1、2015-2016学年山西省晋城一中高二（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题：1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，选不全得2分，有选错或不选得0分1下述关于静电的利用与防范的事例中，正确的是（）A印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害B油罐车在运输过程中会带静电，为避免电荷越积越多，油罐车应绝缘良好C静电除尘器是使灰尘带电后在电场力作用下奔向电极并吸附于电极上D静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关2如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图PA、PB、PC所示
2、，则下列说法中正确的是（）A三个粒子的加速度关系aAaBaCB三个粒子的加速度关系aAaBaCC三个粒子的入射速度关系vAvBvCD三个粒子的入射速度关系vAvBvC3某电解池，如果在2s内共有51018个二价正离子和11019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是（）A0B0.8AC1.6AD3.2A4关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D如果不是纯电阻电路，
3、电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算5如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）AI变大，U变大BI变小，U变小CI变小，U变大DI变大，U变小6如图所示的电路为欧姆表原理图，把欧姆表调零后测量一个阻值为R=10的电阻时，指针偏转至满刻度的处，现测量一个电阻Rx，指针偏转至满刻度的处，则电阻Rx的阻值为（）A4B20C30D607有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱
4、体，柱体高均为h，大柱体柱截面边长为a，小柱体柱截面边长为b，现将大小柱体串联接在电压U上，已知通过导体电流方向如图，大小为I，则导体电阻率为（）A=B=C=D=8一平行板电容器的电容为C，两板间的距离为d，上板带正电，电量为Q，下板带负电，电量也为Q，它们产生的电场在很远处的电势为零两个带异号电荷的小球用一绝缘刚性杆相连，小球的电量都为q，杆长为l，且ld现将它们从很远处移到电容器内两板之间，处于图示的静止状态（杆与板面垂直），在此过程中电场力对两个小球所做总功的大小等于多少？（设两球移动过程中极板上电荷分布不变）（）AB0CD9如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地（不影响极板
5、上的电荷量），在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，表示P点的电势，表示负电荷在P点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则下列说法中正确的是（）A变大BU变大CE不变D变大10如图所示，电流表A1（03A）和A2（00.6A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）AA1、A2的读数之比为1：1BA1、A2的读数之比为1：5CA1、A2的指针偏转角度之比为1：1DA1、A2的指针偏转角度之比为1：511有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘
6、地板上，A球在离B球为H的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）AA、B球带等量同种电荷，则hHBA、B球带等量同种电荷，则h=HCA、B球带等量异种电荷，则hHDA、B球带等量异种电荷，则h=H12在如图（a）所示的电路中，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示则（）A电源内电阻的阻值为10B电源的最大输出功率为1.8WC滑动变阻器R2的最大功率为0.9WD图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线二、非选择题（共6小题
7、，满分52分）13现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示（1）由上图读得圆柱体的直径为mm，长度为cm（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为=14某物理实验小组用下列器材进行实验描绘一种特殊元件的伏安特性曲线，所测数据记录在表格中序号12345678910U/V00.40.81.21.62.02.42.62.83.0I/mA00.92.24.26
8、.711.919.023.830.037.1器材有：A待测元件Rx B电流表A（050mA，内阻约为200）C电压表V1（03V，内阻约为10k） D电压表V2（06V，内阻约为15k）E滑动变阻器R1（020，2A） F滑动变阻器R2（0200，0.2A）G学生电源（直流4V） H开关及导线（1）为了调节方便，并使测量尽可能准确，实验中电压表应选，滑动变阻器应选（填器材符号）（2）在图1虚线框内画出实验电路图（3）在图2坐标纸上用描点法画出元件的伏安特性曲线（4）若该元件的最佳工作电压为2.8V，现用电动势为4V，内阻r=1的电源为其供电，则要在电路中串联一个阻值为R=的电阻，才能使其处于最
9、佳工作状态（保留两位有效数字）15如图所示的电路中，电源的电动势E=2V，R1=R2=R3=1，当S闭合时，电压表的示数为1V，求：（1）流过R1和R2的电流；（2）电源的路端电压和内电阻；（3）若S断开，电压表的示数变为多少？16有三盘电灯L1、L2、L3，规格分别是“110V，100W”，“110V，60W”，“110V，25W”要求接到电压是220V的电源上，使每盏灯都能正常发光可以使用一直适当规格的电阻，请按最优方案设计一个电路，对电阻的要求如何？17（10分）（2015东莞校级模拟）如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔
10、沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离18（10分）（2015徐水县校级一模）如图所示，直流电动机M串联在直流电路中，其轴与圆盘中心O相连开关S断开时，电压表的读数12.6V，开关S接通时，电流表的读数为2A，电压表的读数为12V圆盘半径为5cm，
11、测速计测得圆盘的转速为r/s，两弹簧秤的读数分别为F1=7N，F2=6.10N，问：（1）电动机的输出功率、效率各为多少？（2）拉紧皮带可使电动机停转，此时电压表、电流表的读数各为多少？电动机的输入功率为多大？2015-2016学年山西省晋城一中高二（上）月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题：1-8题为单选，每题4分；9-12题为不定项，不只一个正确选项，全对得4分，选不全得2分，有选错或不选得0分1下述关于静电的利用与防范的事例中，正确的是（）A印染厂应保持空气干燥，避免静电积累带来的潜在危害B油罐车在运输过程中会带静电，为避免电荷越积越多，油罐车应绝缘良好C静电除尘器是使灰
12、尘带电后在电场力作用下奔向电极并吸附于电极上D静电复印机的工作过程实际上和静电完全无关【考点】静电现象的解释【分析】静电也就是生活中摩擦起电现象产生的，例如用塑料梳子梳头发，塑料梳子和头发之间就会发生摩擦起电现象静电有的有利，有的有害，根据生活中的经验即可解题【解答】解：A、印染厂的车间，有大量静电产生，因此要保持潮湿，这样才能及时将静电导走，选项A说法错误；B、油罐车在运动的过程中，由于里面的油在晃动，也会摩擦产生静电，后面拖一条的铁链就可以以及时的把产生的静电导走，有利于消除静电，故B错误；C、静电除尘器是使灰尘带电后在电场力的作用下奔向电极并吸附于电极上，故C正确；D、静电复印机是利用静
13、电正、负电荷能互相吸引的原理制成的故D错误；故选：C【点评】此题考查的是我们生活中经常出现的静电现象，要注意相应的原理2如图所示，三个带电量相同、质量相等、重力不计的粒子A、B、C，从同一平行板间电场中的同一点P射入，在电场中的运动轨迹如图PA、PB、PC所示，则下列说法中正确的是（）A三个粒子的加速度关系aAaBaCB三个粒子的加速度关系aAaBaCC三个粒子的入射速度关系vAvBvCD三个粒子的入射速度关系vAvBvC【考点】带电粒子在匀强电场中的运动【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】粒子在电场中做类平抛运动，根据类平抛运动规律确定初速度和加速度的关系【解答】解：三个粒子电量相同、
14、质量相同，故加速度a=相同；粒子在电场中做类平抛运动，竖直方向：h=at2可见AB运动时间相同，C运动时间最短，水平方向匀速直线运动：L=v0t v0=故可知vAvBvC故选：D【点评】本题要熟练运用运动的分解法研究类平抛运动，对于多个粒子的比较问题，常常用相同的量或可直接比较的量表示要研究的量3某电解池，如果在2s内共有51018个二价正离子和11019个一价负离子通过面积为0.1m2的某截面，那么通过这个截面的电流是（）A0B0.8AC1.6AD3.2A【考点】电流、电压概念【专题】恒定电流专题【分析】由题计算出1s内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和，根据电流的定义式求解电流一价离子所
15、带电量大小为e=1.61019C【解答】解：由题，1s内通过截面正离子的电量为q1=2n1e，负离子的电量绝对值为q2=n2e，则电流为：I=将n1=51018个，n2=11019个，e=1.61019C代入解得：I=3.2A故选：3.2【点评】本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和4关于电功和电热的计算，下列说法正确的是（）A如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C如果不是纯电阻电路，电功只能
16、用公式W=I2Rt计算D如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算【解答】解：A、纯电阻电路，根据能量守恒电功和电热电相等，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，故A正确 B、同理可知B错误 C、非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，故C错误 D、非纯电阻电路，电热用公式W=I2Rt计算故D错误故选A【点评】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热计算，注意灵活
17、选取公式5如图甲所示是一火警报警器的部分电路示意图，其中R2为半导体热敏材料制成的传感器，其电阻R2随温度t变化的图线如图乙所示电流表为值班室的显示器，a、b之间接报警器当传感器R2所在处出现火情时，显示器的电流I和报警器两端的电压U的变化情况是（）AI变大，U变大BI变小，U变小CI变小，U变大DI变大，U变小【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】R2为用半导体热敏材料制成的传感器，出现火情，温度升高时，其电阻减小分析外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化根据并联部分电压的变化，分析I的变化【解答】解：当传感器R2所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R
18、2的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小电路中并联部分的电压U并=EI总（R1+r），I总变大，其他量不变，则U并变小，电流表示数I变小故B正确，ACD错误；故选：B【点评】电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案6如图所示的电路为欧姆表原理图，把欧姆表调零后测量一个阻值为R=10的电阻时，指针偏转至满刻度的处，现测量一个电阻Rx，指针偏转至满刻度的处，则电阻Rx的阻值为（）A4B20C30D60【考点】多用电表的原理及其使用【专题】定量思想；推理法；恒定电流专题【分析】欧姆表调零即待测
19、电阻为零，根据指针偏转位置和闭合回路欧姆定律求解【解答】解：设电动势为E，内阻为R，满偏电流为Ig， 欧姆表调零时：Ig=，测一阻值为R=10的电阻时： Ig=，测一未知电阻时： Ig=，解得：R=60；故选：D【点评】本题考查欧姆表的改装原理，明确改装原理再结合闭合回路欧姆定律进而求所测电阻7有两个同种材料制成的导体，两导体为横截面为正方形的柱体，柱体高均为h，大柱体柱截面边长为a，小柱体柱截面边长为b，现将大小柱体串联接在电压U上，已知通过导体电流方向如图，大小为I，则导体电阻率为（）A=B=C=D=【考点】电阻定律【分析】分析两电阻之间的大小关系，再由串并联电路的规律可得出电流大小；由电
20、阻定律即可求得电阻率【解答】解：由电阻定律可知：R=可知：两导体的电阻Ra=Rb=；两电阻串联，分压相等，则a两端的电压为；由欧姆定律可知：Ra=解得：=；故选：A【点评】本题要注意电阻定律的应用，明确电阻的大小与电阻率和厚度的关系，明确电阻微型化的依据8一平行板电容器的电容为C，两板间的距离为d，上板带正电，电量为Q，下板带负电，电量也为Q，它们产生的电场在很远处的电势为零两个带异号电荷的小球用一绝缘刚性杆相连，小球的电量都为q，杆长为l，且ld现将它们从很远处移到电容器内两板之间，处于图示的静止状态（杆与板面垂直），在此过程中电场力对两个小球所做总功的大小等于多少？（设两球移动过程中极板上
21、电荷分布不变）（）AB0CD【考点】功的计算；电场强度【专题】压轴题【分析】等量的正负电荷在同一个移动的过程中，电场对它们做的功的大小是相同的，但是一个做正功一个做负功，总功的大小为零，全过程中的电场力对两个小球所做总功的大小等于正电荷移动l做的功的大小【解答】解：由于电场力做功与路径无关，移动两电荷的过程可等效为假设两电荷未用一绝缘刚性杆相连，但彼此绝缘放在一起，首先将两电荷同时移动到题中负电荷的位置，在此过程中电场力对正负电荷分别做了等量的正功和负功，其总功W1=0；然后保持负电荷不动，将正电荷沿电场线移动到题中的位置，在匀强电场中的功为W2=Eql=，因此整个移动过程中电场力的总功为W=
22、W1+W2=故选A【点评】本题要注意这一种解题的思路，从整体上来考虑电场对电荷做功的大小，电场对正负电荷做的总功为零9如图所示，平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地（不影响极板上的电荷量），在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在P点，以E表示两极板间的电场强度，U表示两极板间的电压，表示P点的电势，表示负电荷在P点的电势能若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则下列说法中正确的是（）A变大BU变大CE不变D变大【考点】电容器的动态分析【专题】定量思想；方程法；电容器专题【分析】平行板电容器充电后与电源断开后，电容器的电量不变将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，电容增大
23、由推论公式E=，分析板间场强E的变化情况由公式U=EdP点与上极板间电压的变化，即可判断电势的变化，再判断电势能的变化【解答】解：A、B、C、平行板电容器充电后与电源断开，电容器的电量不变将正极板移到图中虚线所示的位置，板间距离减小，由C=、C= 和E= 结合得E=，可知板间场强E不变，电容C增大，而电量Q不变，由公式C=分析得知板间电压U减小由于负极板的电势比正极板低，则升高故AC正确，B错误D、根据U=Ed，E不变，P点到正极板的距离减小，则正极板与P点的电势差减小，正极板电势为零，P点的电势比正极板低，则P点的电势升高，负电荷在P点的电势能减小故D错误故选：AC【点评】本题是电容器的动态
24、变化分析问题，难点是确定P点与负极板的电势变化，往往根据电势差及电势高低分析电势的变化10如图所示，电流表A1（03A）和A2（00.6A）是由两个相同的电流计改装而成，现将这两个电流表并联后接人电路中闭合开关S，调节滑动变阻器，下列说法中正确的是（）AA1、A2的读数之比为1：1BA1、A2的读数之比为1：5CA1、A2的指针偏转角度之比为1：1DA1、A2的指针偏转角度之比为1：5【考点】把电流表改装成电压表【专题】实验题【分析】电流表A1、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的，它们并联时，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大【解答】解：图中的A1、A2并联
25、，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，所以A1、A2的指针偏转角度之比为1：1；量程不同的电流表读数不同，电流表A1的量程为3A，A2的量程为0.6A，当偏转角相同时，A1、A2的读数之比为5：1，故C正确，ABD错误故选：C【点评】本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成指针偏转角度取决于流过表头的电流大小11有两个完全相同的金属球A、B，B球固定在绝缘地板上，A球在离B球为H的正上方由静止释放下落，与B球发生对心正碰后回跳的高度为h设碰撞中无动能损失，空气阻力不计，若（）AA、B球带等量同种电荷，则hHBA、B球带等量同种电荷，则h=HCA、B球带
26、等量异种电荷，则hHDA、B球带等量异种电荷，则h=H【考点】电势差与电场强度的关系【专题】电场力与电势的性质专题【分析】带电小球要分同种还是异种电荷，同种等量电荷相碰后，电荷量不变，电场力整体不做功，相当于只有重力作用；而异种电荷相碰后，电荷量中和，则没有库仑力作用，则上升电场力不做功【解答】解：AB、若两球带等量同种电荷，碰撞前后两球电荷量不变，根据能量守恒，整个过程中，电场力对A球做功为0，所以H=h；故A错误，B正确CD、若两球带等量异种电荷，碰撞后两球电荷中和，均不带电，碰撞前电场力做正功，碰撞后没有电场力做功，整个过程电场力做正功，电势能减小转化为机械能，根据能量守恒，所以hH；故
27、C正确，D错误故选：BC【点评】考查重力做功与电场力做功，及相碰后电量平分，同时分同种与异种电荷并要掌握能量守恒的应用12在如图（a）所示的电路中，Rl为定值电阻，R2为滑动变阻器，电表均为理想电表闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表读数随电流表读数变化的图线如图（b）所示则（）A电源内电阻的阻值为10B电源的最大输出功率为1.8WC滑动变阻器R2的最大功率为0.9WD图线甲是电压表V2读数随电流表读数变化的图线【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，分析电路中电流的变化，确定两个电压表读数的变
28、化，判断图线与电压表示数的对应关系；根据闭合电路欧姆定律求解电源的内电阻和电动势由图线的斜率求解R1的阻值，将Rl看成电源的内阻，当等效电源的内外电阻相等时，滑动变阻器R2的功率最大【解答】解：AD、将滑动变阻器的滑片P从最右端移到最左端，接入电路的电阻减小，电路中的电流增大，R1的电压和电源的内电压增大，则R2的电压减小，所以电压表V1的示数增大，电压表V2的示数减小，可知图线乙反映的是电压表V1的示数随电流的变化，图线甲反映的是电压表V2的示数随电流的变化根据闭合电路欧姆定律得： 电压表V2的示数 U2=EI（R1+r） 由图线甲的斜率大小等于R1+r，由图知：R1+r=10 图线的斜率等
29、于R1，则R1=5 则得：r=5，故A错误，D正确B、由甲图知：I=0.2A时，U2=4V，则电源的电动势为 E=U2+I（R1+r）=4+0.2（5+5）=6V当R1+R2=r时电源的输出功率最大，则电源的最大输出功率为 Pm=W=1.8W，故B正确C、将Rl看成电源的内阻，当R1+r=R2时，滑动变阻器R2的功率最大，为 PmR2=W=0.9W，故D正确故选：Bcd【点评】本题关键：一是分析电路图，确认电路组成、连接方式、三电表的测量对象，能从图象上得到相关信息二能运用等效思维求解滑动变阻器R2的最大功率二、非选择题（共6小题，满分52分）13现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，
30、现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，用游标卡尺测量该圆柱体的长度螺旋测微器和游标卡尺的示数如图（a）和图（b）所示（1）由上图读得圆柱体的直径为1.844mm，长度为4.240cm（2）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别用D、L表示，则用测得的D、L、I、U表示的电阻率的关系式为=【考点】测定金属的电阻率；刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用【专题】实验题【分析】（1）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（2）根据欧姆定律和电阻定律列式求解【解答】解：（1）
31、由图a所示可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，游标尺示数为34.30.01mm=0.343mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.343mm=1.843mm；由图所示可知，游标卡尺主尺示数为4.2cm，游标尺示数为80.05mm=0.40mm，游标卡尺示数为42mm+0.40mm=42.40mm=4.240cm；（2）根据电阻定律，有：R=解得：=故答案为：（1）1.844，4.240；（2）【点评】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺不需要估读，螺旋测微器需要估读，对游标卡尺读数时，要注意游标尺的精度并掌握电阻定律
32、与欧姆定律的应用14某物理实验小组用下列器材进行实验描绘一种特殊元件的伏安特性曲线，所测数据记录在表格中序号12345678910U/V00.40.81.21.62.02.42.62.83.0I/mA00.92.24.26.711.919.023.830.037.1器材有：A待测元件Rx B电流表A（050mA，内阻约为200）C电压表V1（03V，内阻约为10k） D电压表V2（06V，内阻约为15k）E滑动变阻器R1（020，2A） F滑动变阻器R2（0200，0.2A）G学生电源（直流4V） H开关及导线（1）为了调节方便，并使测量尽可能准确，实验中电压表应选V1，滑动变阻器应选R1（填
33、器材符号）（2）在图1虚线框内画出实验电路图（3）在图2坐标纸上用描点法画出元件的伏安特性曲线（4）若该元件的最佳工作电压为2.8V，现用电动势为4V，内阻r=1的电源为其供电，则要在电路中串联一个阻值为R=39的电阻，才能使其处于最佳工作状态（保留两位有效数字）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【专题】恒定电流专题【分析】（1）根据元件的额定电压确定电压表，从减小误差和可操作性角度确定滑动变阻器（2）根据实验要求电流从零调可知变阻器应用分压式接法，根据待测电阻远小于电压表内阻可知，电流表应用外接法；（3）描点法作图的关键是认真描点画出平滑的曲线即可（4）根据闭合电路的欧姆定律即可求出串联电阻的
34、电阻值【解答】解：（1）由表格中的数据可知，测量的最大电压是3V，所以选择的电压表是量程3V的V1；由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法，要选择电阻值比较小的R1（2）待测电阻的电阻值约为：RA即待测元件的电阻值小于电流表的电阻值，所以测量电路需要使用电流表外接法由于测量过程中的电压是从0开始，所以实验使用滑动变阻器的分压式接法则实验的原理图如图（3）将表格中的数据先在图中描点，然后用平滑的曲线连接如图；（4）该元件的最佳工作电压为2.8V，设需要串联一个电阻值为R的电阻，则由闭合电路的欧姆定律：代入数据得：R=39故答案为：（1）V1，R1；（2）如图；（3）如
35、图； （4）39【点评】对电学实验应明确：若要求电流从零调时变阻器应用分压式接法当待测电阻远小于电压表内阻时，电流表应用外接法注意实物图的连接方式15如图所示的电路中，电源的电动势E=2V，R1=R2=R3=1，当S闭合时，电压表的示数为1V，求：（1）流过R1和R2的电流；（2）电源的路端电压和内电阻；（3）若S断开，电压表的示数变为多少？【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】（1）根据欧姆定律求出流过R1的电流，由并联电路电流的分配规律求流过R2的电流（2）由欧姆定律求出并联部分的电压，得到外电路总电压，即路端电压由闭合电路欧姆定律求电源的内阻（3）若S断开，根据串联电路电
36、压与电阻成正比的规律求解电压表的示数【解答】解：（1）根据欧姆定律得流过R1的电流 I1=A=1A由于R2=R3，所以流过R2的电流 I2=I1=0.5A（2）R2的电压U2=I2R2=0.5V故路端电压 U=U1+U2=1.5V内电阻 r=0.5（3）若S断开，电压表的示数为 U1=E=2V=0.8V答：（1）流过R1和R2的电流分别为1A和0.5A；（2）电源的路端电压为1.5V，内电阻为0.5；（3）若S断开，电压表的示数变为0.8V【点评】本题主要考查了闭合电路欧姆定律及串并联电路电压、电流的关系的直接应用，要求同学们能正确分析电路的结构，明确各个部分电压与电流的关系16有三盘电灯L1
37、、L2、L3，规格分别是“110V，100W”，“110V，60W”，“110V，25W”要求接到电压是220V的电源上，使每盏灯都能正常发光可以使用一直适当规格的电阻，请按最优方案设计一个电路，对电阻的要求如何？【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】将三个电灯接到220V的电源上，可将两个电阻较大的电灯“110V60W”、“110V25W”与电阻器并联，再与“110V100W”串连接在220V的电源上，能使每盏灯都正常发光根据功率公式求出每个电灯的额定电流，得到通过电阻器的电流，再求解出其电阻值【解答】解：根据串联电路的电压与电阻成正比特点可知：要使每盏灯都能正常发光，电压等于110V，可将两个
38、电阻较大的电灯“110V60W”、“110V25W”与电阻器并联，再与“110V100W”串连接在220V的电源上，电路连接如图所示，当左右两边的总电阻相等时才能各分压110V，使电灯都正常发光由公式P=UI得L1、L2、L3的额定电流分别为：I1=A=A，I2=A=A，I3=A=A则通过电阻R的电流为 I=I1I2I3=A=AR=806.7答：电路如图所示，电阻的要求是阻值为806.7，额定电流为A【点评】本题考查设计电路的能力，关键要理解串联、并联电路的特点，知道用电器在额定电压下才能正常工作，设计好电路后要进行检验，看是否达到题目的要求17（10分）（2015东莞校级模拟）如图所示为一真
39、空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点已知加速电压为U1，M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e求：（1）电子穿过A板时的速度大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量；（3）P点到O点的距离【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理的应用【专题】带电粒子在电场中的运动专题【分析】（1）电子在加速电场U1中运动
40、时，电场力对电子做正功，根据动能定理求解电子穿过A板时的速度大小（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，垂直于电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动根据板长和初速度求出时间根据牛顿第二定律求解加速度，由位移公式求解电子从偏转电场射出时的侧移量（3）电子离开偏转电场后沿穿出电场时的速度做匀速直线运动，水平方向：位移为L2，分速度等于v0，求出匀速运动的时间竖直方向：分速度等于vy，由y=vyt求出离开电场后偏转的距离，再加上电场中偏转的距离得解【解答】解：（1）设电子经电压U1加速后的速度为v0，根据动能定理得： eU1=，解得： （2）电子以速度v0进入偏转电场后，垂直于
41、电场方向作匀速直线运动，沿电场方向作初速度为零的匀加速直线运动设偏转电场的电场强度为E，电子在偏转电场运动的时间为t1，电子的加速度为a，离开偏转电场时相对于原运动方向的侧移量为y1 根据牛顿第二定律和运动学公式得： a=，又E=，得a= 水平方向：t1=， 竖直方向：y1=，解得：y1= （3）设电子离开偏转电场时沿电场方向的速度为vy 根据运动学公式得：vy=at1=电子离开偏转电场后作匀速直线运动，设电子离开偏转电场后打在荧光屏上所用的时间为t2，电子打到荧光屏上的侧移量为y2，如图所示 t2=，y2=vyt2解得：y2=P到O点的距离为 y=y1+y2=答：（1）电子穿过A板时的速度大
42、小为； （2）电子从偏转电场射出时的侧移量y1=； （3）P点到O点的距离y2=【点评】带电粒子在电场中类平抛运动的研究方法与平抛运动相似，采用运动的合成与分解第（3）问也可以利用三角形相似法求解18（10分）（2015徐水县校级一模）如图所示，直流电动机M串联在直流电路中，其轴与圆盘中心O相连开关S断开时，电压表的读数12.6V，开关S接通时，电流表的读数为2A，电压表的读数为12V圆盘半径为5cm，测速计测得圆盘的转速为r/s，两弹簧秤的读数分别为F1=7N，F2=6.10N，问：（1）电动机的输出功率、效率各为多少？（2）拉紧皮带可使电动机停转，此时电压表、电流表的读数各为多少？电动机的
43、输入功率为多大？【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】（1）电动机的输入功率P入=UI，电动机的输出功率与皮带对圆盘做功功率相等，且圆盘转动的线速度v为2nr，所以P出=（F1F2）v，进而求出效率；（2）电动机停止转动后就变成了纯电阻电路，根据闭合电路欧姆定律及功率公式即可求解【解答】解：（1）电动机的输入功率为：P入=UI=122W=24W 电动机的输出功率与皮带对圆盘做功功率相等，且圆盘转动的线速度v为2nr则：P出=（F1F2）v=（F1F2） 2nr=（7.276.1）20.05=18W效率为：=100%=75%（2）拉紧皮带使电动机停转，此时电路为纯电阻电路，由题分析可知电源电动势为12.6V，电源内阻为：r=0.3，电动机的直流电阻为：R=1.5此时电流表示数为：I=7A 电压表示数为：U=IR=71.5=10.5V电动机的输入功率为：P=IU=710.5=73.5W答：（1）电动机的输入功率为24W、输出功率为18W、效率为75%；（2）拉紧皮带可使电动机停转，此时电压表的示数为10.5V、电流表的示数为7A，电动机的输入功率为73.5W【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的2016年1月17日