都相同，而偏振光是垂直于传播方向的平面上，只沿某个特定方向振动，偏振光是垂直于传播方向的平面上，只沿某个特定方向振动，经过反射光或折射光都是偏振光，所以除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光解答：解：A、太阳光属于自
26、然光故A错误；B、偏振片的作用是自然光通过偏振片变成偏振光故B错误，C、全息照相是利用了光的干涉原理故C正确；D、太阳光下的肥皂膜呈现彩色属于薄膜干涉现象，属于是光的干涉现象故D错误故选：C点评：本题要知道：自然光是在垂直于传播方向的上沿一切方向振动且各个方向振动的光波强度都相同，而偏振光是垂直于传播方向的平面上，只沿某个特定方向振动15（4分）（2014春新沂市校级期末）如图所示演示装置，一根张紧的水平绳上挂着5个单摆，其中A、D摆长相同，先使A摆摆动，其余各摆也跟着摆动起来，可以发现（）AD摆的振幅最大BD摆的振幅最小CB的摆动周期小于C的摆动周期DB的摆动周期大于C的摆动周期考点：产生共
27、振的条件及其应用版权所有分析：5个单摆中，由A摆摆动从而带动其它4个单摆做受迫振动，受迫振动的频率等于驱动力的频率，当受迫振动的系统的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象，振幅达到最大解答：解：A、B、A摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，则它们的振动频率均等于A摆的摆动频率，而由于A、D摆长相同，所以这两个摆的固有频率相同，则D摆出现共振现象，D摆的振幅最大故A正确，B错误；C、D、在受迫振动的过程中，各摆的周期等于驱动力的周期，B的摆动周期等于C的摆动周期故CD错误故选：A点评：受迫振动的频率等于驱动力的频率；当受迫振动中的固有频率等于驱动力频率时，出现共振现象16（4分）（2
28、014春新沂市校级期末）在“探究单摆的周期与哪些因素有关”的实验中，某同学有以下看法，其中正确的是（）A单摆的摆长为悬挂小球的线长B单摆额回复力是拉力与重力的合力C在小角度情况下，单摆的周期与摆角无关D测量周期时，计时气点应选择在摆球处于最高点考点：探究单摆的周期与摆长的关系版权所有专题：实验题分析：根据实验原理与实验注意事项分析答题解答：解：A、单摆摆长等于摆线长度与摆球半径之和，故A错误；B、重力与线的拉力的合力提供回复力，故B正确；C、在小角度情况下，单摆的周期与摆角无关，故C正确；D、为减小实验误差，测量周期时，计时气点应选择在平衡位置，即最低点，故D错误；故选：BC点评：本题考查了实
29、验注意事项，知道实验原理与实验注意事项即可正确解题17（4分）（2014春新沂市校级期末）一列声波从空气传入水中速度变大，则该声波的（）A波长变短B波长变长C频率变小D频率变大考点：波长、频率和波速的关系版权所有分析：波从一种介质进入另一种介质时，频率不变声波由空气进入水中，波速变大由波速公式分析波长的变化解答：解：声波由空气进入水中，波速变大，频率不变，由波速公式v=f得知，声波的波长变大故B正确故选：B点评：本题考查对声波在介质中传播速度的了解波速公式v=f适用于一切波要知道波从一种介质进入另一种介质时，频率不变18（4分）（2014春新沂市校级期末）波源的振动频率为f，当波源运动时，波源
30、前方的静止观察者接收到的频率为f1，波源后方的静止观察者接收到的频率f2，则有（）Aff1Bff2Cf1f2Df1f2考点：多普勒效应版权所有分析：利用多普勒效应分析即可，当观察者远离波源过程中，观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小；当观察者靠近波源过程中，观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大解答：解：f由波源每秒钟所振动的次数决定，介质振动的频率由波源频率及波源相对介质是否移动来决定，当观察者远离波源过程中，观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率小；当观察者靠近波源过程中，观察者接收到的机械波频率比观察者静止时接收到的频率大，故ABC错误，D正确故
31、选：D点评：本题考查了多普勒效应，知道观察者与波源距离变小时，接受频率变大；反之亦然二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.19（4分）（2014春新沂市校级期末）关于电磁场和电磁波谱，下列说中正确的是（）A均匀变化的磁场一定产生变化的电场B均匀变化的电场一定产生稳定的磁场C电磁波是横波，它的传播可以不需要介质D红外线、可见光和紫外线都是电磁波考点：电磁波的产生版权所有分析：克斯韦的电磁场理论中变化的磁场一定产生电场，当中的变化有均匀变化与周期性变化之分电磁波的传播不需要介质，电磁波是横波，红外线
32、、可见光和紫外线都属于电磁波解答：解：A、非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场，而均匀变化的电场产生稳定的磁场所以变化的电场周围一定产生磁场，变化的磁场周围一定产生电场，但不一定变化故A错误；B、均匀变化的磁场一定产生稳定的电场，而非均匀变化的电场产生非均匀变化的磁场故B正确；C、电磁波是横波，它的传播可以不需要介质故C正确；D、红外线、可见光和紫外线都是电磁波，故D正确；故选：BCD点评：考查麦克斯韦的电磁场理论中变化有均匀变化与周期性变化之分解决本题的关键知道电磁波的特点，知道电磁波与机械波的区别20（4分）（2014春新沂市校级期末）关于狭义相对论，下列说法中正确的是（）A在不同的参考系
33、中，一切物理规律都是相同的B真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的C观察者认为相对于他高速运动的时钟一定变慢D观察者认为相对于他高速运动的直杆的长度一定变短考点：经典时空观与相对论时空观的主要区别版权所有分析：1、狭义相对论的两个基本假设：物理规律在所有惯性系中都具有相同的形式这叫做相对性原理在所有的惯性系中，光在真空中的传播速率具有相同的值C这叫光速不变原理它告诉我们光（在真空中）的速度c是恒定的，它不依赖于发光物体的运动速度2、狭义相对论的几个基本结论：钟慢效应：运动的钟比静止的钟走得慢，而且，运动速度越快，钟走的越慢，接近光速时，钟就几乎停止了；尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比
34、静止的尺子短，当速度接近光速时，尺子缩成一个点质量变大：质量（或能量）并不是独立的，而是与运动状态相关的，速度越大，质量越大解答：解：A、在不同的参考系中，一切物理规律是不相同的故A错误；B、根据光速不变原理，一切运动物体相对于观察者的速度都不能大于真空中的光速故B正确；C、惯性系中的观察者观察一个与他做匀速相对运动的时钟时，会看到这个时钟比与他相对静止的相同的时钟走得慢些故C错误；D、根据尺缩效应：在尺子长度方向上运动的尺子比静止的尺子短，当速度接近光速时，尺子缩成一个点故D错误故选：B点评：此题考查狭义相对论的几个基本结论，应该记住这几个结论并理解它们其中CD两个选项要注意 方向 之间的关
35、系此题属于基础题21（4分）（2014春新沂市校级期末）图甲、乙、丙、丁所示为同一种单色光发生双缝干涉或单缝衍射时所得到的图样（干涉和衍射各有两幅图片，黑线代表暗条纹），已知双缝或单缝到光屏的距离相等，下列说法中正确的是（）A甲图是双缝干涉的图样B乙图是单缝衍射的图样C丙图中双缝间距较小D丁图中单缝宽度较小考点：双缝干涉的条纹间距与波长的关系版权所有专题：光的干涉专题分析：单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距双缝干涉条纹等宽、等间距，而波长越长的，条纹间距越大，从而即可求解解答：解：双缝干涉条纹等间距，但单缝衍射条纹一定不等间距，即中央宽、两边窄的明暗相间的条纹A、甲、乙两图是干涉条纹，故
36、A正确，B错误；C、丙、丁两图是衍射条纹，而随着缝间距越小，衍射条纹越大，故C错误，D正确故选：AD点评：解决本题的关键掌握衍射条纹和干涉条纹的特点，单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距双缝干涉条纹等宽、等间距，但也有干涉条纹不等间距（如牛顿环）22（4分）（2014春新沂市校级期末）如图所示，从光源S发出一束由红蓝两色组成的复色光，以一定的角度入射到三棱镜的表面，经过三棱镜折射后变成两束光a和b，在光屏上形成两个彩色亮点下列说法中正确的是（）Aa光是蓝色光Ba光的波长大C三棱镜对b光的折射率小D若增大，b光先消失考点：光的折射定律版权所有专题：光的折射专题分析：根据光线的偏折程度比较出折
37、射率的大小，分析波长的大小根据折射率的大小，由临界角公式sinC=比较临界角的大小，分析哪束光先发生全反射现象解答：解：A、C、由光路图可知，a光的偏折程度大于b光的偏折程度，所以a光的折射率大，则a光是蓝色光，故AC正确B、光的折射率大，频率大，则波长短，故B错误D、由临界角公式sinC=可知a光的临界角小，若增大，光线在棱镜右侧面上入射角增大，a光的入射角先达到其临界角，先发生全反射，则a光先消失故D错误故选：AC点评：解决本题的突破口在于通过光线的偏折程度比较出光的折射率大小，知道折射率、临界角、波长等大小关系三、解答题：本题共3小题，每空2分，共计16分.将解答填写在相应的位置.23（
38、4分）（2014春新沂市校级期末）某质点的振动图象如图所示，质点在t=0.3s时的振动方向是沿y轴的负（选填“正”或“负”）方向，该质点的振动方程为y=4costcm考点：简谐运动的振动图象版权所有专题：简谐运动专题分析：根据质点位移的变化，判断t=0.3s时质点的振动方向质点的振幅等于位移y的最大值，由图象直接读出读出周期，即可求得角频率即可写出振动方程解答：解：在t=0.3s时质点的位移从正向最大逐渐减小，向平衡位置靠近，所以此时质点的振动方向沿y轴负向由图知，该质点的振幅为A=4cm振动周期 T=2s，则= rad/s故该质点的振动方程为y=Acost=4cost cm故答案为：负，4c
39、ost点评：本题考查考取振动图象信息的能力，可结合简谐运动的特征进行分析24（6分）（2014春新沂市校级期末）如图所示，S1、S2是两个振幅相等的相干波源，实线和虚线分别表示在某一时刻它们所发出的波的波峰和波谷，其中a点处于图示波峰和波谷的正中间位置在a、b、c、d四点中，振动加强点有b、c、d，振动减弱点有a，此时恰处于平衡位置的有a、d考点：波的叠加版权所有分析：两列频率相同的相干波，当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与波谷相遇时振动减弱，振动加强点始终加强，减弱点始终减弱解答：解：由图可知：a点是波峰与波谷相遇点，即振动减弱点；c点是波谷与波谷相遇点，即振动加强点；b点
40、是波峰与波峰相遇点，即振动加强点；故振动加强的是：b、c、d，振动减弱的是：a，此时恰处于平衡位置的有a、d；故答案为：b、c、d；a；a、d点评：当振幅相同的两列相同频率的波相遇时，振动加强区的振动方向始终相同，不过位移时大时小而振动减弱区的振动方向始终相反，位移始终为零25（6分）（2014春新沂市校级期末）如图是某校物理兴趣小组设计的一个测量液体折射率的仪器，在一个圆盘上，过圆心O作两条相互垂直的直径BC、EF在半径OA上，垂直盘面插上两枚大头针P1、P2并保持位置不变每次测量时让圆盘的下半部分竖直进入液体中，而且总使得液面与直径BC相平，EF作为界面的法线，而后在图中右上方区域观察P1
41、、P2，在EC范围内的一个合适位置插上大头针P3，量出AOF和P3OE，就可以计算出该液体的折射率（1）插P3时应满足使P3正好挡住P1、P2的像；（2）在某次测量中，测得AOF=45，P3OE=60，则该液体的折射率为；（3）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2，要完成测量，需将AOF减小（选填“增大”或“减小”）一些考点：光的折射定律版权所有专题：光的折射专题分析：（1）在图中右上方区域观察P1、P2的像，并在圆周上插上大头针P3，使P3正好挡住P1、P2的像（2）确定出折射角与折射角，由折射定律求解折射率（2）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2，可能
42、发生了全反射，要完成测量，应减小入射角解答：解：（1）插P3时应满足：使P3正好挡住P1、P2的像（2）由图看出，折射角为i=AOF=30，折射角r=EOP3=60，则P3处所对应的折射率的值为n=（3）在测量另一种液体的折射率时，发现总是无法看清P1、P2，可能发生了全反射，要完成测量，应减小入射角AOF故答案为：（1）使P3正好挡住P1、P2的像（2）（3）减小点评：本题是折射定律的应用，确定折射角和折射角是基础，要注意的是折射率不等于，要紧扣折射率定义的条件四、计算题：本题共1小题，共计8分.解答时请写出必要的文字说明、方程和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案
43、中必须要明确写出数值和单位.26（8分）（2014春新沂市校级期末）在某介质中形成一列简谐波，t=0时刻的波形如图中的实线所示（1）若波向右传播，此时刚好传到B点，再经过0.6s，P点第一次达到波谷求：该波的速度v和周期T；从t=0时刻起到P点第一次达到波谷的过程中，x=0处的质点经过的路程s（2）若该列波的传播速度大小为10m/s，且波形由实线变成虚线需要经历0.85s时间，则该列波的传播方向如何？考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象版权所有分析：（1）波向右匀速传播，从B传到P，波传播距离x=6m，时间t=0.65s，求出波速，由图读出波长，求出周期当图示时刻x=0.5m处的振动传到P
44、点时，P点第一次达到波谷根据波形的平移求出从t=0时刻起到P点第一次达到波谷时所经历的时间，分析并求解质点O通过的路程（2）由波速和时间求出波传播的距离，研究与波长的关系，根据波形的平移确定波的传播方向解答：解：由图象知，波长=2m，振幅 A=2cm（1）若波向右传播，则波从B传到P传播距离x=6m，所用时间t=0.6s，则波速v=10m/s由v=得：T=s=0.2s当图示时刻x=0.5m处的振动传到P点时，P点第一次达到波谷，此过程波传播的距离 x=6.5m则由t=0到P点第一次到达波谷为止，经历的时间t=0.65s=3T故O点在这段时间内经过的路程 s=3.254A=132cm=26cm（
45、2）若波速v=10m/s，时间t=0.85s，则波沿x轴方向传播的距离为 x=vt=8.5m=（4+）根据波形的平移可知，波沿x轴负方向传播答：（1）若波向右传播，该列波的周期T=0.2s；从t=0时刻起到P点第一次达到波谷的过程中，x=0处的质点经过的路程s是26cm（2）波沿x轴负方向传播点评：本题是知道两个时刻的波形研究波传播的距离、波速、周期的问题第（2）问可以根据波的周期性，运用数学知识列出通项式，再确定波的传播方向【3-5模块】一、单项选择题：本题共5小题，每小题0分，共计20分.每小题只有一个选项符合题意.27（2014春新沂市校级期末）下面列出的是一些核反应方程：PSi+X，B
46、e+HB+Y，其中（）AX是质子，Y是中子BX是正电子，Y是质子CX是中子，Y是正电子DX是正电子，Y是中子考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度；重核的裂变版权所有分析：根据核反应方程的质量数和电荷数守恒求出X、Y分别表示什么粒子解答：解：根据质量数和电荷数守恒可得：PSi+X，X为：X，即正电子；Be+HB+Y，Y为：Y，即中子；故ABC错误，D正确故选：D点评：本题比较简单，直接利用核反应方程的质量数和电荷数守恒即可正确求解28（2014春新沂市校级期末）科学家认为，He是发生核聚变的极好原料，关于He，下列说法中正确的是（）AHe的原子核内有三个中子两个质子BHe的聚变反应可以在常温常压下
47、进行CHe发生聚变放出能量，一定会发生质量亏损DHe原子核内的核子靠万有引力紧密结合在一起考点：轻核的聚变版权所有分析：元素He表示2个质子数，3个核子数，核反应过程一定会发生质量亏损放出能量，核子间靠核力紧密结合在一起解答：解：A、He的原子核内有2个质子、（32）=1个中子，故A错误；B、聚变反应必须满足其发生的条件，故B错误；C、无论是聚变还是裂变，核反应过程一定会发生质量亏损放出能量，C正确；D、原子核内的核子靠核力结合在一起，核力与万有引力性质不同核力只存在于相邻的核子之间，故D错误故选：C点评：本题考查对核力的理解核力是自然界四种基本作用力之一，与万有引力性质、特点不同29（201
48、4春新沂市校级期末）已知a光的频率小于b光的频率，当用a光照射某种金属时发生了光电效应，现改用b光照射，下列说法中正确的是（）A不一定能发生光电效应B光电子的最大初动能增加C单位时间内发射的光电子数增加D遏止电压减小考点：光电效应版权所有专题：光电效应专题分析：发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，根据光电效应方程知，光子频率越大，光电子的最大初动能越大，光强度会影响单位时间内逸出的光电子数目解答：解：A、a光的频率小于b光的频率，用a光照射某种金属时发生了光电效应，则b光照射一定能发生光电效应，故A错误；B、发生光电效应的条件入射光频率大于极限频率；根据光电效应方程知，Ekm=
49、hvW0，知入射光的频率越大，光电子的最大初动能越大，故B正确；C、当入射光的强度增加时，单位时间内发射的光电子数才增加，故C错误；D、据遏止电压与逸出功的关系可知，遏止电压取决于金属本身，故D错误故选：B点评：解决本题的关键知道光电效应的条件，以及影响光电子最大初动能的因素，知道入射光的强度影响的是单位时间内逸出的光电子数目30（2014春新沂市校级期末）目前，在家庭装修中经常用到花岗岩、大理石等装修材料，这些岩石斗不同程度地含有放射性元素，这些放射性元素衰变时可能会放出、或射线，对人的健康产生影响为了鉴别放射性元素释放射线的种类，现使它们进入图示匀强磁场，三种射线在磁场中的偏转情况如图所示
50、，则（）A射线1是射线B射线2是射线C射线2是中子流D射线3是原子核外的电子形成的电子流考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；原子核衰变及半衰期、衰变速度版权所有分析：根据各粒子带电情况与粒子运动轨迹，应用左手定则分析答题解答：解：A、由图示可知，射线1所示洛伦兹力向右，由左手定则可知，射线1带正电，则射线1是射线，故A正确；B、由图示可知，射线2不是洛伦兹力作用，该射线不带电，是中子流，故B错误，C正确；D、由图示可知，射线3受到的洛伦兹力向左，由左手定则可知，该射线带负电，是射线，射线3是原子核外的电子形成的电子流，故D正确；故选：ACD点评：本题考查了判断射线的类型，分析清楚图示情景、应用左
51、手定则即可正确解题31（2012甘肃一模）氢原子的能级如图所示，现让一束单色光照射大量处于基态的氢原子，氢原子只发出三种不同频率的色光照射光光子的能量是（）A13.6eVB3.4eVC12.09eVD10.2eV考点：玻尔模型和氢原子的能级结构版权所有专题：原子的能级结构专题分析：根据氢原子只发出三种不同频率的色光，确定单色光照射大量处于基态的氢原子使它跃迁到哪一个激发态，从而根据能极差求出照射光子的能量解答：解：氢原子只发出三种不同频率的色光，知氢原子处于第三能级，则吸收的光子能量E=1.51+13.6eV=12.09eV故C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道能级间发生跃迁时
52、吸收的能量必须等于能极差，否则能量不能被吸收二、多项选择题：本题共4小题，每小题0分，共计16分.每小题有多个选项符合题意，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.32（2014春新沂市校级期末）关于粒子散射实验和原子的核式结构理论，下列说法中正确的是（）A绝大多数粒子发生了大角度偏转B卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子核式结构理论C原子的正电荷均匀分布在整个原子中D原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核里考点：粒子散射实验；原子的核式结构版权所有分析：粒子散射实验的内容是：绝大多数粒子几乎不发生偏转；少数粒子发生了较大的角度偏转；极少数粒子发生了大角度偏转（偏转角度超过
53、90，有的甚至几乎达到180，被反弹回来），明确粒子散射实验现象的内容以及造成这种现象的原因，正确利用物体受力和运动的关系判断解答：解：A、粒子穿过原子时，只有少数粒子发生大角度偏转的原因是原子核很小，粒子接近原子核的机会很小，故A错误；B、卢瑟福依据粒子散射实验的现象提出了原子的核式结构理论，故B正确；C、从绝大多数粒子几乎不发生偏转，可以推测使粒子受到排斥力的核体积极小，所以带正电的物质只占整个原子的很小空间，故C错误，D正确；故选：BD点评：对于粒子散射实验要明确其实验现象和结论，了解产生这种现象的原因是什么33（2014春新沂市校级期末）下列说法中正确的是（）A电子不具有波动性B光既具
54、有波动性，又具有粒子性C普朗克认为微观粒子的能量是连续的D黑体的温度逐渐升高，各种波长的电磁波辐射强度都增加考点：光的波粒二象性版权所有分析：现代物理学认为，物质具有波粒二象性；普朗克提出了量子说，根据黑体辐射理论分析答题解答：解：A、电子既具有粒子性，又具有波动性，故A错误；B、光既具有波动性，又具有粒子性，故B正确；C、普朗克认为微观粒子的能量是不连续的，是一份一份的，故C错误；D、电磁辐射的强度与物体温度有关，黑体的温度逐渐升高，各种波长的电磁波辐射强度都增加，故D正确；故选：BD点评：本题考查了波粒二象性、量子说、黑体辐射问题，涉及的知识点较多，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题34
55、（2014春新沂市校级期末）Rn的衰变方程为RnPo+He，其衰变曲线如图所示下列说法中正确的是（）A这个衰变是衰变B这个衰变是衰变CRn衰变的半衰期是3.8天DRn衰变的半衰期是7.6天考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度版权所有专题：衰变和半衰期专题分析：根据核反应方程的放射出的粒子，即可判断出衰变的类型；根据半衰期的含义可以算出衰变经历的半衰期的个数解答：解：A、B、根据衰变方程为RnPo+He，放出的是粒子，所以衰变是衰变故A正确，B错误；C、剩余质量为：M剩=M（）n，经过kT后，m0=（）km0，所以k=2，因此衰变的半衰期是3.8天，故C正确，D错误故选：AC点评：书写核反应方程一
56、定满足质量数和电荷数守恒，正确理解应该公式M剩=M（）n，并能进行有关半衰期的运算35（2014春新沂市校级期末）木块a和b用一根轻弹簧连起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，撤去外力后，对a、b和弹簧组成的系统，下列说法中正确的是（）Aa尚未离开墙壁前，系统的动量守恒Ba尚未离开墙壁前，系统的机械能守恒Ca离开墙壁后，系统的动量守恒Da离开墙壁后，系统的机械能守恒考点：动量守恒定律；机械能守恒定律版权所有专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：系统所受合外力为零，系统动量守恒，只有重力或只有弹力做功，系统机械能守恒，根据动量守恒与机械能
57、守恒的条件分析答题解答：解：A、a尚未离开墙壁前，系统所受合外力不为零，系统动量不守恒，故A错误；B、a尚未离开墙壁前，只有弹簧弹力做功，系统机械能守恒，故B正确；C、a离开墙壁后，系统所受合外力为零，系统动量守恒，故C正确；D、a离开墙壁后，只有弹力做功，系统机械能守恒，故D正确；故选：BCD点评：本题考查了判断动量与机械能是否守恒，应用动量守恒与机械能守恒的条件即可正确解题三、解答题：本题共3小题，每空2分，共计16分.将解答填写在相应的位置.36（2014春新沂市校级期末）由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界已知未被发现研究发现，Np经过一些列衰变后会变成Bi，请写出：Np经过7
58、次衰变和4次衰变后变成Bi考点：原子核衰变及半衰期、衰变速度版权所有专题：衰变和半衰期专题分析：正确解答本题需要掌握：电荷数、质子数以及质量数之间的关系；能正确根据质量数和电荷数守恒判断发生和衰变的次数解答：解：Bi的原子核比Np少10个质子，质子数和中子数总共少28，故Bi的原子核比Np少18个中子；设Bi变为Np需要经过x次衰变和y次衰变，根据质量数和电荷数守恒则有：93=2xy+83，4x=237209，所以解得：x=7，y=4故答案为：7，4点评：本题考查了原子核衰变过程中质量数和电荷数守恒的应用，对于这一重点知识，要注意加强练习37（2014春新沂市校级期末）一种典型的铀核裂变方程是
59、U+nBa+Kr+n这个反应中：释放出的中子对于链式反应的发生有（选填“有”或“没有”）作用；U核的比结合能（选填“”、“”或“=”）Ba核的比结合能；一个U核释放的能量为200MeV，质量亏损了41028kg（结果保留一位有效数字）考点：重核的裂变版权所有分析：根据链式反应的条件，即可确定中子的作用；由比结合能等于结合能与核子的比值，即可求解；根据爱因斯坦质能方程E=mc2求出反应过程中的质量亏损解答：解：根据链式反应的条件，反应中释放出的中子必须通过慢化剂，即可发生链式反应；根据核反应释放能量，结合U核没有Ba核稳定，可知，U核的比结合能小于Ba核的比结合能；根据爱因斯坦质能方程E=mc2
60、得：m= kg=3.551028 kg41028 kg；故答案为：有，41028点评：该题考查爱因斯坦质能方程，属于对基础知识的考查，要牢记公式，注意比结合能与结合能的区别，掌握链式反应的条件38（2014春新沂市校级期末）气垫导轨是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成“气垫”，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上运动时可不计摩擦，现用带竖直挡板C、D的气垫导轨和滑块A、B验证动量守恒定律，实验装置如图所示，有以下实验步骤：A松开手的同时，记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作，当A、B滑块分别碰撞C、D挡板时计时器结束计时，记下A、B分别到达C、D的运动时间t1和t2；B在A、B间水平放入一个轻弹
61、簧（长度忽略不计），用手压住A、B使弹簧压缩，放置在气垫导轨上，并让它静止在某个位置；C给导轨送气，调整气垫导轨，使导轨处于水平；D读出初始时滑块A到挡板C的距离L1和滑块B到挡板D的距离L2；E测出两滑块的质量mA和mB（1）将实验步骤E补充完整（2）实验步骤补充完整后，正确的顺序是E、C、B、D、A（3）利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是mAmB=0考点：验证动量守恒定律；动量守恒定律；机械能守恒定律版权所有专题：实验题分析：根据实验的原理确定测量的物理量，以及测量的步骤，根据原理列出动量守恒定律的表达式然后分析答题解答：解：（1）因系统水平方向动量守恒即：mAvAmBVB
62、=0，由于系统不受摩擦，故滑块在水平方向做匀速直线运动故有：vA=，vB=，若要验证动量守恒定律则：mAvAmBVB=0，代入得：mAmB=0，由此可知，实验需要测出：测出两滑块的质量mA和mB；（2）实验时应先测出滑块质量，然后调节气垫导轨水平，测出滑块到挡板的距离，然后释放滑块，测出滑块的运动时间，最后进行实验数据处理，因此合理的实验步骤是：E、C、B、D、A；（3）由（1）可知，验证动量守恒的表达式是：mAmB=0故答案为：（1）测出两滑块的质量mA和mB；（2）E、C、B、D、A；（3）mAmB=0、点评：利用位移或位移与时间的比值表示物体的速度是物理实验中常用的一种方法，要注意掌握四
63、、计算题：本题共1小题，共计8分.解答时请写出必要的文字说明、方程和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.39（2014春新沂市校级期末）质量为4m的木块静止在光滑的水平地面上，一颗质量为m的子弹以速度v0射向木块，击穿木块后，子弹以相对木块的速度继续前行求：（1）木块被击穿后的速度；（2）子弹击穿木块的过程中，子弹和木块共同损失的机械能考点：动量守恒定律；机械能守恒定律版权所有专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合分析：（1）子弹击穿木块过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出木块的速度；（2）应用能量守恒定律可以求出系统损失的机械能解答：解：（1）子弹击穿木块过程系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，设木块的速度为v，则子弹的速度为：v+，由动量守恒定律得：mv0=4mv+m（v+），解得：v=；（2）由能量守恒定律可知，系统损失的机械能：E=mv024mv2m（v+）2，解得：E=mv02；答：（1）木块被击穿后的速度为；（2）子弹击穿木块的过程中，子弹和木块共同损失的机械能为mv02点评：本题考查了求速度、损失的机械能，分析清楚运动过程、应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可正确解题