1、考前冲刺模拟卷三1.(2013云南省昆明市质检)已知长直通电导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与该导线中的电流成正比，与该点到导线的距离成反比如图所示，a、b、c、d四根长直通电导体棒平行放置，它们的横截面构成一个正方形，O为正方形的中心，a、b、d中电流方向垂直纸面向里，c中电流方向垂直纸面向外，电流大小满足：IaIcIdIb，则关于a、b、c、d长直通电导线在O点产生合磁场的方向可能是()A由O点指向aOb区域B由O点指向bOc区域C由O点指向cOd区域D由O点指向aOd区域解析a、c两根长直通电导体棒在O点产生合磁场的方向由O指向d；b、d两根长直通电导体棒在O点产生合磁场的方向由O指
2、向a；a、b、c、d四根长直通电导体棒在O点产生合磁场的方向可能是由O点指向aOd区域，选项D正确答案D2(多选题)(2013上海市七校调研联考)如图所示，分别用恒力F1、F2将质量为m的物体，由静止开始，沿相同的、固定、粗糙斜面由底端推到顶端，F1沿斜面向上，F2沿水平方向已知两次所用时间相等，则在两个过程中()A物体加速度相同B物体机械能增量相同C物体克服摩擦力做功相同D恒力F1、F2对物体做功相同解析根据两次所用时间相等，都是沿相同的、固定、粗糙斜面由底端推到顶端，则在两个过程中物体加速度相同，物体机械能增量相同，选项A、B正确F2沿水平方向时，摩擦力较大，物体克服摩擦力做功较多，选项C
3、错误由于F2沿水平方向，此种情况下，物体受的摩擦力较大，由动能定理得，恒力F1对物体做功较多，选项D错误答案AB3.(多选题)如图所示，绝缘斜面固定在水平地面上，斜面所在空间存在竖直向下的匀强电场一带负电荷的滑块以初速度v0沿斜面上滑已知滑块始终在斜面上运动，下面四个图象分别表示滑块运动过程中的速度时间图象，其中可能正确的是()解析若滑块受的重力等于电场力，则滑块做匀速直线运动，选项A正确；若滑块受的重力大于电场力，则滑块做匀减速直线运动，斜面光滑时，选项B正确斜面粗糙时，若(mgEq)sinfm，则选项D正确答案ABCD4(多选题)一物体放在水平面上，在水平拉力的作用下由静止开始运动，水平拉
4、力做的功W和物体发生的位移l之间的关系如图所示，物体的质量为2 kg，物体与水平面之间的动摩擦因数0.1，重力加速度g取10 m/s2，则此物体()A在OA段运动的加速度是2.5 m/s2B在OA段运动的加速度是1.5 m/s2C在位移为l9 m时的速度是5 m/sD在位移为l9 m时的速度是3 m/s解析03 m内，由公式WFx可知，OA段的斜率即为水平拉力F，故F5 N，又Ffma，fmg2 N，联立解出a1.5 m/s2，故A错误，B正确；对AB段，x936(m)，由图象水平拉力做的功W27 J15 J12 J，由WFx，解出F2 N，故Ff，故AB段匀速，在位移为l9 m时的速度等于位
5、移为l3 m时的速度v，x3 m，由v22ax，解出v3 m/s，故C错误，D正确答案BD5.(2013江苏省盐城市二模)某电源输出的电流中既有交流又有直流成分，如果需要在R上得到直流成分，应在如图所示电路中的A、B两处连接合适的元件合理的连接方式是()AA、B处均接电感BA、B处均接电容CA处接电感，B处接电容DA处接电容，B处接电感解析如果需要在R上得到直流成分，应在如图所示电路中连接合适的元件是A处接电感，B处接电容，选项C正确答案C6物体在万有引力场中具有的势能叫做引力势能取两物体相距无穷远时的引力势能为零，一个质量为m0的质点距离质量为M0的引力源中心为r0时其引力势能为(式中G为引
6、力常数)，一颗质量为m的人造地球卫星以圆形轨道环绕地球飞行，已知地球的质量为M，由于受高空稀薄空气的阻力作用，卫星的圆轨道半径从r1逐渐减小到r2.若在这个过程中空气阻力做功为Wf，则在下面给出的Wf的四个表达式中正确的是()AWfGMmBWfCWfDWf解析卫星运行轨道半径为r1时，Gm，动能Ek1mv，机械能为E1Ep1Ek1，同理卫星在轨道半径为r2上运动时，机械能为E2Ep2Ek2，由能量守恒可知Wf，B正确答案B7(多选题)(2013广东省江门市模拟)如图所示，螺线管匝数n1 500匝，横截面积S20 cm2，螺线管导线电阻r1 ，电阻R4 ，磁感应强度B的Bt图象如图所示(以向右为
7、正方向)，下列说法正确的是()A电阻R的电流方向是从A到CB感应电流的大小保持不变C电阻R的电压为6 VDC点的电势为4.8 V解析由楞次定律，电阻R的电流方向是从C到A，选项A错误由于磁感应强度均匀增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，感应电流的大小保持不变，选项B正确螺线管内产生的感应电动势E1 500201042 V6 V，电流I1.2 A，电阻R的电压为UIR4.8 V，C点的电势为4.8 V，选项C错误、D正确答案BD8(多选题)机动车的尾气含有铅等大量有害物质，并且也是造成地球“温室效应”的重要因素之一电动汽车因其无尾气排放且噪音小等因素，正在逐渐被人们接受某国产品牌电动
8、汽车的铭牌如下，已知蓄电池储存的电能等于其容量乘输出电压，则下列说法正确的是()规格后轮驱动直流电动机车型：60电动汽车电动机额定输出功率：1 675 W整车质量：400 kg额定转速：600 r/min蓄电池(容量It800 Ah，输出电压：U36 V)额定工作电压/电流：36 V/50 AA.电动汽车正常工作时消耗的电功率1 675 WB电动机的内阻为0.05 C蓄电池充满电后储存的电能不小于2.88104 JD充满电后在额定功率下连续行驶的时间不小于16 h解析电动汽车正常工作时消耗的电功率为P36 V50 A1 800 W，故选项A错误；电动机的内阻r0.05 ，故选项B正确；蓄电池充
9、满电后储存的电能EIUt36 V800 Ah36 V800 A3 600 s1.04108 J，故选项C错误；设充满电后在额定功率下连续行驶的时间为t，则PtE(蓄电池充满电后储存的电能)，即1 800 Wt36 V800 Ah，解出t16 h，故选项D正确答案BD9(1)(多选题)在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条下列说法正确的是_A两次拉伸橡皮条，需将橡皮条沿相同方向拉到相同长度B两次拉伸橡皮条，需将橡皮条和绳的结点拉到相同位置C
10、拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些D弹簧秤、细绳、橡皮条都要与木板平行(2)市场上新出现了一种新式的游标卡尺，这种“新式”游标卡尺上的刻度与传统的游标卡尺明显不同，新式游标卡尺中游标尺的刻度看起来很稀疏，使得读数时清晰明了，便于正确读数已知某“新式”游标卡尺的10分度游标尺总长19 mm.用这种“新式”游标卡尺测某物体的厚度，示数如图，则该物体的厚度为_ cm.解析(1)本实验的目的是探究合力产生的效果与分力产生的效果相同，故A、B对；对C，可减少确定力的方向时产生的误差；对D，可保证合力与分力在同一个平面内(2)10分度的游标卡尺其精度为0.1 mm，主尺上读出整毫米数为31
11、 mm，游标尺读数为刻度数乘以精度为50.1 mm，该物体的厚度为31 mm0.5 mm31.5 mm3.15 cm.答案(1)ABCD(2)3.1510某课外活动小组的同学想测量出某一待测电阻R比较准确的阻值(1)他们首先使用多用电表粗测该电阻为30103 ，为了减少实验误差，他们又利用下面的器材来测量该待测电阻A电源(电动势3 V，内阻0.5 )B电源(电动势16 V，内阻2 )C电流表(量程01 mA，内阻250 )D电流表(量程0500 A，内阻500 )E电压表(量程03 V，内阻10 k)F电压表(量程015 V，内阻50 k)G滑动变阻器R(阻值020 )I开关和导线若干实验电路
12、应选取的仪器是_(用字母表示)；画出实验电路图(2)按画出的实验电路图连接实物图(3)下面是对测量数据记录和进行处理所设计的两个表格，其中正确的是_解析(1)若电源选A，流过待测电阻的最大电流 A100 A，两电流表偏角均太小，故电源只能选B；因此电压表选F；流过待测电阻的最大电流 A500 A，故电流表选D.因为，故应采用电流表内接；滑动变阻器R的最大阻值远小于待测电阻，故应采用滑动变阻器的分压式接法用电压、电流的平均值求电阻的平均值是错误的，乙图正确答案(1)BDFGI如下图所示(2)如下图所示(3)乙11一段凹槽A内侧之间的距离为l，倒扣在水平长木板C上，槽内有一个可看成质点的小物块B，
13、它紧贴槽A内的左侧，如图所示，木板位于光滑水平的桌面上，槽与木板间的摩擦不计，小物块与木板间的动摩擦因数为.B、C二者质量相等，原来都静止，现使B以大小为v0的初速度向右运动，已知v0求：(1)在A、B发生碰撞前，B、C能否达到共同速度？(2)从B开始运动到A、B发生碰撞的时间内，木板C运动的位移？解析(1)槽与木板间的摩擦不计，因此B在C上滑动时，槽A不动，B向右匀减速、C向右匀加速由a，因为B、C二者质量相等，设为m，故它们的加速度大小相等用v1表示它们的共同速度，则对C：v1at则对B：v1v0at设B、C达到共同速度时，B移动的位移为x1，对B由动能定理得mgx1mvmv解得x1根据题
14、设条件v0，可解得x1ll可见，B、C达到共同速度v1时，B尚未与A发生碰撞(2)B、C达到共同速度后，B、C一起匀速运动(lx1)距离，B才能与A的右端发生碰撞设C的速度由0增到v1的过程中，C前进的位移为x2.对C由动能定理得mgx2mv解得x2从B开始运动到A、B发生碰撞的时间内，木板C运动的位移xx2(lx1)联立解得xl.答案(1)已达到共同速度(2)l12(2013河北省石家庄模拟)如图所示，在半径为a的圆形区域中存在垂直纸面向里、磁感应强度大小为B的匀强磁场在圆形区域中固定放置一绝缘材料制成的边长为a的刚性等边三角形框架DEF，其中心位于圆心O上，DE边上中点S处有一粒子源，可沿
15、垂直于DE边向下，以不同速率发射质量为m、电荷量为q的正电粒子若这些粒子与三角形框架发生碰撞时，粒子速度方向均垂直于被碰的边并以原速率返回、电荷量不变，不考虑粒子间相互作用及重力，求：(1)带电粒子速度v的大小取哪些数值时，可使S点发出的粒子最终又回到S点？(2)这些粒子中，回到S点所用的最短时间是多少？解析(1)带电粒子从S点垂直于DE边以速度v射出后，在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，其圆心一定位于DE边上，其半径R可由qvB求得R要求此粒子每次与DEF的三条边碰撞时都与边垂直，且能回到S点，则R和v应满足以下条件：由于碰撞时速度v与边垂直，粒子运动轨迹圆的圆心一定位于DEF的边上，粒子绕过
16、DEF顶点D、E、F时的圆弧的圆心就一定要在相邻边的交点(即D、E、F)上粒子从S点开始向右做圆周运动，其轨迹为一系列半径为R的半圆，在SE边上最后一次的碰撞点与E点的距离应为R，所以的长度应是R的奇数倍即a(2n1)R，n0,1,2,3由几何关系得：a延长OE至圆形区域交于M，EM1.1aOE0.1a若使粒子不射出磁场，有R0.1a由解得n3.83，即n4,5,6由解得vR，n4,5,6(2)这些粒子在磁场中做圆周运动的周期为T在B及q/m给定时T与v无关粒子从S点出发最后回到S点的过程中，与DEF的边碰撞次数愈少，所经历的时间就愈少，可见，当n4时，所用时间最短如图所示(图中只画出SE间的
17、碰撞情况)，由对称性可知该粒子的轨迹包括38个半圆和3个圆心角为300的圆弧，所需时间为：t383TT将式代入得：t29答案(1)，n4,5,6(2)2913物理选修33(1)气体膨胀对外做功100 J，同时从外界吸收了120 J的热量它的内能的变化是()A减小20 J B增大20 JC减小220 J D增大220 J(2)某医院使用的一只氧气瓶，容积为32升，在温度为27 时，瓶内压强为150个大气压，按规定当使用到17 、压强降为10个大气压时，便应重新充气这个医院在27 时，平均每天要用压强为1个大气压的氧气439升，求：这一瓶氧气在17 、10个大气压时体积为多少？这一瓶氧气能用多少天
18、？若上述氧气瓶的开关坏了，使高压氧气迅速向外喷出，当瓶内外压强相等时，才关好开关过一段较长时间再次打开开关，这时瓶内氧气是否还会喷出？解析(1)气体对外做功，W应取100 J，从外界吸收热量，Q应取120 J，故内能的变化量UWQ100 J120 J20 J，故内能应增大20 J.(2)氧气瓶内氧气初态参量：V132 dm3，T127327300(K)，p1150个大气压；设这一瓶氧气在17 、10个大气压时体积为V2，T227317290(K)，p210个大气压，则，解出V2464 dm3.对跑出的气体，设在T327327300(K)，p31个大气压时占的体积为V3，则.这一瓶氧气能用的天数
19、nV3(439 dm3)，联立解得n10.2(天)，取n10(天)因高压氧气迅速向外喷出，氧气来不及与外界进行热交换，可近似看成绝热膨胀Q0，故UW，又氧气对外做功，所以瓶内氧气内能减少，温度降低关上开关时，瓶内氧气温度低于外界，当过一段较长时间后，瓶内氧气温度又等于外界温度，即瓶内剩余气体做等容升温变化，所以C，T变大，则p变大(大于外界大气压)，故再次打开开关时，氧气会喷出答案(1)B(2)464 L10还会喷出14物理选修34(1)为了体现高考的公平公正，近年来高考时在考场上使用了手机信号屏蔽器(右图是其中的一种)，该屏蔽器在工作过程中频率以一定的速度由信道的低端频率向高端扫描，就可以在
20、手机接收报文信号中形成乱码干扰，手机不能检测出从基站发出的正常数据，使手机不能与基站建立连接，达到屏蔽手机信号的目的，手机表现为搜索网络、无信号、无服务系统等现象由以上知识可知_A屏蔽器是利用静电屏蔽的原理来工作的B电磁波必须在介质中才能传播C屏蔽器工作时基站发出的电磁波不能传播到考场内D屏蔽器是通过发射电磁波干扰手机工作来达到目的(2)潜水员在水下某一深度，看到水面上和岸上的所有景物，都出现在水面上半径R3 m的范围内，若水的折射率为n，求该潜水员眼睛所在处水的深度h为多少？解析(1)静电屏蔽是利用电场来工作的，而手机信号屏蔽器是利用电磁场来工作的，故A错误；电磁波可以在真空中传播，B错误；
21、由题意知手机信号屏蔽器工作过程中以一定的速度由信道的低端频率向高端扫描，形成电磁波干扰由基站发出的电磁波信号，使手机不能正常工作，故C错误而D正确(2)如图所示，sinC，又sinC1/n，联立解得h m.答案(1)D(2) m15物理选修35(1)下列说法正确的是_A卢瑟福首先发现了电子B汤姆生首先发现原子具有核式结构C查德威克首先发现了质子D氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子总能量增加(2)某些建筑材料可产生放射性气体氡，氡可以发生或衰变，如果人长期生活在氡浓度过高的环境中，那么，氡经过人的呼吸道沉积在肺部，并放出大量的射线，从而危害人体健康原来静止
22、的氡核(Rn)发生一次衰变生成新核钋(Po)，并放出一个能量为E00.09 MeV的光子已知放出的粒子动能为E5.55 MeV，忽略放出光子的动量，但考虑其能量写出衰变的核反应方程；衰变过程中总的质量亏损为多少？(保留三位有效数字)解析(2)衰变方程为：RnPoHe.忽略放出光子的动量，根据动量守恒定律，0ppPo，即新核钋(Po)的动量与粒子的动量大小相等，又Ek，可求出新核钋(Po)的动能为EPoE.由题意，质量亏损对应的能量以光子的能量和新核、粒子动能形式出现衰变时释放出的总能量为EEEPoE0，根据爱因斯坦质能方程Emc2，故衰变过程中总的质量亏损是m，又1 uc2931.5 MeV，故解出m0.006 16 u.答案(1)D(2)RnPoHe0.006 16 u高考资源网版权所有！投稿可联系QQ：1084591801
