1、河南省中考物理精选真题重组卷三班级_ 姓名_ 学号_ 分数_（本试卷五个大题，21小题，满分70分，考试时间60分钟。）一、填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1.（2019吉林）长吉高速公路全长约110km.一辆轿车以100km/h的速度匀速行驶，通过长吉高速公路约需_h；以正在行驶的轿车为参照物，路旁的护栏是_的。【答案】 1；运动【解析】（1）这辆轿车通过长吉公路的时间为：t= =1h（2）以正在行驶的轿车为参照物，路旁的护栏相对于轿车位置不断发生变化，因此它是运动的。2（2019青海）充气的气球轻轻一压就扁了，说明力可以改变物体的_；用手轻轻向上一弹就飘起来了，说明力可以改变物体
2、的_；如果气球上升过程中所受外力突然消失，气球将做_运动。【答案】形状；运动状态；匀速直线【解析】（1）气球轻轻一压就扁了，形状发生变化，说明力可以改变物体的形状；用手轻轻向上一弹就飘起来了，说明力可以改变物体的运动状态；（2）如果气球上升过程中所受外力突然消失，气球将做匀速直线运动。3（2019常德）如图所示，水壶壶嘴的高度不低于壶身的高度，其设计遵循了的原理；某地水沸腾时的温度是99，则该地的气压（选填“高于”、“低于”或“等于”）1个标准大气压。【答案】连通器低于【解析】茶壶的壶嘴和壶身构成了连通器；水的沸点低于100，因此当地气压低于1个标准大气压。4（2019朝阳）我国北方地区房间中
3、的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较（填“大”或“小”）。冬天用热水袋来暖手，这是通过的方法来增加手的内能。【答案】大；热传递【解析】（1）我国北方地区房间中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容比较大，相同质量的水，在温度变化相同时，其吸收或放出的热量多；（2）冬天用热水袋来暖手，是能量发生了转移，这是通过热传递的方法来增加手的内能。5（2019抚顺）如图所示是小明家的电能表，他家同时使用的用电器总功率不能超过W小明让一个用电器单独工作15min，这段时间内电能表转盘刚好转了120转，则该用电器的实际功率为W，电能表示数将变为。【答案】4400；800；2019.8kWh【解析】（
4、1）由图知，电能表的工作电压是220V，允许通过的最大电流为20A，所以他家同时使用的用电器最大总功率：PUI22020A4400W；（2）“600revs/kWh”表示每消耗1kWh的电能电能表的转盘转600r，电能表的转盘转120r消耗的电能：WkWh0.2kWh，该用电器的电功率：P0.8kW800W；（3）由图示电能表可知，当时电能表示数为2019.6kWh，则后来电能表示数变为：2019.6kWh+0.2kWh2019.8kWh。6（2019无锡）如图是一种手摇发电的手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光。这个手电筒壳体透明，可以清晰地看到里面有线圈，摇动时，可以感觉到有一
5、个物块在来回运动。小明猜想这个物块是磁体，依据是：磁体运动时，闭合线圈切割磁感线产生，线圈相当于电路中的。【答案】感应电流；电源【解析】产生感应电流的三个条件：闭合电路；一部分导体；切割磁感线运功；由题干中图可知该手电筒有线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，此时线圈中有感应电流产生，所以手电筒里面的物块应该是磁铁，线圈相当于电路中的电源，此手电筒发电是电磁感应现象，此过程中将消耗机械能得到电能，即将机械能转化为电能。二、选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分。第712题每小题只有一个选项符合题目要求，第1314题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全
6、的得1分，有选错的得0分）7（2019南京）以下活动中，用来探究声音产生原因的是（） A B C DA将发声的音叉触及面颊 B用大小不同的力敲鼓C将发声手机置于密闭瓶内并抽气 D用硬卡片在梳齿上快划、慢划【答案】A【解析】（1）物体发声时一定振动，振动停止，发声停止；（2）声音的传播需要介质，真空不能传声；（3）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。响度跟振幅有关。音色跟材料和结构有关。A、将发声的音叉触及面颊，感觉音叉振动，说明声音发声时振动，故A符合题意；B、用大小不同的力敲鼓，鼓面振幅不同，响度不同，研究的是响度跟振幅的关系，故B不符合题意；C、罩内抽出空气
7、，闹铃铃声明显减小，说明声音传播需要介质，故C不符合题意；D、用硬卡片在梳齿上快划、慢划时听声音的变化，由于梳齿振动频率不同，频率增大，音调变高，所以研究的是音调和频率的关系，故D不符合题意。8（2019玉林）如图所示，“长征”火箭在加速升空过程中，（）A惯性变大 B机械能保持不变C动能增加，重力势能减小 D动能增加，重力势能增加【答案】D【解析】火箭在加速升空时，火箭质量不变、速度增大，动能增大；火箭的质量不变、高度增加，重力势能增加；因为火箭的动能和重力势能都增加，机械能增加；火箭的质量不变，惯性不变，故ABC错、D正确。故选：D。9（2019西宁）一个质量为60g、体积为100cm3的物
8、体放入酒精（酒精0.8103kg/m3）中，物体静止时，物体在酒精中的体积与物体总体积的比值为（）A34B35C12D23【答案】A【解析】物体的密度0.6g/cm30.6103kg/m30.8103kg/m3，若把该物体放入密度为0.8103kg/m3的酒精中后，物体静止时处于漂浮状态，则F浮G，即：酒精gV排物gV物，则。10（2019绵阳）如图所示，斜面长20m、高10m，固定在水平地面上。一位同学用平行于斜面向上40N的拉力，在20s内把重60N的物体沿斜面向上匀速拉动了10m。在此过程中（）A斜面的机械效率是66.7%B斜面的机械效率是75%C该同学对物体做功的功率是10WD该同学对
9、物体做功的功率是30W【答案】B【解析】由题知，斜面长20m、高10m，则物体沿斜面向上匀速运动10m时，物体升高5m；（1）利用W=Fs求拉力F做的总功，利用W=Gh求拉力做的有用功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比；（2）该同学对物体做功的功率等于有用功与所用时间之比。由题知，斜面长20m、高10m，则物体沿斜面向上匀速运动s=10m时，物体升高h=5m（1）拉力F做的总功：W总=Fs=40N10m=400J；拉力做的有用功：W有用=Gh=60N5m=300J；斜面的机械效率：75%，故A错，B正确；（2）该同学对物体做功的功率：P15W，故CD错。11（2019镇江）甲、乙、丙三个轻质
10、泡沫小球用绝缘细线悬挂在天花板上，它们之间相互作用时的场景如图所示，已知丙球与用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷相同，下列判断正确的是（）A甲、乙两球均带正电 B甲、乙两球均带负电C甲球带正电、乙球一定带负电 D甲球带负电、乙球可能不带电【答案】D【解析】同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。丙球与用毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷相同，即丙带负电，因为甲丙相互排斥，因此甲带负电，甲乙相互吸引，乙可能带正电，可能不带电，因此D正确。12（2019云南）2019年4月30日，云南省政府新闻办发布消息，我省33个贫困县（市、区）达到脱贫标准，退出了贫困序列。脱贫过程中许多村镇安装了“肩扛太阳能电池板，头顶小
11、风扇”的新能源路灯。下列说法正确的是（）A小风扇的作用是为太阳能电池板散热B太阳能电池板把太阳能转化成了小风扇的机械能C这种新能源路灯是集太阳能发电和风力发电为一体的发电用电设备D太阳能电池板可以把接收到的太阳能全部转化为电能【答案】C【解析】自然界中的风能和太阳能是能量巨大的资源，现在科学家都在设计装置利用它们的能量；风扇式发电机可以通过风吹动扇片转动，把风能转化为电能；太阳能电池可以把太阳能转化为电能，任何一种能量转化为另一种能量都有不同程度的能量损失。ABC、小风扇的本质是风力发电机，利用的是电磁感应原理将风能转化为电能；太阳能电池板可以将太阳能直接转化为电能。所以这种新能源路灯是集太阳
12、能发电和风力发电为一体的发电用电设备，故AB错误、C正确；D、太阳能电池板将太阳能转化为电能的效率很低，更不可能把太阳能全部转化为电能，故D错误。13（2019大连）（双选）下列现象中，由光的折射形成的是（）A透过水面看到水中的“鱼”B灯光下看到地上的“人影”C用凸透镜看到放大的“字”D在化妆镜中看到的“自己”【答案】AC【解析】A、透过水面看到水中的“鱼”是来自鱼的光线经过不同介质时发生折射形成的虚像，故A符合题意，B、由于光沿直线传播，灯光照到人身上时会形成影子，故B不符合题意，C、用凸透镜看到放大的“字”，是光经过不同介质时发生折射形成的像，故C符合题意。D、化妆镜中看到“自己”利用的是
13、光的反射，故D不符合题意。14. （2019泸州）（双选）如图为一种测量环境湿度仪器的简化工作原理图。电源电压恒为6V，定值电阻R为l5，R0为湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，阻值范围为1020，电压表量程为03V，电流表量程为00.6A闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证两电表安全的情况下，下列说法中正确的是（）A. 电流表示数变大，R0两端的电压变大B. 电压表示数与电流表示数的比值不变C. 通过R0的最大电流为0.24AD. R0在电路中的最小电阻值为15【答案】BC【解析】由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A、当环境的湿度增加时，因R0随
14、环境湿度的增加而减小，根据串联电路分压特点，R0两端电压U0会变小，故A错误；B、由图可知，电压表测R两端电压，电流表测R电流，由R=可知，电压表示数与电流表示数的比值等于R的阻值，则电压表示数与电流表示数的比值不变，故B正确；C、当R0=10时，电路中的总电阻最小，电路中的电流最大，即经过R0的电流最大，串联电路中总电阻等于各分电阻之和，电路中的最大电流：I大= =0.24A，故C正确；D、根据C选项的分析计算，R0在电路中的最小电阻值10，此时电流表和电压表都不会超过量程，故D错误；由电路图可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。当环境的湿度增加时，R0随环境湿度的
15、增加而减少，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R0两端的电压变化，由欧姆定律结合R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化。三、作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15（2019眉山）一间教室要安装2盏“220V40W”的电灯和1个插座，要求开关S控制两盏灯，且每盏灯都能正常发光。其中部分电路已经连接，请你用笔画线代替导线将电路连接完整。【答案】教室内要安装2盏“220V40W”的照明灯，开关S控制两盏灯，则说明开关在干路上，两灯泡并联，开关S接火线，然后分别进入两灯泡；零线直接接入灯泡。两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。如图所示：【解
16、析】灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡，零线直接接入灯泡。在照明电路中，各个灯泡是并联的，由共同的开关控制。两孔插座的接法，左边接零线，右边接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。16.（2019苏州）图乙中，物块沿绝对光滑的斜面下滑，请画出物块受力的示意图；【答案】由于斜面是光滑的，所以此时物体不会受到摩擦力的作用，它只受到竖直向下的重力和斜面对它的支持力的作用，支持力的方向是垂直于斜面向上的，如下图所示：【解析】物体沿光滑斜面向下滑行，根据一重、二弹、三摩擦的顺序进行受力分析，从而即可求解。让画所受力的示意图，首先要明确其受哪几个力，一
17、个物体受多个力作用，画力的示意图时，要画成共点力。四、实验探究题（本题共3小题，第17题4分，第18题6分，第19题8分，共18分）17（2019德州）利用图甲装置探究“平面镜成像的特点”：在水平桌面上铺一张白纸，再将玻璃板竖立在白纸上，把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前面，再拿一支外形完全相同但不点燃的蜡烛B竖立在玻璃板后面移动，直到看上去它跟蜡烛A的像完全重合。（1）把光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是像。（2）图乙是小强某次测量蜡烛A到平面镜的距离L为cm；将蜡烛靠近玻璃板，像的大小将。（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）若将玻璃板向左倾斜，如
18、图丙所示，观察到蜡烛A的像的大致位置在图中的（选填“”或“”）处。【答案】（1）虚；（2）3.50；不变；（3）【解析】（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像；（2）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位。平面镜成像所成的像与物的大小相同；（3）像与物关于平面镜对称。解：（1）光屏不能接收虚像，只能接收到实像，而平面镜所成的像是虚像；所以光屏放在玻璃板后，无论如何移动，都不能承接到蜡烛A的像，说明平面镜所成的像是虚像；（2）由图
19、知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；物体左侧与0刻度线对齐，右侧与3.5cm对齐，估读为3.50cm。平面镜成像所成的像与物的大小相同，将点燃的蜡烛逐渐靠近玻璃板，它的像将不变；（3）如下图，作出蜡烛火焰关于平面镜的对称点，可知在实验中如果把平板玻璃向左倾斜（如图丙），观察到蜡烛的像的大致位置在图中的处；18（2019绥化）在“探究影响电阻大小的因素”的实验中，某实验小组同学利用如图所示的电路分别对“导体电阻跟它的材料、长度、横截面积有关”的猜想进行实验验证。实验中使用4根电阻丝，其规格、材料如表所示。编号材料长度/m横截面
20、积/mm2电流大小/AA锰铜合金0.50.80.40B镍铬合金0.50.80.32C镍铬合金0.50.40.16D镍铬合金1.00.40.08（1）实验中通过观察来比较电阻的大小，此过程用到的研究方法是。（2）分别将C、D两根合金丝接入电路，可初步探究出的结论是。（3）分别将（填编号）两根合金丝接入电路，可初步探究出的结论是：导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大。【答案】（1）电流表的示数大小；转换法；（2）导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；（3）B、C【解析】（1）在该实验中，电阻的大小是通过电流的大小来体现的，电流越小说明电阻越大。这种方法是转换法。（2）由表中数据
21、可知，将C、D两根合金丝接入电路，C、D合金线的材料、横截面积相同，而长度不同，并且D合金丝的长度大于C的长度，发现接入D合金丝时，电流表的示数比接入C合金丝时更小，说明D合金丝的电阻比C合金丝的电阻大，由此初步得出结论：导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；（3）由表中数据可知，将B、C两根合金丝接入电路，B、C合金线的材料、长度相同，而横截面积不同，并且C合金丝的横截面积小于B的横截面积，发现接入C合金丝时，电流表的示数比接入B合金丝时更小，说明C合金丝的电阻比B合金丝的电阻大，由此初步得出结论：导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大。19（2019德州）在探究“浮力的大
22、小跟哪些因素有关”的实验中（如图所示），小明先用弹簧测力计测出金属块的重力，然后将金属块缓慢浸入液体中不同深度，步骤如图B、C、D、E、F所示（液体均未溢出），并将其示数记录在表中：实验步骤BCDEF弹簧测力计示数/N2.22.01.71.71.9（1）分析比较实验步骤A和，可得出：浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；分析比较A、B、C、D可知：浮力大小与物体有关；分析实验步骤A、E、F可知：浮力的大小还与有关。（2）分析实验数据可知，F中液体密度（选填“大于”、“小于”或“等于”）水的密度。（3）金属块浸没在水中时受到的浮力大小是N，金属块密度为kg/m3。（水的密度水1.0103kg/m
23、3，g取10N/kg）【答案】（l）D、E；排开液体的体积；液体的密度；（2）小于；（3）1；2.7l03【解析】（1）研究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度关系，要控制排开液体的体积和密度相同，只改变浸没在液体中的深度，故由A、D、E图可知，物体排开液体的体积相同时，液体的密度相同，浸没的深度不同，浮力相同，所以物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；研究物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积关系，要控制排开液体的密度相同，由分析比较A、B、C、D可知，液体的密度相同时，物体排开液体的体积不同，浮力不同，所以物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关。由分析比较A、E、F可知
24、，排开液体的体积相同，而液体的密度不同，浮力大小不同，故可得出结论：物体受到的浮力大小与液体的密度有关。（2）根据称重法可知：物块在水中受到的浮力为：F浮GF2.7N1.7N1N；物块在另一液体中受到的浮力为：F浮2.7N1.9N0.8N，根据阿基米德原理F浮液gV排知物体排开液体的体积相同时，密度越大，受到的浮力越大，故F中液体密度小于水的密度。（3）物块在水中受到的浮力为：F浮GF2.7N1.7N1N；V排= =104m3金属块的体积：VV排金属块的质量：m=0.27kg金属块的密度：=2.7l03kg/m3【答案】（1）4.8 （2）2 （3）物体排开液体的体积丙和丁（4）控制变量【解析
25、】（1）由图甲知，弹簧测力计的分度值为0.2N，图中指针指在4至5之间的第4条刻度线处，所以示数为4.8N；（2）由图甲和图丙知，物体完全浸没在水中时所受的浮力为F浮=F1F3=4.8N2.8N=2N；（3）由乙、丙两图实验数据得，物体所受的浮力大小与物体排开液体的体积有关；为了得出物体所受浮力大小与液体密度有关，需确保物体排开液体的体积相同，而物体所在的液体的密度不同，所以应分析图丙和图丁两图的实验数据；（4）因为物体在液体中受到的浮力可能受到多个因素影响，所以在探究本实验时，需要采用控制变量法。五、综合应用题（本题共2小题，每小题9分，共18分）20.（2019烟台）学习了密度和浮力的相关
26、知识后，某学校综合实践活动小组利用弹簧测力计、合金块、细线、已知密度的多种液体、笔、纸等，设计改装成一支密度计。他们的做法是：在弹簧测力计下面挂一个大小适度的合金块，分别将合金块完全浸没在水和煤油中，静止时弹簧测力计示数如图所示，在弹簧测力计刻度盘上标上密度值。再将合金块分别完全浸没在不同的校验液体中，重复上述操作，反复校对检验。这样就制成一支测定液体密度的“密度计”。（g=10N/kg煤油0.8103kg/m3）（1）求合金块的密度。（2）利用学过的公式原理，从理论上分析推导说明，待测液体的密度和弹簧测力计的示数的关系式。指出改装的密度计刻度是否均匀？改装后密度计的分度值是多少？决定密度计量
27、程大小的关键因素是什么？（3）计算说明密度为2.0103kg/m3的刻度应该标在弹簧测力计的哪个位置？【答案】（1）4103kg/m3；（2）液=4103kg/m3F示103kg/（Nm3），改装的密度计刻度是均匀的；改装后密度计的分度值是=0.2103kg/m3；决定密度计量程大小的关键因素是合金块的密度；（3）计算说明密度为2.0103kg/m3的刻度应该标在弹簧测力计2N的位置。【解析】（1）根据称重法测浮力F=GF浮和阿基米德原理有：3.0N=G水gV=G1.0103kg/m310N/kgV-3.2N=G煤油gV=G0.8103kg/m310N/kgV-；由得：V=10-4m3；G=4
28、N，合金块的密度：=4103kg/m3；（2）由得：F示=4N液10N/kg10-4m3；故待测液体的密度和弹簧测力计的示数的关系：液=4103kg/m3F示103kg/（Nm3）-，由知，液与F示为一次函数关系，改装的密度计刻度是均匀的；由知，当F示=4N时，液=0；当F示=0时，液=4103kg/m3；04N之间有20个格，改装后密度计的分度值为：=0.2103kg/m3，由知，决定密度计量程大小的关键因素是合金块的密度；（3）把液=2.0103kg/m3代入得：F示=2.0N，即密度为2.0103kg/m3的刻度应该标在弹簧测力计的2.0N位置处。21（2019大庆）某电热水壶及其铭牌如
29、图所示，小明为了测量该电热水壶的实际功率和加热效率，进行了如下实验：关掉家里所有用电器，将该电热水壶装满水，接通电热水壶，测得壶中水温度从25上升到35所用的时间为50s，同时观察到家中“220V 10（40）A 3200imp/kWh”的电子式电能表的指示灯闪烁了80imp，水的比热容c4.2103J/（kg）。请结合本次实验记录的数据，回答以下问题：（1）除电子式电能表外，小明还需下列哪些器材完成上述两个测量（选填器材前面的序号）刻度尺温度计电压表秒表弹簧测力计（2）若小明利用水升温吸热计算消耗的电能，计算出电热水壶的功率和实际功率相比（选填“偏大”、“偏小”或“相等”），主要原因是。（3
30、）电热水壶的实际功率是W。产品型号1.8L最大容积额定功率2000W额定频率50Hz额定电压220V（4）电热水壶的加热效率是。【答案】（1）（2）消耗的电能不可能完成转化成水的内能；偏小（3）1800（4）84%【解析】（1）根据P，测量该电热水壶的实际功率要测量时间，故用到秒表；根据计算加热效率，在计算Q时要测量温度，故用到温度计；还需完成上述两个测量；（2）若小明利用水升温吸热计算消耗的电能，因消耗的电能不可能完成转化成水的内能，根据P，故计算出电热水壶的功率和实际功率相比偏大。（3）220V10（40）A3200imp/kWh”的电子式电能表的指示灯闪烁了80imp，则消耗的电能为：W80kWh3.6106J9104J；电热水壶的实际功率是：P1800W（4）由题意知，水的体积为1.8L，水的质量：mV1.0103kg/m31.8103m31.8kg；壶中水温度从25上升到35吸收的热量：Qcmt4.2103J/（kg）1.8kg（3525）7.56104J；电热水壶的加热效率是：100%84%。